1、吉林省汪清县第六中学2019-2020学年高一物理下学期期中试题（含解析）一、单项选择（每题4分，共32分）1.如图所示运动图象，表明物体不处于平衡状态的是()A. B. C. D. 【答案】B【解析】【详解】A位移与时间成正比，即速度不变，物体做匀速直线运动，处于平衡状态，故A项错误；B物体做匀加速直线运动，由牛顿第二定律可知，不平衡，故B项正确；C位移不变，物体处于静止状态，合力为0，即平衡状态，故C项错误；D速度不变，物体做匀速直线运动，物体处于平衡状态，故D项错误2.如图所示，在教室里某同学在体重计上研究超重与失重.她由稳定的站姿变化到稳定的蹲姿称为“下蹲”过程；由稳定的蹲姿变化到稳定
2、的站姿称为“起立”过程.关于她的实验现象，下列说法中正确的是()A. 只有“起立”过程，才能出现失重的现象B. 只有“下蹲”过程，才能出现超重的现象C. “下蹲”的过程，先出现超重现象后出现失重现象D. “起立”“下蹲”的过程，都能出现超重和失重的现象【答案】D【解析】【详解】下蹲过程中，人先向下做加速运动，后向下做减速运动，所以先处于失重状态后处于超重状态；人从下蹲状态站起来的过程中，先向上做加速运动，后向上做减速运动，最后回到静止状态，人先处于超重状态后处于失重状态，故ABC错误，D正确。故选D。3.质量为20kg的物体在动摩擦因数为0.1的水平面上向左运动，在运动过程中受到水平向右，大小
3、为10N的拉力作用，则物体的加速度为（）A. 1m/s2向右B. 1 m/s2向左C. 1.5 m/s2向右D. 0.5 m/s2向右【答案】C【解析】【详解】对物体受力分析，根据牛顿第二定律得代入数据得方向向右，C正确。故选C。4.一个木块以某一水平初速度自由滑上粗糙的水平面，在水平面上运动的图像如图所示，则根据图像不能求出的物理量是（）A. 木块的位移B. 木块的加速度C. 木块所受摩擦力D. 木块与桌面间的动摩擦因数【答案】C【解析】【详解】A图像图线与坐标轴围成的面积代表位移，可以求出位移，不选A；B图像的斜率代表加速度，加速度可以求出，不选B；C图像的斜率代表加速度，木块所受的摩擦力
4、为合力，根据牛顿第二定律有但是不知道木块的质量，所以摩擦力不能求出，选C；D根据牛顿第二定律有可得图像的斜率代表加速度，动摩擦因数可以求出，不选D。故选C。5.如图天花板上用细绳吊起两个用轻弹簧相连的两个质量相同的小球两小球均保持静止当突然剪断细绳时，上面小球A与下面小球B的加速度为（） A. a1=g a2=gB. a1=2g a2=0C. a1=2g a2=gD. a1=0 a2=g【答案】B【解析】【详解】设小球的质量为m，由平衡可知弹簧的弹力F=mg，在剪断细绳的瞬间，弹簧的弹力不变，隔离对B分析由牛顿第二定律可得：，对A分析由牛顿第二定律可得：，故B正确，ACD错误6.如图所示，质量
5、为2m的物块A与水平地面间的动摩擦因数为，质量为m的物块B与地面的摩擦不计，在大小为F的水平推力作用下，A、B一起向右做加速运动，则A和B之间的作用力大小为( )A. B. C. D. 【答案】D【解析】以AB组成的系统为研究对象，由牛顿第二定律得系统的加速度，以B为研究对象，由牛顿第二定律得A对B的作用力：，即AB间的作用力为，D正确7.如图所示小物块A与圆盘保持相对静止,跟着圆盘一起做匀速圆周运动下列关于A的受力情况说法正确的是( ) A. 受重力、支持力B. 受重力、支持力和与运动方向相反的摩擦力C. 受重力、支持力、摩擦力和向心力D. 受重力、支持力和指向圆心的摩擦力【答案】D【解析】
6、【详解】物块A随圆盘一起做匀速圆周运动，受重力、支持力和指向圆心的静摩擦力，重力和支持力平衡，靠静摩擦力提供向心力A. 受重力、支持力，与分析结论不符，故A错误B. 受重力、支持力和与运动方向相反的摩擦力，与分析结论不符，故B错误C. 受重力、支持力、摩擦力和向心力，与分析结论不符，故C错误D. 受重力、支持力和指向圆心的摩擦力，与分析结论相符，故D正确8.如图所示，人在岸上用轻绳拉船，若要使船匀速行进，则人拉的绳端将做（ ） A. 减速运动B. 匀加速运动C. 变加速运动D. 匀速运动【答案】A【解析】【详解】由题意可知，人匀速拉船，根据运动的分解与合成，则有速度的分解，如图所示：v1是人拉
7、船的速度，v2是船行驶的速度，设绳子与水平夹角为，则有：v1=v2cos,随着增大，由于v2不变，所以v1减小，且非均匀减小;故A正确，B,C,D错误.故选A.二、多项选择（每题4分，共16分）9.如图所示，把一个光滑圆球放在两块挡板AB和AC之间，AB和AC之间的夹角为30现将AC板固定，而使AB板沿顺时针方向缓慢转动90，则A. 球对AB板的压力逐渐减小B. 球对AB板的压力先减小后增大C. 球对AC板的压力逐渐减小D. 球对AC板的压力先减小后增大【答案】BC【解析】【详解】以小球为研究对象，分析其受力，作出小球三个不同位置的受力，如图所示：可见，使顺时针缓慢转动的过程中，板对球的支持力
8、先减小后增大，板对球的支持力一直减小，由牛顿第三定律可知，球对板对球的支持力先减小后增大，球对板对球的支持力一直减小，故BC正确，AD错误10.如图所示，x轴在水平地面上，y轴沿竖直方向，图中画出了从y轴上沿x轴正方向抛出的三个小球a、b和c的运动轨迹，其中b和c是从同一点抛出的，不计空气阻力，则A. a的运动时间比b的长B. b和c的运动时间相同C. a的初速度比b的大D. b的初速度比c的小【答案】BC【解析】【详解】AB.竖直方向都做自由落体运动，根据，得：，知a比b的高度低，a比b运动的时间短；b、c下降的高度相同，b和c运动的时间相同。故A错误，B正确；C. a比b运动的时间短，a的
9、水平位移大于b，则a的水平初速度大于b，故C正确；D.b、c的运动时间相等，b的水平位移大于c，则b的水平初速度大于c，故D错误。11.如图所示，有一皮带传动装置，A、B、C三点到各自转轴的距离分别为RA、RB、RC，已知RBRC，若在传动过程中，皮带不打滑，则 ( )A. A点与C点的角速度大小相等B. A点与C点的线速度大小相等C. A点与B点角速度大小相等D. B点与C点的角速度大小之比为12【答案】BCD【解析】【详解】AB.、两点是轮子边缘上的点，靠传送带传动，两点的线速度相等，而半径不等，所以角速度不等，故A错误，B正确；C.、两点共轴转动，具有相同的角速度，故C正确；D.、两点线
10、速度相等，根据和可得与的角速度之比为；由于、两点具有相同的角速度，所以点与点的角速度大小之比为，故D正确12.如图所示，是物体做平抛运动的xy图像，物体从O点抛出，x，y分别为其水平和竖直位移，在物体运动的过程中，经某一点P（x，y）时，其速度的反向延长线交于x轴上的A点，则下列说法正确的是（ ）A. 点A为水平位移中点B. tan=2tanC. tan=2tanD. 以上均不对【答案】AB【解析】【详解】根据平抛运动的规律有，联立上式可得设P点垂直于OA连线的点为B，因此有即故选AB。三、实验题（每空2分，共16分）13.如图所示，在探究平抛运动规律的实验中，(1)用小锤打击弹性金属片，A球
11、沿水平方向抛出，同时B球由静止自由下落，可观察到两小球同时落地；改变小球距地面的高度和打击的力度，多次实验，都能观察到两小球同时落地。根据实验_（选填“能”或“不能”）判断出A球在竖直方向做自由落体运动；_ （选填“能”或“不能”）判断出A球在水平方向做匀速直线运动。(2)下列说法正确的是_。A斜槽轨道必须光滑 B.斜槽轨道末端必须水平C.每次必须由静止释放小球 D.每次小球释放的位置必须相同(3)在研究平抛物体运动的实验中，可以描绘平抛物体运动轨迹和求物体的平抛初速度。实验简要步骤如下：A.让小球多次从同一位置上滚下，记下小球穿过卡片孔的一系列位置；B安装好器材，注意斜槽末端水平和平板竖直，
12、记下斜槽末端O点和过O点的竖直线，检测斜槽末端水平的方法是_；C测出曲线上某点的坐标x、y，用v0 =_算出该小球的平抛初速度，实验需要对多个点求v0的值，然后求它们的平均值；D取下白纸，以O原点，如何确定原点位置_ ，以竖直线为轴建立坐标系，用平滑曲线画平抛轨迹。上述实验步骤的合理顺序是_（只排列序号即可）。(4)某次实验中，只画出了如图所示的一部分曲线，在曲线上取水平距离x相等的三点A、B、C，量得x=0.1m。又量出它们之间的竖直距离分别为h1=0.2m，h2=0.3m，利用这些数据，可求得物体抛出时的初速度为_m/s；（g=10m/s2）【答案】 (1). 能 (2). 不能 (3).
13、 BCD (4). 将小球放在水平槽中，若能静止则可认为水平 (5). 小球在轨道末端时球心的位置为坐标原点 (6). (7). BADC (8). 1.0【解析】【详解】(1)12用小锤打击弹性金属片，A球沿水平方向抛出，同时B球由静止自由下落，可观察到两小球同时落地；改变小球距地面的高度和打击的力度，多次实验，都能观察到两小球同时落地。根据实验可知两小球在竖直方向上运动相同，则能判断出A球在竖直方向做自由落体运动；但是不能判断出A球在水平方向做匀速直线运动。(2)3A斜槽轨道没必要必须光滑，只要到达底端时的速度相同即可，选项A错误； B.斜槽轨道末端必须水平，以保证小球做平抛运动，选项B正
14、确；CD.为了保证小球到达底端时的速度相同，则每次必须由同一位置由静止释放小球，选项CD正确。故选BCD。(3) 4B检测斜槽末端水平的方法是将小球放在水平槽中，若能静止则可认为水平；C5测出曲线上某点的坐标x、y，用算出该小球的平抛初速度，实验需要对多个点求v0的值，然后求它们的平均值；D6确定原点位置的方法：小球在轨道末端时球心的位置为坐标原点。7上述实验步骤的合理顺序是BADC。(4)8在竖直方向上根据y=gT2则有所以抛出初速度为四、计算题14.如图所示，已知均匀球重40N，悬挂在光滑竖直墙边并处于静止状态，绳与墙夹角为37角，（sin370.6，cos370.8）求：（1）轻绳对球的
15、拉力FT；（2）墙对球的支持力FN【答案】（1）50N 方向沿绳子向上（2）30N 方向水平向右【解析】【分析】对球受力分析，利用合成法可关键平行四边形，由平衡条件求解即可【详解】对球受力分析如图所示：根据物体的平衡条件可得：（1）由几何关系得：FTcos37G解得：FT50N 方向沿绳子向上（2）FNGtan3730N 方向水平向右【点睛】本题考查了物体的平衡条件的应用，正确受力分析做出平行四边形即可15.如图所示，倾角为=37的斜面固定在水平地面上，一质量m=1kg的小滑块以速度v0=5m/s从底端滑上斜面经0.5s时的速度为零，斜面足够长g取10m/s2（sin37=0.6，cos37=
16、0.8）求（1）滑块与斜面间的动摩擦因数；（2）1s时的位移【答案】（1）0.5 （2）1m【解析】【分析】小滑块沿斜面向上做匀减速运动，根据速度公式求出加速度，再由牛顿第二定律可以求出滑块与斜面间动摩擦因数；当物体的速度减至零时到达斜面的最高点，对于下滑的过程，由牛顿第二定律求得加速度，再由位移时间公式求位移【详解】（1）小滑块沿斜面向上做匀减速运动，根据速度时间关系：可得加速度大小为：由牛顿第二定律得 带入数据解得： =05（2）前0.5s小滑块运动的位移大小为：，方向沿斜面向上小滑块向下做匀加速运动的加速度为a2，则：带入数据解得：后0.5s内小滑块的位移大小为：，方向沿斜面向下所以1s
17、时的位移大小为x=x1x2=1m方向：沿斜面向上【点睛】本题主要考查了物体在斜面上的滑动问题，应用牛顿第二定律和运动学公式进行解题，属于基础题16.平抛一物体，当抛出1s后它的速度与水平方向成45角，落地时速度方向与水平方向成60角求（取g=10m/s2）.（1）物体初速度；（2）物体在空中飞行的时间；（3）物体的水平射程【答案】（1）（2）（3）【解析】【详解】(1)当抛出1s后它的速度方向与水平方向成45角，说明该时刻水平初速度与竖直分速度大小相等，竖直分速度：vy=gt=10m/s所以初速度为：v0 =10m/s(2) 落地时竖直分速度：则平抛运动的时间： (3)水平射程：x=v0t17.如图所示,一轻绳长为L,下端拴着质量为m的小球可视为质点,当球在水平面内做匀速圆周运动时,绳与竖直方向间的夹角为,已知重力加速度为g,求：（1）绳的拉力大小F；（2）小球运动的线速度v的大小；（3）小球运动角速度及周期T【答案】（1） ；（2）；（3）,【解析】【详解】（1）以球为研究对象,受力分析如图所示,由平衡条件得：（2）由牛顿第二定律：其中, 得：,（3）角速度为：,周期为：
