1、高考资源网（） 您身边的高考专家2015-2016学年吉林省长白山一高高三（上）月考物理试卷（12月份）一、选择题（每小题至少一个正确答案，每题5分，共50分）1关于质点和参考系，下列说法中正确的是( )A质点就是体积很小的点B研究人造地球卫星绕地球一周的时间时，卫星可以被看作质点C只有静止的物体才可以被选做参考系D“小小竹排水中游，巍巍青山两岸走”歌词中“巍巍青山两岸走”是以河岸为参考系2如图所示，ABCD是一个盆式容器，盆内侧壁与盆底BC的连接处都是一段与BC相切的圆弧，B、C为水平的，其距离d=0.50m盆边缘的高度为h=0.30m在A处放一个质量为m的小物块并让其从静止出发下滑已知盆内
2、侧壁是光滑的，而盆底BC面与小物块间的动摩擦因数为=0.10小物块在盆内来回滑动，最后停下来，则停的地点到B的距离为( )A0.50mB0.25mC0.10mD03从斜面上某一位置，每隔0.1s释放一个小球，在连续释放几颗小球后，对在斜面上滚动的小球拍下照片，如图所示，测得xAB=20cm，xBC=25cm，则下列说法正确的是( )A小球的加速度为5m/s2B拍摄时B球的速度为4.5m/sC拍摄时xCD的大小为0.3mDA球上方滚动的小球还有2颗4在空间中水平面MN的下方存在竖直向下的匀强电场，质量为m的带电小球由MN上方的A点以一定初速度水平抛出，从B点进入电场，到达C点时速度方向恰好水平，
3、A、B、C三点在同一直线上，且AB=2BC，如图所示由此可知( )A电场力为3mgB小球带正电C小球从A到B与从B到C的运动时间相等D小球从A到B与从B到C的速度变化量的大小相等5最近两年以来，地震在世界各地频频出现，让人感觉地球正处于很“活跃”的时期地震波既有横波，也有纵波，若我国地震局截获了一列沿x轴正方向传播的地震横波，在t（图中实线）与（t+0.4）s（图中虚线）两个时刻x轴上33km区间内的波形图如图所示，则下列说法正确的是( )A该地震波的波长为3 kmB质点振动的最大周期为0.8 sC该地震波最小波速为5 km/sD从t时刻开始计时，x=2 km处的质点比x=2.5 km处的质点
4、先回到平衡位置E从t时刻开始计时，x=2 km处的质点比x=2.5 km处的质点后回到平衡位置6在光滑的绝缘水平面上，有一个正三角形abc，顶点a、b、c处分别固定一个正点电荷，电荷量相等，如图所示，D点为正三角形外接圆的圆心，E、G、H点分别为ab、ac、bc的中点，F点为E关于c电荷的对称点，则下列说法中正确的是( )AD点的电场强度为零、电势可能为零BE、F两点的电场强度等大反向、电势相等CE、G、H三点的电场强度和电势均相同D若释放c电荷，c电荷将一直做加速运动（不计空气阻力）7如图所示，密闭容器内的氢气温度与外界空气的温度相同，现对该容器缓慢加热，当容器内的氢气温度高于外界空气的温度
5、时，则( )A氢分子的平均动能增大B氢分子的势能增大C容器内氢气的内能增大D容器内氢气的内能可能不变E容器内氢气的压强增大8下列说法中正确的有( )A不管光源与观察者是否存在相对运动，观察者观察到的光速是不变的B水面上的油膜呈现彩色是光的干涉现象C在光导纤维束内传送图象是利用光的色散现象D声源向静止的观察者运动，观察者接收到的频率小于声源的频率E未见其人先闻其声，是因为声波波长较长，容易发生衍射现象9以下说法中符合事实的是( )A汤姆生发现电子并提出了原子核式结构模型B玻尔发现电子并提出了原子核式结构模型C卢瑟福做了粒子散射实验并提出了原子核式结构模型D密里根做了粒子散射实验并提出了原子核式结
6、构模型10如图所示，子弹水平射入放在光滑水平地面上静止的木块，子弹未穿透木块，此过程中木块动能增加了5J，那么此过程中系统产生的内能可能为( )A16JB11.2JC5.6JD3.4J二、填空题（每空2分，共22分）11放射性元素的原子核在衰变或衰变生成新原子核时，往往会同时伴随着_光子射出已知A、B两种放射性元素的半衰期分别为T1和T2，t=T1T2时间后测得这两种放射性元素的质量相等，那么它们原来的质量之比mA：mB=_12两位同学利用长直尺测定反应时间，甲同学用两个手指捏住直尺的顶端，乙同学将手放在直尺上刻度为2cm的地方，但手的任何部位都不能碰到直尺当甲同学释放直尺时，乙同学立即握住直
7、尺发现乙同学的手恰好位于直尺上22cm处，则该同学的反应时间为_ s（g取10m/s2）13一物体做匀加速直线运动经过一段距离，总耗时6秒，已知前2秒的位移为4米，中间2秒的位移10米，则这段距离为_m，物体的加速度为_m/s214如图所示的三个图线分别是用不同的传感器测出的不同物体的振动图线从三个图线可知，这三个物体振动的共同特点是具有_，三个物体中，最简单的振动是_图中心脏跳动的图线是某人的心电图，方格纸每个小方格的宽度是0.5cm，心电图记录仪拖动方格纸的速度是1.8cm/s，则此人的心率是_次/分15若一气泡从湖底上升到湖面的过程中温度保持不变，若将气泡内的气体视为理想气体，气泡从湖底
8、上升到湖面的过程中，对外界做了0.6J的功，则此过程中的气泡_（填“吸收”或“放出”）的热量是_J气泡到达湖面后，温度上升的过程中，又对外界做了0.1J的功，同时吸收了0.3J的热量，则此过程中，气泡内气体内能增加了_J三、计算题（共28分）16在折射率为n、厚度为d的玻璃平板上方的空气中有一点光源S，从S发出的光线SA以入射角入射到玻璃板上表面，经过玻璃板后从下表面射出，如图所示若沿此光线传播的光从光源S到玻璃板上表面的传播时间与在玻璃板中传播时间相等，点光源S到玻璃板上表面的垂直距离l应是多少？17未来“嫦娥五号”落月后，轨道飞行器将作为中继卫星在绕月轨道上做圆周运动，如图所示设卫星距离月
9、球表面高为h，绕行周期为T，已知月球绕地球公转的周期为T0，地球半径为R，地球表面的重力加速度为g，月球半径为r，万有引力常量为G试分别求出：（1）地球的质量和月球的质量；（2）中继卫星向地球发送的信号到达地球，最少需要多长时间？（已知光速为c，此问中设hrR）18从某一高度静止释放一个小球，已知最后1s内小球的位移为30m，不计空气阻力，g=10m/s2，试求：（1）小球最后1s内的平均速度；（2）小球下落的总时间；（3）小球释放点离地面的高度2015-2016学年吉林省长白山一高高三（上）月考物理试卷（12月份）一、选择题（每小题至少一个正确答案，每题5分，共50分）1关于质点和参考系，下
10、列说法中正确的是( )A质点就是体积很小的点B研究人造地球卫星绕地球一周的时间时，卫星可以被看作质点C只有静止的物体才可以被选做参考系D“小小竹排水中游，巍巍青山两岸走”歌词中“巍巍青山两岸走”是以河岸为参考系【考点】质点的认识；参考系和坐标系 【专题】直线运动规律专题【分析】一个物体能否看成质点，不是看物体的大小，而是看物体的大小和形状在所研究的问题中能否忽略参考系是选作参考标准（当成不动）的物体，可以选择任意物体【解答】解：A、物体能否看成质点，不是看物体的大小，而是看物体的大小和形状在所研究的问题中能否忽略比如地球很大，在研究地球公转时，地球可以看成质点故A错误；B、研究人造地球卫星绕地
11、球一周的时间时，卫星尺寸远小于轨道半径，可以被看作质点，故B正确；C、参考系是选作参考标准的物体，可以选择任意物体，故C错误；D、“小小竹排水中游，巍巍青山两岸走”歌词中“巍巍青山两岸走”是以小船为参考系，故D错误；故选：B【点评】解决本题的关键知道参考系是选作参考标准（当成不动）的物体，不需一定选择静止的物体以及知道物体能看成质点的条件2如图所示，ABCD是一个盆式容器，盆内侧壁与盆底BC的连接处都是一段与BC相切的圆弧，B、C为水平的，其距离d=0.50m盆边缘的高度为h=0.30m在A处放一个质量为m的小物块并让其从静止出发下滑已知盆内侧壁是光滑的，而盆底BC面与小物块间的动摩擦因数为=
12、0.10小物块在盆内来回滑动，最后停下来，则停的地点到B的距离为( )A0.50mB0.25mC0.10mD0【考点】动能定理的应用 【专题】动能定理的应用专题【分析】根据动能定理，对小物块开始运动到停止的全过程进行研究，求出小物块在BC面上运动的总路程，再由几何关系分析最后停止的地点到B的距离【解答】解：设小物块间在BC面上运动的总路程为S物块在BC面上所受的滑动摩擦力大小始终为f=mg，对小物块从开始运动到停止运动的整个过程进行研究，由动能定理得 mghmgS=0得到S=3m，d=0.50m，则S=6d，所以小物块在BC面上来回运动共6次，最后停在B点故选D【点评】本题对全过程运用动能定理
13、进行研究，关键要抓住滑动摩擦力做功与总路程关系3从斜面上某一位置，每隔0.1s释放一个小球，在连续释放几颗小球后，对在斜面上滚动的小球拍下照片，如图所示，测得xAB=20cm，xBC=25cm，则下列说法正确的是( )A小球的加速度为5m/s2B拍摄时B球的速度为4.5m/sC拍摄时xCD的大小为0.3mDA球上方滚动的小球还有2颗【考点】匀变速直线运动规律的综合运用 【专题】定性思想；推理法；直线运动规律专题【分析】根据匀变速直线运动的规律x=aT2根据AB、BC间的位移差和时间求加速度a和xCD；根据匀变速直线运动中间时刻的瞬时速度和全程的平均速度相等的规律求解B点速度；由vB=vA+aT
14、求出A点小球的速度vA，由vA=atA，求出A球运动的时间，即可知道C球上面滚动的小球还有几颗【解答】解：A、由x=aT2得：小球下滑的加速度为：a=5m/s2；故A正确；B、B球的速度vB等于AC段上的平均速度，即有：vB=2.25m/s，故B错误； C、由x=aT2得：=0.5+5（0.1）2m=0.30m，故C正确；D、由vB=at得B球运动的时间为：tB=4.5s，因为T=0.1s，故B球上面还有4颗小球，则A球上方有三颗小球，故D错误故选：AC【点评】本题是闪光照相问题，处理方式类似于纸带处理，运用匀变速运动的两个推论和运动学公式结合求解是关键4在空间中水平面MN的下方存在竖直向下的
15、匀强电场，质量为m的带电小球由MN上方的A点以一定初速度水平抛出，从B点进入电场，到达C点时速度方向恰好水平，A、B、C三点在同一直线上，且AB=2BC，如图所示由此可知( )A电场力为3mgB小球带正电C小球从A到B与从B到C的运动时间相等D小球从A到B与从B到C的速度变化量的大小相等【考点】带电粒子在匀强电场中的运动；平抛运动 【专题】带电粒子在电场中的运动专题【分析】小球先做平抛运动，进入电场中做匀变速曲线运动，其逆过程是类平抛运动两个过程都可运用运动的分解法研究，水平方向都做匀速直线运动，根据位移公式x=vt，可分析时间关系；再研究竖直方向，由牛顿第二定律和运动学位移公式结合列式，求解
16、电场力的大小根据v=at研究速度变化量的关系【解答】解：小球从B运动到C的过程做匀变速曲线运动，其逆过程是类平抛运动设带电小球在进入电场前后两个运动过程水平分位移分别为x1和x2，竖直分位移分别为y1和y2，经历的时间为分别为t1和t2在电场中的加速度为a则从A到B过程小球做平抛运动，则有： x1=v0t1；从B到C过程，有：x2=v0t2；由题意有：x1=2x2；则得：t1=2t2；即小球从A到B是从B到C运动时间的2倍又 y1=，将小球在电场中的运动看成沿相反方向的类平抛运动，则有： y2=根据几何知识有：y1：y2=x1：x2；解得：a=2g；根据牛顿第二定律得：Fmg=ma=2mg，解
17、得：电场力 F=3mg由于轨迹向上弯曲，加速度方向必定向上，合力向上，说明电场力方向向上，所以小球带负电根据速度变化量v=at，则得：AB过程速度变化量大小为v1=gt1=2gt2；BC过程速度变化量大小为v2=at2=2gt2；所以小球从A到B与从B到C的速度变化量大小相等故AD正确，BC错误故选：AD【点评】本题将平抛运动与类平抛运动的组合，关键运用逆向思维研究小球B到C的过程，再运用力学基本规律：牛顿第二定律和运动学公式列式分析5最近两年以来，地震在世界各地频频出现，让人感觉地球正处于很“活跃”的时期地震波既有横波，也有纵波，若我国地震局截获了一列沿x轴正方向传播的地震横波，在t（图中实
18、线）与（t+0.4）s（图中虚线）两个时刻x轴上33km区间内的波形图如图所示，则下列说法正确的是( )A该地震波的波长为3 kmB质点振动的最大周期为0.8 sC该地震波最小波速为5 km/sD从t时刻开始计时，x=2 km处的质点比x=2.5 km处的质点先回到平衡位置E从t时刻开始计时，x=2 km处的质点比x=2.5 km处的质点后回到平衡位置【考点】波长、频率和波速的关系；横波的图象 【专题】振动图像与波动图像专题【分析】波形图可以直接读出振幅、波长由于波传播的周期性，且波沿x轴正方向传播，可知由实线变为虚线波形所经历的时间为（n+）T，从而表示出周期的通项；根据v=表示出波速的通项
19、【解答】解：A、由图可知，在33km范围内有1.5个波长，所以波长为：km故A错误；B、由图可知，图中有实线变成虚线的时间：t=（n+）T，当n=0时的周期最大，此时：s，所以最大周期为0.8s故B正确C、波速：v=，周期最大上，波速最小，所以最小波速为：km/s故C正确；D、E、由图结合波向右传播可知，在t=0时刻，x=2.5 km处的质点振动的方向向上，而x=2 km处的质点已经在最大位移处，所以从t时刻开始计时，x=2 km处的质点比x=2.5 km处的质点先回到平衡位置故D正确，E错误故选：BCD【点评】该题结合波的图象考查波长、波速与周期之间的关系，解答的关键是根据知道的两个时刻的波
20、形，结合波的周期性，得到的是波速和周期的通项6在光滑的绝缘水平面上，有一个正三角形abc，顶点a、b、c处分别固定一个正点电荷，电荷量相等，如图所示，D点为正三角形外接圆的圆心，E、G、H点分别为ab、ac、bc的中点，F点为E关于c电荷的对称点，则下列说法中正确的是( )AD点的电场强度为零、电势可能为零BE、F两点的电场强度等大反向、电势相等CE、G、H三点的电场强度和电势均相同D若释放c电荷，c电荷将一直做加速运动（不计空气阻力）【考点】电场强度；点电荷的场强；电场的叠加；电势 【专题】电场力与电势的性质专题【分析】D点到a、b、c三点的距离相等，故三个电荷在D点的场强大小相同，且夹角互
21、为120，故D点的场强为0；电场强度是矢量，场强的合成满足平行四边形定则，故E、G、H三点的场强大小相同，但方向不同；在直线cF上场强方向向右，故a、b始终对c有斥力作用，故c电荷将一直做加速运动【解答】解：A、D点到a、b、c三点的距离相等，故三个电荷在D点的场强大小相同，且夹角互为120，故D点的场强为0因为电势是一个相对性的概念即零电势的选取是任意的，故D点电势可能为0，故A正确B、由于a、b在E点的场强大小相等方向相反，故E点的场强仅由电荷c决定，故场强方向向左，而电荷c在D、F位置的场强大小相同方向相反，但电荷a、b在F点的场强矢量和不为0，故E、F两点的电场强度大小不同，方向相反故
22、B错误C、E、G、H三点分别为ab、ac、bc的中点，故E的场强仅由电荷c决定，同理G点的场强仅由电荷b决定，H点的场强仅由电荷a决定，故三点的场强大小相同，但方向不同，故C错误D、若释放电荷c，则a、b在C点的合场强水平向右，故a、b始终对c有斥力作用，故c电荷将一直做加速运动故D正确故选A、D【点评】场强是矢量，故场强的合成满足平行四边形定则点电荷在真空中产生的电场的场强E=零点式的选取是任意的7如图所示，密闭容器内的氢气温度与外界空气的温度相同，现对该容器缓慢加热，当容器内的氢气温度高于外界空气的温度时，则( )A氢分子的平均动能增大B氢分子的势能增大C容器内氢气的内能增大D容器内氢气的
23、内能可能不变E容器内氢气的压强增大【考点】理想气体的状态方程 【专题】热力学定理专题【分析】温度是分子的平均动能的标志，气体的内能仅仅与分子动能有关，根据理想气体的状态方程方向气体的状态参量的变化【解答】解：A、温度是分子的平均动能的标志，氢气的温度升高，则分子的平均动能一定增大故A正确；B、气体分子之间的距离比较大，气体分子势能忽略不计故B错误；C、气体的内能有分子动能决定，氢气的分子动能增大，则内能增大故C正确，D错误；E、根据理想气体的状态方程：=C可知，氢气的体积不变，温度升高则压强增大故E正确故选：ACE【点评】该题考查物体的内能与理想气体的状态方程，要明确气体的内能仅仅与气体的温度
24、有关基础题目8下列说法中正确的有( )A不管光源与观察者是否存在相对运动，观察者观察到的光速是不变的B水面上的油膜呈现彩色是光的干涉现象C在光导纤维束内传送图象是利用光的色散现象D声源向静止的观察者运动，观察者接收到的频率小于声源的频率E未见其人先闻其声，是因为声波波长较长，容易发生衍射现象【考点】* 爱因斯坦相对性原理和光速不变原理；多普勒效应；全反射 【分析】不管光源与观察者是否存在相对运动，观察者观察到的光速是不变的水面上的油膜呈现彩色是光的干涉现象在光导纤维束内传送图象是利用光的全反射现象声源向静止的观察者运动，观察者接收到的频率大于声源的频率声波波长较长，容易发生衍射现象【解答】解：
25、A、根据相对认原理可知，不管光源与观察者是否存在相对运动，观察者观察到的光速是不变的故A正确B、水面上的油膜呈现彩色是光的干涉现象故B正确C、在光导纤维束内传送图象是利用光的全反射原理故C错误D、声源向静止的观察者运动时，产生多普勒效应，则观察者接收到的频率大于声源的频率故D错误E、未见其人先闻其声属于声波的衍射是因为声波波长较长，容易发生衍射现象故E正确故选：ABE【点评】考查相对论中的光速不变原理，掌握光的干涉与衍射的不同，理解光的偏振的用途，知道多普勒效应现象，掌握间距变化的，导致接收频率如何变化，注意发出频率是不变的9以下说法中符合事实的是( )A汤姆生发现电子并提出了原子核式结构模型
26、B玻尔发现电子并提出了原子核式结构模型C卢瑟福做了粒子散射实验并提出了原子核式结构模型D密里根做了粒子散射实验并提出了原子核式结构模型【考点】物理学史 【分析】根据物理学史和常识解答，记住著名物理学家的主要贡献即可【解答】解：A、汤姆生发现电子，玻尔提出了原子核式结构模型，故AB错误；C、卢瑟福做了粒子散射实验并提出了原子核式结构模型，故C正确，D错误；故选：C【点评】本题考查物理学史，是常识性问题，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆，这也是考试内容之一10如图所示，子弹水平射入放在光滑水平地面上静止的木块，子弹未穿透木块，此过程中木块动能增加了5J，那么此过程中系统产生的内能可能
27、为( )A16JB11.2JC5.6JD3.4J【考点】动量守恒定律；功能关系 【专题】动量定理应用专题【分析】子弹射入木块过程中，系统所受合外力，动量守恒，由动量守恒定律和功能关系求出木块增加的动能范围，再进行选择【解答】解：设子弹的初速度为V，射入木块后子弹与木块共同的速度为v，木块的质量为M，子弹的质量为m根据动量守恒定律得：mV=（M+m）v得，v=木块获得的动能为Ek=系统产生的内能为Q=5J，故ABC正确，D错误故选：ABC【点评】本题是子弹射入木块类型，是动量守恒与能量守恒的综合应用，知道子弹射入木块过程中，系统所受合外力，动量守恒，有一定难度二、填空题（每空2分，共22分）11
28、放射性元素的原子核在衰变或衰变生成新原子核时，往往会同时伴随着光子射出已知A、B两种放射性元素的半衰期分别为T1和T2，t=T1T2时间后测得这两种放射性元素的质量相等，那么它们原来的质量之比mA：mB=【考点】原子核衰变及半衰期、衰变速度 【专题】衰变和半衰期专题【分析】放射性元素的原子核在衰变或衰变生成新原子核时，往往以光子的形式释放能量，即伴随辐射根据半衰期的定义得出原来的质量之比【解答】解：放射性元素的原子核在衰变或衰变生成新原子核时，往往以光子的形式释放能量，即伴随辐射；根据半衰期的定义，经过t=T1T2时间后剩下的放射性元素的质量相同，则=，故mA：mB=故答案为：，【点评】知道衰
29、变是伴随在衰变或衰变发生的；知道半衰期的意义，经过一个半衰期，就有一半质量的物质衰变，并能加以定量计算12两位同学利用长直尺测定反应时间，甲同学用两个手指捏住直尺的顶端，乙同学将手放在直尺上刻度为2cm的地方，但手的任何部位都不能碰到直尺当甲同学释放直尺时，乙同学立即握住直尺发现乙同学的手恰好位于直尺上22cm处，则该同学的反应时间为0.2 s（g取10m/s2）【考点】自由落体运动 【专题】自由落体运动专题【分析】直尺下降的时间就是人的反应时间，根据自由落体运动的位移求出反应时间【解答】解：根据由自由落体公式h=得：t=故答案为：0.2s【点评】解决本题的关键理解自由落体运动，以及会利用自由
30、落体运动求运动时间13一物体做匀加速直线运动经过一段距离，总耗时6秒，已知前2秒的位移为4米，中间2秒的位移10米，则这段距离为30m，物体的加速度为1.5m/s2【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系 【专题】定性思想；推理法；直线运动规律专题【分析】根据匀变速直线运动的推论x=aT2求解加速度和最后3s的位移，从而求出总位移【解答】解：根据匀变速直线运动的推论x=aT2得：a=，根据x3x2=x2x1得：x3=2104=16m，则这段距离为x=x3+x2+x1=16+10+4=30m故答案为：30；1.5【点评】题主要考查了匀变速直线运动的推论x=aT2的直接应用，知道匀变速直线运动相邻
31、的相等时间内的位移是一个定值，难度适中14如图所示的三个图线分别是用不同的传感器测出的不同物体的振动图线从三个图线可知，这三个物体振动的共同特点是具有周期，三个物体中，最简单的振动是弹簧振子的振动图中心脏跳动的图线是某人的心电图，方格纸每个小方格的宽度是0.5cm，心电图记录仪拖动方格纸的速度是1.8cm/s，则此人的心率是72次/分【考点】简谐运动的振动图象 【专题】简谐运动专题【分析】比较三个图象可知，这三个物体振动的共同特点是具有周期性，弹簧振子的振动最简单，从心电图得到心跳周期和频率即可【解答】解：比较三个图象可知，这三个物体振动的共同特点是具有周期性，其中弹簧振子的振动是最简单的振动
32、，心电图记录仪的扫描速度为1.8cm/s，一个周期的扫描长度平均为1.5cm，所以T=s=s此人的心率是 f=60=72次/分故答案为：周期性；72【点评】本题关键是要明确心电图的物理意义，然后根据方格纸匀速移动得到心跳的周期和频率15若一气泡从湖底上升到湖面的过程中温度保持不变，若将气泡内的气体视为理想气体，气泡从湖底上升到湖面的过程中，对外界做了0.6J的功，则此过程中的气泡吸收（填“吸收”或“放出”）的热量是0.6J气泡到达湖面后，温度上升的过程中，又对外界做了0.1J的功，同时吸收了0.3J的热量，则此过程中，气泡内气体内能增加了0.2J【考点】热力学第一定律 【专题】热力学定理专题【
33、分析】一定质量的理想气体内能只跟温度有关，温度不变，其内能不变气体对外做功，功为负值，根据热力学第一定律分析吸放热情况和内能变化情况【解答】解：气泡从湖底上升到湖面过程中，W=0.6J，U=0，根据热力学第一定律U=W+Q得Q=0.6J，即吸收热量0.6J 气泡到达湖面后，温度上升的过程中W=0.1J，Q=0.3J，则U=W+Q=0.2J，即气泡内气体内能增加0.2J故答案为：吸收，0.6；0.2【点评】热力学第一定律是能量守恒定律的特殊情况，可以从能量转化和守恒的角度理解应用时关键抓住符号法则：使气体内能增加的量均为正值，否则为负值三、计算题（共28分）16在折射率为n、厚度为d的玻璃平板上
34、方的空气中有一点光源S，从S发出的光线SA以入射角入射到玻璃板上表面，经过玻璃板后从下表面射出，如图所示若沿此光线传播的光从光源S到玻璃板上表面的传播时间与在玻璃板中传播时间相等，点光源S到玻璃板上表面的垂直距离l应是多少？【考点】光的折射定律 【专题】光的折射专题【分析】根据数学知识分别用L表示光在空气中走过的距离和在玻璃中走过的距离光在玻璃传播的速度，由折射定律求出折射角的正弦值根据题意：光从光源到玻璃板上表面的传播时间与光在玻璃中传播的时间相等，列式求出l【解答】解：设第一入射点上的折射角为，光在玻璃中传播的速度为v，则有：光在空气中从S点传播到A点：光在玻璃中传播的过程中：由题有：t1
35、=t2解得：答：点光源S到玻璃板上表面的垂直距离l应是【点评】本题是折射定律、v=及数学知识的综合应用，突破口是光在空气中和玻璃中的时间相等，将此文字语言变成数学表达式是关键17未来“嫦娥五号”落月后，轨道飞行器将作为中继卫星在绕月轨道上做圆周运动，如图所示设卫星距离月球表面高为h，绕行周期为T，已知月球绕地球公转的周期为T0，地球半径为R，地球表面的重力加速度为g，月球半径为r，万有引力常量为G试分别求出：（1）地球的质量和月球的质量；（2）中继卫星向地球发送的信号到达地球，最少需要多长时间？（已知光速为c，此问中设hrR）【考点】万有引力定律及其应用 【专题】万有引力定律的应用专题【分析】
36、（1）根据万有引力定律即可求出中心天体的质量；（2）由万有引力定律求出月球到地球的距离，即卫星到地球的距离；然后由公式：s=ct即可求出时间【解答】解：（1）设地球的质量为M0，月球的质量为M1，卫星的质量为m1，地球表面 某一个物体的质量为m2，地球表面的物体受到的地球的吸引力约等于重力，则：所以：由万有引力定律及卫星的向心力公式知：解得：（2）设月球到地球的距离为L，则：所以：由于hrR，所以卫星到达地面的距离：s=LR中继卫星向地球发送的信号是电磁波，速度与光速相等，即v=c，所以：s=ct时间：答：（1）地球的质量是，月球的质量是；（2）中继卫星向地球发送的信号到达地球，最少需要的时间
37、是【点评】向心力的公式选取要根据题目提供的已知物理量或所求解的物理量选取应用该类的题目中，运用万有引力提供向心力列出等式然后应用要结合的圆周运动的知识解决问题18从某一高度静止释放一个小球，已知最后1s内小球的位移为30m，不计空气阻力，g=10m/s2，试求：（1）小球最后1s内的平均速度；（2）小球下落的总时间；（3）小球释放点离地面的高度【考点】自由落体运动 【专题】简答题；定性思想；推理法；自由落体运动专题【分析】（1）平均速度根据等于位移除以时间求解；（2）匀变速直线运动中间时刻的速度等于平均速度，根据v=gt求解时间；（3）根据h=gt2求解总高度【解答】解：（1）最后1s的平均速度为=30m/s（2）设从开始到最后1秒的中间时刻，用时为t1=3s总用时t=t1+t2=3+0.5=3.5s（3）下降的总高度为h=gt2=103.52=61.25m答：（1）小球最后1s内的平均速度为30m/s；（2）小球下落的总时间为3.5s；（3）小球释放点离地面的高度为61.25m【点评】本题主要考查了自由落体运动的基本公式的直接应用，知道匀变速直线运动中间时刻的速度等于平均速度，难度不大，属于基础题- 17 - 版权所有高考资源网