1、江苏、河南、湖南、四川、宁夏、海南等六地区的试卷投稿，请联系QQ：23553 94698。成都外国语学校高2014届高三（下）2月月考理科综合 试 题高考资源网满分150分，考试时间150 分钟。注意事项：1答题前，考试务必先认真核对条形码上的姓名，准考证号和座位号，无误后将本人姓名、准考证号和座位号填写在相应位置，2答选择题时，必须使用2B铅笔将答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号；3答题时，必须使用0.5毫米黑色签字笔，将答案规范、整洁地书写在答题卡规定的位置上；4所有题目必须在答题卡上作答，在试题卷上答题无效；5考试结束后将答题卡交回，不得折叠、损
2、毁答题卡。物理部分 命题人：周永志 审题人：王祖彬第卷 (选择题 共42分)一、选择题（42分）1一束单色光斜射到厚平板玻璃的一个表面上，经两次折射后从玻璃板另一个表面射出，出射光线相对于入射光线侧移了一段距离。在下列情况下，出射光线侧移距离最大的是（ ）。 A.红光以30的入射角入射 B.红光以45的入射角入射 C.紫光以30的入射角入射 D.紫光以45的入射角入射【答案】D画出光的两次折射的光路图，由题意知O2A为侧移距离x根据几何关系有：又有（1）若为同一色光，则n相同，则i增加且i比r增加得快，得知且增加，且增加，故A、C错误。（2）若入射角相同，由两式可得得知n增加，x增加，故D正确
3、。 故选D。【考点】折射定律2图示为一列沿轴负方向传播的简谐横波，实线为时刻的波形图，虚线为时的波形图，波的周期T0.6s，则（ ）。 A.波的周期为2.4s B.在s时，P点沿y轴正方向运动 C.经过0.4s，P点经过的路程为4m D.在时，Q点到达波峰位置【答案】DA、根据题意应用平移法可知由实线得到虚线需要将图象沿x轴负方向平移，其中n=0、1、2、3、4，故由实线传播到虚线这种状态需要，即，解得，其中n=0、1、2、3、4，当n=0时，解得T=0.8s，当n=1时，解得T=0.34s，又T0.6s，故最大周期为0.8s，故A错；B、由于波沿x轴负方向传播，故t=0时p点沿y轴负方向运动
4、，故t=0.8s时p点沿y轴负方向运动，而周期T=0.8s，故0.9s时P点沿y轴负方向运动，故B错误；C、在一个周期内p点完成一个全振动，即其运动路程为4A，而0.4s=T，故p点的运动路程为2A=0.4m，C错；D、由题意可知波长=8m，则变速，在t=0时Q点的横坐标为5m，由于波沿y轴负方向运动，故在t=0.5s的时间内波沿x轴负方向传播的距离为x=vt=100.5=5m，故在t=0.5s时，Q点振动情况和t=0时距离坐标原点10m处的质点的振动情况相同，而t=0时距离坐标原点10m处的质点在波峰，在t=0.5s时，Q点到达波峰位置，故D正确。故选D。【考点】波的形成和传播；波长、频率和
5、波速的关系3从地球上发射两颗人造地球卫星A和B，绕地球做匀速圆周运动的半径之比为RA:RB=4:1，则它们的线速度之比和运动周期之比TA:TB为（ ） A. 2:1，1:16 B. 1:2，8:1 C. 1:2，1:8 D. 2:1，2:1 【答案】B卫星做匀速圆周运动，万有引力提供向心力，则，联立解得根据知故选B。【考点】万有引力定律4如图所示，长为L的轻杆一端固定一质量为的小球，另一端安装有固定的转动轴O，杆可在竖直平面内绕轴O无摩擦地转动。若在最低点P处给小球一沿切线方向的初速度，其中为重力加速度，不计空气阻力，则（ ）A.小球不可能到达圆周轨道的最高点QB.小球能到达最高点Q，但小球在
6、Q点不受轻杆的弹力C.小球能到达最高点Q，且小球在Q点受到轻杆向上的弹力D.小球能到达最高点Q，且小球在Q点受到轻杆向下的弹力【答案】CA、初速度，则动能为，大于到顶端时增加的重力势能，所以能到达顶端，故A错误；BCD、到达顶端时的动能，速度为，小于临界速度，所以杆给小球支持力，故B错误C正确D错误；故选C。【考点】圆周运动的向心力；机械能守恒定律5如图所示的电路中，有一自耦变压器，左侧并联一只理想电压表V1后接在稳定的交流电源上；右侧串联灯泡L和滑动变阻器R，R上并联一只理想电压表V2。下列说法中正确的是（ ） A.若F不动，滑片P向下滑动时，V1示数变大，V2示数变小B.若F不动，滑片P向
7、下滑动时，灯泡消耗的功率变小C.若P不动，滑片F向下移动时，V1、V2的示数均变小D.若P不动，滑片F向下移动时，灯泡消耗的功率变大【答案】BA、滑片P向下滑动时，副线圈电阻增大，电流减小，灯泡两端的电压减小，电压表示数V2增大，故A错误；B、滑片P向下滑动时，副线圈电阻增大，电流减小，灯泡消耗的功率减小，故B正确；C、V1不变，故C错误；D、滑片F向下移动时，匝数比变大，副线圈的电压变小，灯泡两端的电压减小，功率减小，故D错误。故选B。【考点】变压器；电路动态分析6一个质量为m、带电荷量为q的粒子从两平行金属板的正中间沿与匀强电场相垂直的方向射入，如图所示，不计重力，当粒子的入射速度为时，它
8、恰好能穿过这电场而不会碰到金属板。现欲使入射速度为的此带电粒子也恰好能穿过这电场而不碰到金属板，则在其他量不变的情况卞，必须（ ） A.使粒子的带电荷量减小为原来的 B.使两板间的电压减小为原来的 C.使两板间的距离增大为原来的2倍 D.使两板间的距离增大为原来的4倍【答案】BC设平行板长度为l，宽度为d，板间电压为U，恰能穿过一电场区域而不碰到金属板上，则沿初速度方向做匀速运动：垂直初速度方向做匀加速运动：则通过电场时偏转距离当粒子的入射速度为v时，粒子恰好能穿过一电场区域而不碰到金属板上，；欲使质量为m、入射速度为v2的粒子也能恰好穿过这一电场区域而不碰到金属板，则y不变，仍为d；v，y=
9、d，则由得可行的方法有：应使粒子的带电量减少为原来的，使两板间所接电源的电压减少为原来的，使两板间的距离增加到原来的两倍。故选BC。【考点】带点粒子在匀强电场中的运动7在光滑的水平地面上方，有两个磁感应强度大小均为B、方向相反的水平匀强磁场，如图所示PQ为两个磁场的边界，磁场范围足够大。一个半径为，质量为m，电阻为R的金属圆环垂直磁场方向，以速度从如图所示位置运动，当圆环运动到直径刚好与边界线PQ重合时，圆环的速度为/2，则下列说法正确的是（ ） A.此时圆环中的电功率为 B.此时圆环的加速度为 C.此过程中通过圆环截面的电荷量为 D.此过程中回路产生的电能为0.75 【答案】ACA、当直径与
10、边界线重合时，圆环运动到直径刚好与边界线PQ重合时，圆环左右两半环均产生感应电动势，故线圈中的感应电动势；圆环中的电功率，故A正确；B、此时圆环受力，由牛顿第二定律可得，加速度，故B错误；C、电路中的平均电动势，则电路中通过的电量，故C正确；D、此过程中产生的电能等于电路中的热量，也等于外力所做的功，则一定也等于动能的改变量，故，故D错误；故选AC。【考点】法拉第电磁感应定律；闭合电路的欧姆定律；导体切割磁感线时的感应电动势物理部分 第卷(非选择题 共68分)二、实验题（16分）8（1）（6分）用图甲所示的装置利用打点计时器进行探究动能定理的实验，实验时测得小车的质量为，木板的倾角为。实验过程
11、中，选出一条比较清晰的纸带，用直尺测得各点与A点间的距离如图乙所示：AB=；AC=；AD=；AE=。已知打点计时器打点的周期为T，重力加速度为g，小车与斜面间摩擦可忽略不计。那么打D点时小车的瞬时速度为 ；取纸带上的BD段进行研究，合外力做的功为 ，小车动能的改变量为 。【答案】（1）打D点时小车的瞬时速度为EC的平均速度，即合外力做的功为小车动能的改变量为【考点】探究外力做功和动能之间的关系8（2）（10分）测量电源的电动势E及内阻r(E约为4.5V，r约为1.5)。 器材：量程为3V的理想电压表V，量程为0.5A的电流表A(具有一定内阻)，固定电阻R= 4，滑动变阻器R，开关K，导线若干。
12、画出实验电路原理图，图中各元件需用题目中所给出的符号或字母标出。 实验中，当电流表读数为I1时，电压表读数为U1；当电流表读数为I2时，电压表读数为U2，则可以求出E= ，r= 。(I1，I2，U1，U2及R表示)【答案】（2）如图 由闭合电路欧姆定律E=U+I(r+R)可知，只要能测出两组路端电压和电流即可，由E= 可得：E= r= 评分标准：原理图4分，其余两空每空3分。【考点】测量电源的电动势及内阻三、计算题。9（15分）一辆值勤的警车停在公路边，当警员发现从他旁边以10m/s的速度匀速行驶的货车严重超载时，决定前去追赶，经过5.5s后警车发动起来，并以2.5m/s2的加速度做匀加速运动
13、，但警车的行驶速度必须控制在90km/h以内。问：（1）警车在追赶货车的过程中，两车间的最大距离是多少？（2）警车发动后要多长时间才能追上货车？【答案】 12s（1）当两车速度相等时，它们的距离最大，设警车发动后经过时间两车的速度相等。则：，。所以两车间的最大距离。（2）警车刚到达最大速度90km/h=25m/s的时间：=10s。时刻两车距离30m。警车达到最大速度后做匀速运动，设再经过时间追赶上货车。则：=2s。所以警车发动后要经过时间追上货车：=12s。【考点】匀变速直线运动位移与时间的关系10（17分）平面直角坐标系中，第1象限存在沿轴负方向的匀强电场，第象限存在垂直于坐标平面向外的匀强
14、磁场，磁感应强度大小为B。一质量为m、电荷量为q的带正电的粒子从y轴正半轴上的M点以速度垂直于轴射入电场，经轴上的N点与轴正方向成60角射入磁场，最后从轴负半轴上的P点与轴正方向成60角射出磁场，如图所示。不计粒子重力，求：（1）粒子在磁场中运动的轨道半径R；（2）粒子从M点运动到P点的总时间；（3）匀强电场的场强大小E。【答案】 （1）如图所示，设粒子过N点时的速度为，根据平抛运动的速度关系得分别过N、P点作速度方向的垂线，相交于Q点，则Q是粒子在磁场中做匀速圆周运动的圆心，根据牛顿第二定律得：，联立解得轨道半径为：R=（2）设粒子在电场中运动的时间为，有ON=由几何关系得ON=Rsin30
15、+Rcos30联立解得粒子在磁场中做匀速圆周运动的周期为T=由几何关系知NQP=150，设粒子在磁场中运动的时间为，则联立解得故粒子从M点运动到P点的总时间为（3）粒子在电场中类平抛运动，设加速度为，则 设沿电场方向的分速度为，有联立解得E=【考点】带点粒子在匀强电场中的运动；带点粒子在匀强磁场中的运动11（20分）相距L=1.5 m的足够长金属导轨竖直放置，质量为m1=1kg的金属棒和质量 为m2=0.27kg 的金属棒cd均通过棒两端的套环水平地套在金属导轨上，如图(a)所示，虚线上方磁场方向垂直纸面向里，虚线下方磁场方问竖直向下，两处磁场磁感应强度大小相同。棒光滑，cd棒与导轨间的动摩擦
16、因数为，两棒总电阻为1.8，导轨电阻不计。ab棒在方向竖直向上，大小按图(b)所示规律变化的外力F作用下，从静止开始，沿导轨匀加速运动，同时cd捧也由静止释放。(取10ms2)（1）求出磁感应强度B的大小和ab棒加速度的大小；（2）已知在2s内外力F做功40 J，求这一过程中两金属棒产生的总焦耳热；（3）判断cd棒将做怎样的运动，求出cd棒达到最大速度所需的时间，并在图(c)中定性画出cd棒所受摩擦力随时间变化的图像。 【答案】a=1m/s2，B=1.2T 18J 如图（1）经过时间t，金属棒ab的速率，此时，回路中的感应电流为，对金属棒，由牛顿第二定律得由以上各式整理得：在图线上取两点：代入
17、上式得a=1m/s2，B=1.2T。（2）在2s末金属棒的速率m/s 所发生的位移m 由动能定理得 又Q=W安联立以上方程，解得Q=(J)。（3）棒先做加速度逐渐减小的加速运动，当棒所受重力与滑动摩擦力相等时，速度达到最大；然后做加速度逐渐增大的减速运动，最后停止运动。 当棒速度达到最大时，有 又FN=F安F安=BIL整理解得。随时间变化的图象如图所示。【考点】牛顿第二定律；动能定理；理科综合物理部分参考答案一、选择题（42分）1D 2D 3B 4C 5B 6BC或BD 7AC二、实验题（16分）8（1）（6分） （2）（10分） 解析：由闭合电路欧姆定律E=U+I(r+R)可知，只要能测出两
18、组路端电压和电流即可，由E= 可得：E= r= 评分标准：原理图4分，其余两空每空3分。三、计算题。（52分）9（15分）75m，12s。 解析：（1）当两车速度相等时，它们的距离最大，设警车发动后经过时间两车的速度相等。则：，。所以两车间的最大距离。（2）警车刚到达最大速度90km/h=25m/s的时间：=10s。时刻两车距离30m。警车达到最大速度后做匀速运动，设再经过时间追赶上货车。则：=2s。所以警车发动后要经过时间追上货车：=12s。 10（17分）解析：（1）如图所示，设粒子过N点时的速度为，根据平抛运动的速度关系得分别过N、P点作速度方向的垂线，相交于Q点，则Q是粒子在磁场中做匀
19、速圆周运动的圆心，根据牛顿第二定律得：，联立解得轨道半径为：R=（2）设粒子在电场中运动的时间为，有ON=由几何关系得ON=Rsin30+Rcos30联立解得粒子在磁场中做匀速圆周运动的周期为T=由几何关系知NQP=150，设粒子在磁场中运动的时间为，则联立解得故粒子从M点运动到P点的总时间为（3）粒子在电场中类平抛运动，设加速度为，则 设沿电场方向的分速度为，有联立解得E=11（20分）解析：（1）经过时间t，金属棒ab的速率，此时，回路中的感应电流为，对金属棒，由牛顿第二定律得由以上各式整理得：在图线上取两点：代入上式得a=1m/s2，B=1.2T。（2）在2s末金属棒的速率m/s 所发生的位移m 由动能定理得 又Q=W安联立以上方程，解得Q=(J)。（3）棒先做加速度逐渐减小的加速运动，当棒所受重力与滑动摩擦力相等时，速度达到最大；然后做加速度逐渐增大的减速运动，最后停止运动。 当棒速度达到最大时，有 又FN=F安F安=BIL整理解得。随时间变化的图象如图所示。河南高中教师QQ群161868687；湖南高中教师QQ群，315625208；江苏高中教师QQ群：315621368，四川高中教师QQ群：156919447，海南、宁夏高中教师QQ群:311176091，欢迎各地老师加入。
