1、2016-2017学年河北省保定市定州中学高三（上）周练物理试卷（高补班）（9.11）一、单项选择题1一正弦交变电流的电压随时间变化的规律如图所示由图可知该交变电流（）A周期为0.125sB电压的有效值为10VC电压的最大值为20VD电压瞬时值的表达式为u=10sin8t（V）2山地滑雪是人们喜爱的一项体育运动如图所示，一滑雪坡由斜面AB和圆弧面BC组成，BC圆弧面和斜面相切于B，与水平面相切于C，竖直台阶CD底端与倾角为的斜坡DE相连第一次运动员从A点由静止滑下通过C点后飞落到DE上，第二次从AB间的A点（图中未标，即ABAB）由静止滑下通过C点后也飞落到DE上，运动员两次与斜坡DE接触时速
2、度与水平方向的夹角分别为1和2，不计空气阻力和轨道的摩擦力，则（）A12B12C1=2D无法确定两角的大小关系3下列物理量中，属于矢量的是（）A质量B速率C加速度D动摩擦因数4某一做匀加速直线运动的物体在时间T内通过位移x1到达A点，接着在时间T内通过位移x2到达B点，则以下判断正确的是（）A物体在A点的速度大小为B物体运动的加速度为C物体运动的加速度为D物体在B点的速度大小为5如图所示的伏安法测电阻电路中，电压表的内阻为3k，读数为3V；电流表内阻为10，读数为4mA待测电阻R的真实值等于（）A750B760C1000D10106如图所示，电源电动势为E，内阻为r，不计电压表和电流表内阻对电
3、路的影响，当电键闭合后，两小灯泡均能发光在将滑动变阻器的滑片逐渐向右滑动的过程中，下列说法正确的是（）A小灯泡L1、L2均变暗B小灯泡L1变亮，小灯泡L2变暗C电流表A的读数变小，电压表V的读数变大D电流表A的读数变大，电压表V的读数变小7下列说法中正确的是（）A托马斯杨通过光的单缝衍射实验，证明了光是一种波B自然光斜射到玻璃、水面、木质桌面时，反射光和折射光都是偏振光C在光的双缝干涉实验中，若仅将入射光由绿光改为红光，则干涉条纹间距变窄D麦克斯韦提出电磁场理论并预言电磁波存在，后来由他又用实验证实电磁波的存在8下列说法中正确的是（）A只要物体发生形变就一定有弹力B木块放在桌面上受到的弹力，这
4、是由于木块发生微小的形变而产生的C绳对物体的拉力方向总是沿着绳而指向绳收缩的方向D两物体体间有弹力，则一定有摩擦力9某人乘电梯从24楼到1楼的vt图象如图，下列说法正确的是（）A04s内物体做匀加速直线运动，加速度为1m/s2B4s16s内物体做匀速直线运动，速度保持4m/s不变，处于完全失重状态C16s24s内，物体做匀减速直线运动，速度由4m/s减至0，处于失重状态D024s内，此人经过的位移为72m10面积为S的矩形线圈在磁感应强度为B的匀强磁场中，从中性面起以角速度匀速转动，在t时刻线圈磁通量的瞬时值为（）ABSBBScostCBSsintD11下列对圆锥摆的受力分析正确的是（）ABC
5、D12如图所示，将一张A4纸（质量可忽略不计）夹在物理书内，书对A4纸的压力为2N，A4纸与书之间的动摩擦因数为0.3，要把A4纸从书中拉出，拉力至少应为（）A0.6NB1.2NC2ND2.4N13关于抛体运动，下而的几种说法中正确的是（）A平抛运动是曲线运动，它的速度不断改变，不可能是匀变速运动B平抛运动可分解为水平方向匀速直线运动和竖直方向自由落体运动C平抛运动落地时的水平位移由初速度大小决定D平抛运动的落地时间与初速度大小有关14压敏电阻的阻值随所受压力的增大而减小某实验小组在升降机水平地面上利用压敏电阻设计了判断升降机运动状态的装置其工作原理图如图甲所示，将压敏电阻、定值电阻R、电流显
6、示器、电源E连成电路，在压敏电阻上放置一个绝缘重物0t1时间内升降机停在某一楼层处，t1时刻升降机开始运动，从电流显示器中得到电路中电流i随时间t变化情况如图乙所示则下列判断正确的是（）At1t2时间内绝缘重物处于超重状态Bt3t4时间内绝缘重物处于失重状态C升降机开始时可能停在10楼，t1时刻开始，向下加速、匀速、减速，最后停在l楼D升降机开始时可能停在1楼，t1时刻开始，向上加速、匀速、减速，最后停在10楼15图中K、L、M为静电场中的三个相距很近的等势面（K、M之间无电荷）一带电粒子射入此静电场中后，依abcde轨迹运动已知电势KLM下列说法中正确的是（）A粒子带负电B粒子在bc段做减速
7、运动C粒子在b点与d点的速率大小相等D粒子在c点时电势能最小16将一小球竖直上抛，如果小球到达最高点前的最后一秒和离开最高点后的第一秒时间内通过的路程分别为x1和x2，速度变化量的大小分别为v1和v2，假设小球所受空气阻力大小不变，则下列表述正确的是（）Ax1x2，v1v2Bx1x2，v1v2Cx1x2，v1v2Dx1x2，v1v217物体以速度v匀速通过直线上的A、B两点，所用时间为t；现在物体从A点由静止出发，先匀加速直线运动（加速度为a1）到某一最大速度vm后立即做匀减速直线运动（加速度大小为a2）至B点速度恰好减为0，所用时间仍为t则物体的（）Avm只能为2v，与a1、a2的大小无关B
8、vm可为许多值，与a1、a2的大小有关Ca1、a2须是一定的Da1、a2必须满足18如果两个不在同一直线上的分运动都是匀速直线运动，对其合运动的描述中正确的是（）A合运动一定是曲线运动B合运动可能是直线运动，也可能是曲线运动C合运动一定是匀速直线运动D只有当两个分运动的速度数值相等时，合运动才为匀速直线运动19一只小船在静水中的速度为3m/s，它要渡过一条宽为30m的河，河水流速为4m/s，则这只船（）A过河时间不可能小于10sB不能沿垂直于河岸方向过河C可以渡过这条河，而且所需时间可以为6sD不可能渡过这条河20如图，表示一交变电流随时间变化的图象，此交变电流的有效值是（）A5AB5AC A
9、D3.5A二、实验题21在测定一节干电池电动势和内阻的实验中，某学生采用了如图所示实验器材连接，请指出该学生在接线中错误和不规范的做法（1）_；（2）_；（3）_；（4）_22在做测量电源电动势E和内阻r的实验时，提供的器材是：待测电源一个，内阻为RV的电压表一个（量程大于电源的电动势），电阻箱一个，开关一个，导线若干为了测量得更加准确，多次改变电阻箱的电阻R，读出电压表的相应示数U，以为纵坐标，R为横坐标，画出与R的关系图象，如图所示由图象可得到直线在纵轴上的截距为m，直线的斜率为k，试根据以上信息在虚线框内画出实验电路图写出E、r的表达式，E=_，r=_三、计算题23均匀导线制成的单位正方
10、形闭合线框abcd，每边长为L，总电阻为R，总质量为m将其置于磁感强度为B的水平匀强磁场上方h处，如图所示线框由静止自由下落，线框平面保持在竖直平面内，且cd边始终与水平的磁场边界平行当cd边刚进入磁场时，（1）求线框中产生的感应电动势大小；（2）求cd两点间的电势差大小；（3）若此时线框加速度恰好为，求线框下落的高度h所应满足的条件24在光滑的水平面上，质量m1=1kg的物体与另一质量为m2物体相碰，碰撞前后它们的位移随时间变化的情况如图所示求：（1）碰撞前m1的速度v1和m2的速度v2；（2）另一物体的质量m22016-2017学年河北省保定市定州中学高三（上）周练物理试卷（高补班）（9.
11、11）参考答案与试题解析一、单项选择题1一正弦交变电流的电压随时间变化的规律如图所示由图可知该交变电流（）A周期为0.125sB电压的有效值为10VC电压的最大值为20VD电压瞬时值的表达式为u=10sin8t（V）【考点】正弦式电流的最大值和有效值、周期和频率；正弦式电流的图象和三角函数表达式【分析】根据图象可以知道交流电压的最大值和交流电的周期，根据最大值和有效值的关系即可求得交流电的有效值和频率【解答】解：A、由图象可知，交流电压的最大值为Um=20V，电流的周期为T=0.250s，故A错误，C错误；B、电压的有效值U=10V，故B正确；D、电流的周期为T=0.250s，=8rad/s，
12、所以电压瞬时值的表达式为u=20sin8t（V），故D错误故选：B2山地滑雪是人们喜爱的一项体育运动如图所示，一滑雪坡由斜面AB和圆弧面BC组成，BC圆弧面和斜面相切于B，与水平面相切于C，竖直台阶CD底端与倾角为的斜坡DE相连第一次运动员从A点由静止滑下通过C点后飞落到DE上，第二次从AB间的A点（图中未标，即ABAB）由静止滑下通过C点后也飞落到DE上，运动员两次与斜坡DE接触时速度与水平方向的夹角分别为1和2，不计空气阻力和轨道的摩擦力，则（）A12B12C1=2D无法确定两角的大小关系【考点】动能定理的应用；匀变速直线运动的位移与时间的关系【分析】由动能定理知从A点滑下的时候通过C点的
13、速度较小，然后根据平抛运动tan=进行比较【解答】解：根据动能定理mgh=mv02，A下落时高度较大，所以从A下落到达C点的速度比较大那么从A和A下落时在DE上的落点如图所示，根据平抛运动中的推论：tan=2tan由图可以看出从A下落时从C点飞出后tan值较大，故从A下落时落到DE后tan2较大，即tan1tan2故选：BA3下列物理量中，属于矢量的是（）A质量B速率C加速度D动摩擦因数【考点】矢量和标量【分析】标量是只有大小没有方向的物理量，而矢量是既有大小又有方向的物理量【解答】解：A、B、D、质量、速率和动摩擦因数都是只有大小没有方向的物理量，是标量，故ABD错误C、加速度是矢量，其方向
14、与物体所受的合外力方向相同，故C正确故选：C4某一做匀加速直线运动的物体在时间T内通过位移x1到达A点，接着在时间T内通过位移x2到达B点，则以下判断正确的是（）A物体在A点的速度大小为B物体运动的加速度为C物体运动的加速度为D物体在B点的速度大小为【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的速度与位移的关系【分析】由匀变速直线运动的平均速度公式可求得A点的速度；由x=at2可求得物体运动的加速度【解答】解：A、匀变速直线运动的中间时刻的速度等于中间时刻的速度；故A点的速度为；故A正确；B、由x=aT2，可得物体运动的加速度a=，故B错误，C正确；D、B点的速度vB=vA+aT=
15、，故D正确；故选ACD5如图所示的伏安法测电阻电路中，电压表的内阻为3k，读数为3V；电流表内阻为10，读数为4mA待测电阻R的真实值等于（）A750B760C1000D1010【考点】伏安法测电阻【分析】本实验测量电阻的原理是伏安法根据电表对电路的影响，分析误差，计算测量值和真实值【解答】解：电阻R的测量值R测=，电阻的真实值R真=，根据欧姆定律得： =750=解得：R真=1000故选C6如图所示，电源电动势为E，内阻为r，不计电压表和电流表内阻对电路的影响，当电键闭合后，两小灯泡均能发光在将滑动变阻器的滑片逐渐向右滑动的过程中，下列说法正确的是（）A小灯泡L1、L2均变暗B小灯泡L1变亮，
16、小灯泡L2变暗C电流表A的读数变小，电压表V的读数变大D电流表A的读数变大，电压表V的读数变小【考点】闭合电路的欧姆定律【分析】将滑动变阻器的滑片逐渐向右滑动的过程中，变阻器接入电路的电阻增大，分析外电路总电阻的变化，由欧姆定律判断干路电流的变化，即可知道电流表示数的变化和路端电压的变化，即可知道电压表读数的变化分析并联部分电压的变化，判断L1灯亮度的变化【解答】解：将滑动变阻器的滑片逐渐向右滑动的过程中，变阻器接入电路的电阻增大，并联部分的电阻增大，外电路总电阻增大，干路电流减小，则L2灯变暗，电流表读数变小电源的内电压减小，则路端电压增大，电压表读数变大根据串联电路分压特点可知，并联部分电
17、压增大，则L1灯变亮故BC正确故选BC7下列说法中正确的是（）A托马斯杨通过光的单缝衍射实验，证明了光是一种波B自然光斜射到玻璃、水面、木质桌面时，反射光和折射光都是偏振光C在光的双缝干涉实验中，若仅将入射光由绿光改为红光，则干涉条纹间距变窄D麦克斯韦提出电磁场理论并预言电磁波存在，后来由他又用实验证实电磁波的存在【考点】光的干涉；电磁波的产生【分析】托马斯杨观察到光的干涉现象；自然光斜射到玻璃、水面、木质桌面时，反射光和折射光都是偏振光；麦克斯韦预言了光是一种电磁波，而赫兹用实验证实了电磁波的存在；根据条纹间距公式x=判断条纹间距的变化【解答】解：A、托马斯扬在实验中成功地观察到光的干涉现象
18、，干涉现象是波特有的特点，故A错误；B、自然光斜射到玻璃、水面、木质桌面时，反射光和折射光都是偏振光，B正确；C、在光的双缝干涉实验中，若仅将入射光由绿光改为红光，红光波长比绿光波长长，根据x=则干涉条纹间距变宽，故C错误；D、麦克斯韦预言了光是一种电磁波，而赫兹用实验证实了电磁波的存在，故D错误故选：B8下列说法中正确的是（）A只要物体发生形变就一定有弹力B木块放在桌面上受到的弹力，这是由于木块发生微小的形变而产生的C绳对物体的拉力方向总是沿着绳而指向绳收缩的方向D两物体体间有弹力，则一定有摩擦力【考点】物体的弹性和弹力；摩擦力的判断与计算【分析】弹力产生的条件有两个：一是两个物体必须直接接
19、触，二是发生弹性形变；弹力的方向总是与恢复形变的方向相同；拉力、推力、支持力的实质都是弹力【解答】解：A物体发生形变时，不一定发生弹性形变，所以形变的物体不一定产生弹力，故A错误；B木块放在桌面上受到的弹力，这是由于桌面发生微小的形变而产生的，故B错误；C弹力的方向总是与恢复形变的方向相同，绳对物体拉力的方向总是沿着绳而指向绳收缩的方向，故C正确；D两个物体间有弹力，则不一定有摩擦力，而有摩擦力，一定有弹力，故D错误故选：C9某人乘电梯从24楼到1楼的vt图象如图，下列说法正确的是（）A04s内物体做匀加速直线运动，加速度为1m/s2B4s16s内物体做匀速直线运动，速度保持4m/s不变，处于
20、完全失重状态C16s24s内，物体做匀减速直线运动，速度由4m/s减至0，处于失重状态D024s内，此人经过的位移为72m【考点】匀变速直线运动的图像；超重和失重【分析】速度图象的斜率等于加速度，倾斜的直线表示匀变速直线运动当物体的加速度竖直向下时，处于失重状态，根据加速度方向，判断物体是否处于失重状态图象的“面积“大小等于位移【解答】解：A、04s内物体做匀加速直线运动，加速度为a=故A正确B、4s16s内物体做匀速直线运动，速度保持4m/s不变，处于非失重状态故B错误C、16s24s内，物体做匀减速直线运动，速度由4m/s减至0，加速度为负值，即竖直向上，物体处于超重状态故C错误D、024
21、s内，此人经过的位移为x=（12+24）4m=72m故D正确故选AD10面积为S的矩形线圈在磁感应强度为B的匀强磁场中，从中性面起以角速度匀速转动，在t时刻线圈磁通量的瞬时值为（）ABSBBScostCBSsintD【考点】交流发电机及其产生正弦式电流的原理；正弦式电流的图象和三角函数表达式【分析】首先从中性面开始转动，初始位置磁通量最大，故可知磁通量为余弦式变化【解答】解：由初始磁通量为最大可知，磁通量表达式为：=BScost，故ACD错误，B正确故选：B11下列对圆锥摆的受力分析正确的是（）ABCD【考点】向心力；牛顿第二定律【分析】先对小球进行运动分析，做匀速圆周运动，再找出合力的方向，
22、进一步对小球受力分析！【解答】解：小球在水平面内做匀速圆周运动，对小球受力分析，如图小球受重力、和绳子的拉力，由于它们的合力总是指向圆心并使得小球在水平面内做圆周运动，故在物理学上，将这个合力就叫做向心力，即向心力是按照力的效果命名的，这里是重力和拉力的合力，故ABC错误，D正确故选：D12如图所示，将一张A4纸（质量可忽略不计）夹在物理书内，书对A4纸的压力为2N，A4纸与书之间的动摩擦因数为0.3，要把A4纸从书中拉出，拉力至少应为（）A0.6NB1.2NC2ND2.4N【考点】滑动摩擦力【分析】A4纸与书上下两个接触面都有滑动摩擦力，根据滑动摩擦力的公式即可求解【解答】解：A4纸与书上下
23、两个接触面都有滑动摩擦力，则有：f=2FN=20.32N=1.2N当拉力等于摩擦力时，拉力最小，所以F=1.2N故选B13关于抛体运动，下而的几种说法中正确的是（）A平抛运动是曲线运动，它的速度不断改变，不可能是匀变速运动B平抛运动可分解为水平方向匀速直线运动和竖直方向自由落体运动C平抛运动落地时的水平位移由初速度大小决定D平抛运动的落地时间与初速度大小有关【考点】平抛运动【分析】平抛运动的加速度不变，做匀变速曲线运动，在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，据此分析即可【解答】解：A、平抛运动仅受重力，加速度为g，保持不变，做匀变速曲线运动，故A错误B、平抛运动在水平方向上做
24、匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，故B正确C、根据t=知，平抛运动的时间由高度决定，与初速度无关，平抛运动的水平位移x=v0t，由初速度和高度共同决定，故CD错误故选：B14压敏电阻的阻值随所受压力的增大而减小某实验小组在升降机水平地面上利用压敏电阻设计了判断升降机运动状态的装置其工作原理图如图甲所示，将压敏电阻、定值电阻R、电流显示器、电源E连成电路，在压敏电阻上放置一个绝缘重物0t1时间内升降机停在某一楼层处，t1时刻升降机开始运动，从电流显示器中得到电路中电流i随时间t变化情况如图乙所示则下列判断正确的是（）At1t2时间内绝缘重物处于超重状态Bt3t4时间内绝缘重物处于失重状态
25、C升降机开始时可能停在10楼，t1时刻开始，向下加速、匀速、减速，最后停在l楼D升降机开始时可能停在1楼，t1时刻开始，向上加速、匀速、减速，最后停在10楼【考点】牛顿运动定律的应用-超重和失重【分析】通过压敏电阻将压力信号转换成电信号，从而根据电路中电表的示数来分析压敏电阻的变化，判断压力的变化，确定升降机的运动状态【解答】解：A、t1t2时间内电路中电流i比升降机静止时小，说明压敏电阻增大，压力减小，重物处于失重状态故A错误B、t3t4时间内电路中电流i比升降机静止时大，说明压敏电阻减小，压力增大，重物处于超重状态故B错误C、根据重物的状态可知，若升降机开始时停在10楼，则t1时刻开始，向
26、下加速、匀速、减速，最后停在1楼故C正确D、若升降机开始时停在l楼，t1时刻开始向上加速、匀速、减速，重物应先处于超重、既不超重也不失重、失重状态，与上分析不符，故D错误故选C15图中K、L、M为静电场中的三个相距很近的等势面（K、M之间无电荷）一带电粒子射入此静电场中后，依abcde轨迹运动已知电势KLM下列说法中正确的是（）A粒子带负电B粒子在bc段做减速运动C粒子在b点与d点的速率大小相等D粒子在c点时电势能最小【考点】等势面；电势【分析】由等势面的情况可以画出电场线的大致分布图，结合粒子的曲线运动，所受合力应该指向曲线弯曲的内侧，所以粒子的所受电场力是偏在左侧的，又因为题目中交代了电势
27、KLM ，所以电场线指向左侧，该粒子应该带正电，b、d在同一等势面上，电势能相等，动能相等，速率相等根据a到c电场力做负功，电势能增大，c到e电场力做正功，电势能减小，c点电势最大【解答】解：A、画出电场线的大致分布图，电势KLM ，所以电场线指向左侧，电场力大体向左，该粒子应该带正电，故A错误 B、b到c电场力做负功，动能减小，速率减小故B正确 C、b、d在同一等势面上，粒子在这两点的电势能相等，根据动能与电势能总量守恒，可知粒子在两点速率相等故C正确 D、a到c电场力做负功，电势能增大，c到e电场力做正功，电势能减小，c点电势最大故D错误故选BC16将一小球竖直上抛，如果小球到达最高点前的
28、最后一秒和离开最高点后的第一秒时间内通过的路程分别为x1和x2，速度变化量的大小分别为v1和v2，假设小球所受空气阻力大小不变，则下列表述正确的是（）Ax1x2，v1v2Bx1x2，v1v2Cx1x2，v1v2Dx1x2，v1v2【考点】竖直上抛运动【分析】竖直上抛运动上升过程空气阻力向下、下降过程空气阻力向上，所以小球到达最高点前的最后一秒和离开最高点后的第一秒时间内通过的路程不再相等，速度变化量的大小也不再相等，具体情况要根据牛顿第二定律和运动学方程求解【解答】解：竖直上抛运动小球受合力竖直向下，设空气阻力为f，则：F1=G+f小球到达最高点前的最后一秒的加速度大小为：a1=此时间内位移变
29、化量和速度变化量：x1=a1，v1=a1同理，下降过程合力F2=Gfa2=x2=a2，v2=a2由于a1a2故x1x2，v1v2故选D17物体以速度v匀速通过直线上的A、B两点，所用时间为t；现在物体从A点由静止出发，先匀加速直线运动（加速度为a1）到某一最大速度vm后立即做匀减速直线运动（加速度大小为a2）至B点速度恰好减为0，所用时间仍为t则物体的（）Avm只能为2v，与a1、a2的大小无关Bvm可为许多值，与a1、a2的大小有关Ca1、a2须是一定的Da1、a2必须满足【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系【分析】A、当物体匀速通过A、B两点时，x=vt当物体先匀加速后匀减速通过A、B
30、两点时，根据平均速度公式，总位移x=，从而可得知vm与v的关系C、匀加速运动的时间和匀减速运动的时间之和，再根据vm与v的关系得出a1、a2所满足的条件【解答】解：A、当物体匀速通过A、B两点时，x=vt当物体先匀加速后匀减速通过A、B两点时，根据平均速度公式，总位移x=，则，得vm=2v与a1、a2的大小无关故A正确，B错误 C、匀加速运动的时间和匀减速运动的时间之和，而vm=2v，代入得，整理得故C错误，D正确故选AD18如果两个不在同一直线上的分运动都是匀速直线运动，对其合运动的描述中正确的是（）A合运动一定是曲线运动B合运动可能是直线运动，也可能是曲线运动C合运动一定是匀速直线运动D只
31、有当两个分运动的速度数值相等时，合运动才为匀速直线运动【考点】运动的合成和分解【分析】当和加速度的方向与合速度的方向在同一条直线上，合运动为直线运动，不在同一条直线上，合运动为曲线运动【解答】解：两个分运动是匀速直线运动，合加速度为零，合速度不为零，则合运动是匀速直线运动故C正确，A、B、D错误故选C19一只小船在静水中的速度为3m/s，它要渡过一条宽为30m的河，河水流速为4m/s，则这只船（）A过河时间不可能小于10sB不能沿垂直于河岸方向过河C可以渡过这条河，而且所需时间可以为6sD不可能渡过这条河【考点】运动的合成和分解【分析】将船的运动分解为沿河岸方向和垂直于河岸方向，根据垂直于河岸
32、方向上的速度求出渡河的时间通过判断合速度能否与河岸垂直，判断船能否垂直到对岸【解答】解：A、当静水速与河岸垂直时，渡河时间最短，最短时间为t=s=10s，因水流速度大于船在静水中的速度，所以过河时间不可能小于10s故A正确，C错误B、根据平行四边形定则，由于静水速小于水流速，则合速度不可能垂直于河岸，即船不可能垂直到达对岸故B正确；D、当静水速与河岸不平行，则船就能渡过河，故D错误；故选：AB20如图，表示一交变电流随时间变化的图象，此交变电流的有效值是（）A5AB5AC AD3.5A【考点】交流的峰值、有效值以及它们的关系【分析】根据有效值的定义求解取一个周期时间，将交流与直流分别通过相同的
33、电阻，若产生的热量相同，直流的电流值，即为此交流的有效值【解答】解：将交流与直流通过阻值都为R的电阻，设直流电流为I，则根据有效值的定义有：（4）2R+（3）2R=I2RT；解得：I=5A故选：B二、实验题21在测定一节干电池电动势和内阻的实验中，某学生采用了如图所示实验器材连接，请指出该学生在接线中错误和不规范的做法（1）滑动变阻器不起变阻作用；（2）电流表正负接线柱错误；（3）电压表量程选用不当；（4）开关不能控制电压表【考点】测定电源的电动势和内阻【分析】测定一节干电池电动势和内阻，电动势在1.5V左右，电压表量程选用3V，电流表量程选用0.6A，电流从正接线柱流入，从负接线柱流出，通过
34、滑动变阻器改变电流表、电压表的示数，断开电键，电压表和电流表读数应都等于0【解答】解：（1）滑动变阻器应串联在电路中，但图示接法，无论怎么移动，滑动变阻器不起变阻作用（2）电流应从正接线柱流入，负接线柱流出，即电流表正负接线柱错误（3）电源电动势大约1.5V，电压表量程选用3V量程，即电压表量程选用不当（4）断开电键，电压表仍有示数，电路不安全，即开关不能控制电压表故答案为：（1）滑动变阻器不起变阻作用（2）电流表正负接线柱错误（3）电压表量程选用不当（4）开关不能控制电压表22在做测量电源电动势E和内阻r的实验时，提供的器材是：待测电源一个，内阻为RV的电压表一个（量程大于电源的电动势），电
35、阻箱一个，开关一个，导线若干为了测量得更加准确，多次改变电阻箱的电阻R，读出电压表的相应示数U，以为纵坐标，R为横坐标，画出与R的关系图象，如图所示由图象可得到直线在纵轴上的截距为m，直线的斜率为k，试根据以上信息在虚线框内画出实验电路图写出E、r的表达式，E=，r=【考点】测定电源的电动势和内阻【分析】采用伏阻法测电源电动势与内阻，电阻箱与电源串联接入电路，电压表测路端电压，据此作出实验电路图由闭合电路的欧姆定律求出R表达式，然后根据图象求出电源电动势与电源内阻【解答】解：（1）伏阻法测电源电动势与内阻的实验电路图如图所示（2）电压表的电阻为RV，闭合开关，设电路电流为I，闭合电路欧姆定律得
36、：E=U+I（r+R）=U+（r+R），解得： =+；可见是R的一次函数，k=，m=+，解得：E=，r=；故答案为：（1）电路图如图所示；（2）；三、计算题23均匀导线制成的单位正方形闭合线框abcd，每边长为L，总电阻为R，总质量为m将其置于磁感强度为B的水平匀强磁场上方h处，如图所示线框由静止自由下落，线框平面保持在竖直平面内，且cd边始终与水平的磁场边界平行当cd边刚进入磁场时，（1）求线框中产生的感应电动势大小；（2）求cd两点间的电势差大小；（3）若此时线框加速度恰好为，求线框下落的高度h所应满足的条件【考点】导体切割磁感线时的感应电动势；法拉第电磁感应定律；楞次定律【分析】（1）线
37、框先自由下落，由高度h求得速度v，由E=BLv求解感应电动势的大小（2）cd两点间的电势差大小等于外电压，等于E（3）若此时线框加速度恰好为g，根据牛顿第二定律求出安培力，由安培力的表达式求出高度【解答】解：（1）设线框刚进入磁场时的速度大小为v，根据机械能守恒定律得： mgh=得：，线框切割产生的感应电动势：（2）回路中产生的感应电流，cd两点间的电压值U=IR=BL（3）根据牛顿第二定律得： F合=mgF安=ma=m又F安=BLI=BLh=答：（1）线框中产生的感应电动势大小为BL；（2）cd两点间的电势差大小为BL；（3）若此时线框加速度恰好为，线框下落的高度h所应满足的条件为h=24在
38、光滑的水平面上，质量m1=1kg的物体与另一质量为m2物体相碰，碰撞前后它们的位移随时间变化的情况如图所示求：（1）碰撞前m1的速度v1和m2的速度v2；（2）另一物体的质量m2【考点】动量守恒定律【分析】（1）st图象的斜率表示速度大小；（2）由st图象再求得两物体碰撞后的共同速度，根据动量守恒定律列方程求解【解答】（1）由st图象知：v1=m/s=4m/s 同理得：v2=0 （2）由st图象知两物体碰撞后的共同速度为：v=1m/s 以m1初速度的方向为正方向，由动量守恒定律得：m1v1+m2v2=（m1+m2）v 代入数据得：m2=3kg 答：（1）碰撞前m1的速度v1和m2的速度v2分别为4m/s和0；（2）另一物体的质量m2为3kg2016年10月7日