1、吉林省白城市2019-2020学年高二物理上学期期末考试试题（含解析）一、选择题（50分）1.为已知电场中的一固定点，在点放一电荷量为的试探电荷，所受电场力为，点的场强为，则（ ）A. 若在点换上一，点场强方向发生变化B. 若在点换上电荷量为的试探电荷，点的场强将变为C. 若在点移去电荷，点的场强变为零D. 点场强的大小、方向与的大小、正负、有无均无关【答案】D【解析】【详解】电场强度是通过比值定义法得出的，其大小及方向与试探电荷无关；故放入任何电荷时电场强度的方向和大小均不变A. 若在点换上一，点场强方向发生变化，选项A不符合题意；B. 若在点换上电荷量为的试探电荷，点的场强将变为，选项B不
2、符合题意；C. 若在点移去电荷，点的场强变为零，选项C不符合题意；D. 点场强的大小、方向与的大小、正负、有无均无关，选项D符合题意；2. 如图6，一带负电粒子以某速度进入水平向右的匀强电场中，在电场力作用下形成图中所示的运动轨迹M和N是轨迹上的两点，其中M点在轨迹的最右点不计重力，下列表述正确的是 A. 粒子在M点的速率最大B. 粒子所受电场力沿电场方向C. 粒子在电场中的加速度不变D. 粒子在电场中的电势能始终在增加【答案】C【解析】【详解】根据做曲线运动物体的受力特点合力指向轨迹的凹一侧，再结合电场力的特点可知粒子带负电,即受到的电场力方向与电场线方向相反，B错；从N到M电场力做负功，减
3、速，电势能在增加；当达到M点后电场力做正功，加速，电势能在减小，则在M点的速度最小A错，D错；在整个过程中只受电场力根据牛顿第二定律加速度不变，C正确.3.如图所示，两个不同闭合电路中两个不同电源的U -I图象，则下列说法正确的是（ ）A. 电动势E1=E2，短路电流I1I2B. 电动势E1=E2，内阻r1r2C. 电动势E1E2，内阻r1r2D. 当两电源的工作电流变化量相同时，电源2的路端电压变化较大【答案】AD【解析】【详解】由闭合电路的欧姆定律得EUIr.当I0时电动势E等于路端电压U，即UI图线和U轴的交点就是电动势，由图知，两电源的电动势相等当U0时IE/r，UI图线和I轴的交点就
4、是短路电流，由图可知I1I2.A正确而rE/I，即图线的斜率表示电源的内阻，由图知r1r2，B、C错误当工作电流变化量相同时，因为r1r2，电源2内电压变化较大，由闭合电路的欧姆定律得EU外U内所以电源2的路端电压变化较大D正确4.如图所示，电源电动势为E，内阻为r，合上开关S后各电灯恰能正常发光如果某一时刻电灯L1灯丝烧断，则( ) A. L2、L3变亮，L4变暗B L3变亮，L2、L4变暗C. L4变亮，L2、L3变暗D. L3、L4变亮，L2变暗【答案】A【解析】【详解】当电灯L1的灯丝烧断后，L2这段电路电阻增大，外电路总电阻R总增大，路端电压U增大，干路电流I减小，由R3不变，故L3
5、变亮；由I4=I-I3知I减小，I3增大，则I4减小，U4=I4R4R4不变，U4减小，则L4变暗；U2=U-U4U增大，U4减小，则U2增大，则L2变亮A. L2、L3变亮，L4变暗，与分析相符，故A正确B. L3变亮，L2、L4变暗，与分析不符，故B错误C. L4变亮，L2、L3变暗，与分析不符，故C错误D. L3、L4变亮，L2变暗，与分析不符，故D错误5.对公式的理解，下列说法正确的是（ ）A. 此公式适用于计算任何电场中A、B两点间的电势差B. A点和B点间距离越大，则这两点电势差越大C. 公式中的d是指A点和B点之间的距离D. 公式中的d是A、B所在的两个等势面间的垂直距离【答案】
6、D【解析】【详解】A.公式只适用于计算匀强电场中A、B两点间的电势差，选项A错误；BCD.公式中d是A和B所在等势面间的垂直距离，不是A点和B点间的距离，则A点和B点间距离越大，这两点的电势差不一定越大，选项BC错误，D正确.6.下列说法中正确的是()A. 奥斯特实验说明了通电导线对磁体有作用力B. 奥斯特实验说明了磁体对通电导线有作用力C. 奥斯特实验说明了任意两条通电导线之间有作用力D. 奥斯特实验说明了任意两个磁体之间有作用力【答案】A【解析】奥斯特实验说明了通电导线对磁体有作用力，故A正确；综上所述本题答案是：A7.在磁感应强度B的定义式B=F/IL中，有关各物理量间的关系，下列说法中
7、正确的是（ ）A. B由F、I和L决定B. F由B、I和L决定C. I由B、F和L决定D. L由B、F和I决定【答案】B【解析】【详解】公式中B表示磁感应强度，有磁场自身的因素决定；I为导体棒中的电流，由电路决定；L为导体棒的有效长度，由导体棒及其放在磁场中的形式决定；F为导体棒在磁场中受到的安培力，由B、I、L共同决定，故ACD错误，B正确.8.如图所示，半径为R的圆形线圈共有n匝，其中心位置处半径为r的虚线范围内有匀强磁场，磁场方向垂直线圈平面若磁感应强度为B，则穿过线圈的磁通量为（）A. BR2B. Br2C. nBR2D. nBr2【答案】B【解析】【分析】本题考查磁通量的公式【详解】
8、由磁通量的公式，为具有磁场的有效面积为，解得，B对，ACD错【点睛】本题学生明确磁通量的公式满足线圈平面与磁场方向垂直，能用公式进行相关的计算9.如图所示，线圈与电源、开关、滑动变阻器相连，线圈与电流计G相连，线圈与线圈绕在同一个铁芯上，在下列情况下，电流计G中无示数的是（）A. 开关闭合瞬间B. 开关断开瞬间C. 开关闭合一段时间后，来回移动变阻器滑动端D. 开关闭合一段时间后【答案】D【解析】【详解】A开关闭合瞬间，电路中电流增大，线圈产生的磁场增强，穿过线圈的磁通量增大，产生感应电流故A错误；B将电键突然断开的瞬间，线圈产生的磁场从有到无消失，穿过穿过线圈的磁通量减小，产生感应电流故B错
9、误；C通电时，来回移动变阻器滑动端时，变阻器接入电路的电阻变化，电路中电流变化，线圈产生的磁场变化，穿过线圈磁通量变化，产生感应电流，故C错误D开关闭合一段时间后，线圈中是恒定的电流，线圈产生稳恒的磁场，穿过线圈的磁通量不变，没有感应电流产生，故D正确。故选：D。10. 电阻R、电容C与一线圈连成闭合回路，条形磁铁静止于线圈的正上方，N极朝下，如图所示现使磁铁开始自由下落，在N极接近线圈上端的过程中，流过R的电流方向和电容器极板的带电情况是A. 从a到b，上极板带正电B. 从a到b，下极板带正电C. 从b到a，上极板带正电D. 从b到a，下极板带正电【答案】D【解析】【分析】【详解】由图知，穿
10、过线圈的磁场方向向下，在磁铁向下运动的过程中，线圈的磁通量在增大，故感应电流的磁场方向向上，再根据右手定则可判断，流过R的电流从b到a，电容器下极板带正电，所以A、B、C错误，D正确11.一只标有“220V、60W”的白炽灯泡，加上电压U由零逐渐增大到220V。在此过程中，电压U和电流I的关系可用图线表示。在如图所示的四个图线中，肯定不符合实际的是（）A. B. C. D. 【答案】ACD【解析】【详解】灯泡的电阻受温度的影响，不同电压下温度不同，其电阻也不同，随温度的升高电阻增大，图像斜率变大。A图像与分析不符，故A错误，符合题意；B图像与分析相符，故B正确，不符合题意；C图像与分析不符，故
11、C错误，符合题意；D图像与分析不符，故D错误，符合题意。故选：ACD。12.如图所示，用电池对电容器充电，电路a 、b之间接有一灵敏电流表，两极板之间有一个电荷q处于静止状态。现将两极板的间距变大，则A. 电荷将向上加速运动B. 电荷将向下加速运动C. 电流表中将有从a到b的电流D. 电流表中将有从b到a的电流【答案】BD【解析】【详解】AB电容器极板间电压不变，根据匀强电场中电场强度和电势差的关系：极板间距变大，可知电场强度减小，电荷初始时刻静止不动，受到竖直向下的重力和竖直向上的电场力平衡，电场强度减小，电荷受到的电场力变小，所以电荷将向下加速运动，A错误，B正确。CD根据电容的决定式：极
12、板间距增大，电容减小，根据电容的定义式：极板间电压不变，电容减小，电荷量减小，电容器放电，所以电流表中有从到的电流，C错误，D正确。故选BD。13.如图所示的电场中有A、B两点，下列判断正确的是（） A 电势AB，场强EAEBB. 电势AB，场强EAEpB【答案】BC【解析】【详解】AB电场线的疏密表示电场强度的相对大小，A处电场线疏，场强小，故场强EAEB顺着电场线的方向电势降落，可知AB，故A错误B正确；C将电荷量为q的正电荷放在电场中，受力的方向是从A指向B，故从A点移到B点，电场力做正功，电势能减少，故C正确；D负电荷受到的电场力和电场方向相反，所以从A点移动到B点，电场力做负功，电势
13、能增大，故D错误故选：BC。14.如图所示电路中，A、B是完全相同的灯泡，L是电阻不计的电感线圈，下列说法中正确的是（ ）A. 当开关S闭合时，A灯先亮，B灯后亮B. 当开关S闭合时，B灯先亮，A灯后亮C. 当开关S闭合时，A、B灯同时亮，以后B灯更亮，A灯熄灭D. 当开关S闭合时，A、B灯同时亮，以后亮度不变【答案】C【解析】【详解】当开关S闭合时，电路中的电流增加，由于线圈的自感作用，将产生一自感电动势阻碍电流的增加，此时A、B二灯相当于串联，同时亮；电路稳定后线圈相当于一段导线，将A灯短路，A灯熄灭，B灯两端所加电压增加而变得更亮，故C正确，ABD错误。15.如图所示，一导线弯成半径为a
14、的半圆形闭合回路虚线MN右侧有磁感应强度为B的匀强磁场方向垂直于回路所在的平面回路以速度v向右匀速进入磁场，直径CD始络与MN垂直从D点到达边界开始到C点进入磁场为止，下列结论正确的是（ ） A. 感应电流方向不变B. CD段直线始终不受安培力C. 感应电动势最大值EBavD. 感应电动势平均值【答案】ACD【解析】【详解】A在闭合电路进入磁场的过程中，通过闭合电路的磁通量逐渐增大，根据楞次定律可知感应电流的方向为逆时针方向不变，A正确；B根据左手定则可以判断，受安培力向下，故B错误；C当半圆闭合回路进入磁场一半时，即这时等效长度最大为a，这时感应电动势最大，C正确；D由法拉第电磁感应定律可得
15、感应电动势平均值，故D正确【点睛】由楞次定律可判断电流方向，由左手定则可得出安培力的方向；由，分析过程中最长的L可知最大电动势；由法拉第电磁感应定律可得出电动势的平均值二、填空与实验题（共15分）16.(1)某同学用游标卡尺测量一圆柱体的长度l，用螺旋测微器测量圆柱体的直径d，示数如图所示。由图可读出l_cm，d_mm；(2)在“测定电源的电动势和内阻”的实验中，已连接好部分实验电路。按如图甲所示的实验电路，把图乙中剩余的电路连接起来_；在如图乙所示的电路中，为避免烧坏电表，闭合开关前，滑动变阻器的滑片应置于_端（填“A”或“B”）；图丙是根据实验数据作出的UI图象，由图可知，电源的电动势E_
16、V，内阻r_；(3)在测定金属电阻率的实验中，某同学连接电路如图所示闭合电键后，发现电路有故障（已知电源、电表和导线均完好，电源电动势为E）：若电流表示数为零、电压表示数为E，则发生故障的是_（填“待测金属丝”“滑动变阻器”或“电键”）；若电流表、电压表示数均为零，该同学利用多用电表检查故障先将选择开关旋至_挡（填“欧姆100”“直流电压10V”或“直流电流2.5mA”），再将_（填“红”或“黑”）表笔固定在a接线柱，把另一支表笔依次接b、c、d接线柱若只有滑动变阻器断路，则多用电表的示数依次是_、_、_。【答案】 (1). 2.25 (2). 6.860 (3). (4). B (5). 1
17、.5 (6). 1 (7). 待测金属丝 (8). 直流电压10V (9). 红 (10). 0 (11). E (12). E【解析】【详解】(1)12对游标卡尺主尺为2.2 cm，游标尺为5mm0.5 mm0.05 cm故l2.2 cm0.05 cm2.25 cm螺旋测微器先读出固定刻度读数，由于半刻度线已露出，所以固定刻度为6.5 mm，再读出可动刻度上的格数0.01 mm，读数为6.5 mm36.00.01 mm6.860 mm(2) 3由原理图可知滑动变阻器为限流接法，电压表并联在滑动变阻器两端，由原理图连接实物图所示；4为保证实验安全，在开始时电路中电流应为最小值，故滑动变阻器应接
18、入最大阻值，由图可知，滑动变阻器接入部分为左半部分；故滑片应接到B端；56由U-I图可知，电源的电动势E=1.5V； 当路端电压为1V时，电流为0.5A，则由闭合电路欧姆定律可知：r=1.0(3) 7电流表示数为零，说明电路断路，由于电压表示数为E，说明电压表两端与电源相连，因而待测金属丝断路。89101112判断电路故障问题，应利用多用电表的直流电压挡，电流应从多用电表的红表笔流入多用电表，因而红表笔应与a接线柱相连，当只有滑动变阻器断路时，黑表笔接b时，多用电表不能与电源形成闭合回路，示数为零，黑表笔接c、d时，多用电表与电源两极相连，示数为电源电动势。三、计算论述题（要求每题解答时有必要
19、的文字说明，只写出结果不给分，共35分）17.在磁场中放入一通电导线，导线与磁场垂直，导线长为1cm，电流为0.5A，所受的磁场力为5104 N求： （1）该位置的磁感应强度多大？ （2）若将该电流撤去，该位置的磁感应强度又是多大？ （3）若将通电导线跟磁场平行放置，该导体所受到的磁场力多大？【答案】（1）0.1T （2）0.1T （3）0【解析】(1)根据公式得：(2)撤去电流元，该处的磁感应强度不变，B=0.1T(3)由【点睛】对于感应强度的定义式以及安培力公式F=BIL要明确其适用条件以及公式中各个物理量的含义18.如图所示，匀强电场的电场强度E=2.0104N/C，沿电场线方向有A、B
20、两点，A、B两点间的距离d=0.10m。将电荷量q=+2.010-8C的点电荷从A点移至B点。求：(1)电荷所受电场力F的大小和方向；(2)电荷从A点移至B点的过程中，电场力所做的功W；(3)A、B两点间的电势差是多少？【答案】(1) 4.010-4N，方向向右；(2) 4.010-5J；(3) 2.0103V【解析】【详解】(1)电荷所受电场力F的大小为：F=Eq=2.01042.010-8N=4.010-4N，方向向右(2)电荷从A点移至B点的过程中，电场力所做的功为：W=Fd=4.010-40.10J=4.010-5J(3)A、B两点间的电势差是：U=Ed=2.01040.10V=2.0
21、103V19. 如图所示，在绝缘光滑水平面上，有一个边长为L的单匝正方形线框abcd，在外力作用下以恒定的速率v向右运动进入磁感应强度为B的有界匀强磁场区域；线框被全部拉入磁场的过程中线框平面保持与磁场方向垂直，线框的ab边始终平行于磁场的边界已知线框的四个边的电阻值相等，均为R求：（1）在ab边刚进入磁场区域时，线框内的电流大小；（2）在ab边刚进入磁场区域时，ab边两端的电压；（3）在线框被拉入磁场的整个过程中，线框中电流产生的热量【答案】（1）（2）（3）【解析】试题分析：（1）ab边切割磁感线产生的感应电动势为E=BLv通过线框的电流为，（2）ab边两端的电压为路端电压 UabE所以（3）线框被拉入磁场的整个过程所用时间线框中电流产生的热量考点：法拉第电磁感应定律【名师点睛】由法拉第电磁感应定律可求出感应电动势，由焦耳定律可求出产生的热量但注意是ab边两端的电压，由于ab边切割，相当电源接入三个电阻均为R的外电阻，电源的内电阻也为R的电路，所以ab边两端的电压是电路中的路端电压