1、第5单元遗传的基本规律第13讲基因的分离定律单科命题备考导航核心素养解读命题趋势(1)分析孟德尔遗传实验的科学方法(2)阐明基因的分离定律(3)模拟植物或动物性状分离的杂交实验(1)利用假说演绎法演绎推理分离定律的过程并体会该实验方法的思想和精神(2)通过对性状分离的模拟实验,从细胞水平阐述基因分离定律的实质,建立起进化与适应的观点题型内容:分离定律的内容与应用考查形式:以遗传学实验或遗传系谱图为背景考点一基因分离定律的发现与实质1.孟德尔遗传实验的科学方法(1)豌豆做实验材料的优点豌豆是严格的自花传粉、闭花受粉植物,能避免外来花粉的干扰,自然状态下都为 纯合子 。豌豆品种间具有一些 稳定的、
2、易于区分 的相对性状。豌豆花大,便于进行人工异花授粉。(2)人工杂交实验操作的步骤去雄套袋人工授粉套袋2.一对相对性状杂交实验的“假说演绎”分析3.分离定律的实质(1)定律实质: 等位基因随同源染色体的分开而分离 。(2)发生时间: 减数第一次分裂后期 。(3)适用范围真核(填“真核”或“原核”)生物有性(填“无性”或“有性”)生殖的 细胞核 (填“细胞核”或“细胞质”)遗传。一对等位基因控制的一对相对性状的遗传。4.分离定律的应用(1)农业生产:指导 杂交育种 。(2)医学实践:分析单基因遗传病的基因型和发病概率;为禁止近亲结婚提供理论依据。1.F1测交子代表现型及比例直接真实地反映出F1产
3、生的配子的种类及比例,其根本目的是验证当时孟德尔假设的遗传因子的传递规律。()2.基因分离定律的细胞学基础是减数第一次分裂时染色单体分开。()3.“遗传因子在体细胞的染色体上成对存在”属于假说内容。()4.“F1(Dd)产生两种数量相等的雌(雄)配子(D和d)”属于推理内容。()5.孟德尔在检验假设阶段进行的实验是F1的自交。()6.“F1的短毛雌兔与短毛雄兔交配,后代中既有短毛兔又有长毛兔”体现出了性状分离。()7.杂合子自交后代没有纯合子,纯合子相交一定是杂合子。()8.具有隐性基因的个体一定表现为隐性性状,具有显性基因的个体一定表现为显性性状。()9.F2的表现型比例为31的结果最能说明
4、基因分离定律的实质。()10.基因分离定律中“分离”指的是同源染色体上的等位基因的分离。()孟德尔通过豌豆杂交实验,提出了遗传的两大定律。如图是植物杂交过程示意图,据图分析下列问题:(1)图中为,目的是;为,目的是。二者不是同时进行,操作应在进行,操作应在后进行。(2)本杂交实验中涉及两次套袋,第一次套袋应在之后,其目的是;第二次套袋应在人工授粉后,其目的是。(3)图示杂交是以(填“高茎”或“矮茎”)作母本,若进行反交实验,则F1应表现为(填“高茎”或“矮茎”)。应如何统计F1性状?能否通过直接统计图示豆荚中种子获得数据?(可就子叶、胚乳、茎高矮、花色及花着生位置等分别说明)。答案(1)去雄避
5、免自花传粉授粉实现杂交花蕾期花粉成熟(2)防止外来花粉干扰确保所结种子为杂交实验的结果(3)高茎高茎统计F1的子叶或胚乳性状时可直接就豆荚中的种子予以统计,而统计茎高矮、花色等需将豆荚中种子种下,待植株形成时方能统计茎高矮,待植株开花时方能统计花色及花的着生位置等1.相同基因、等位基因与非等位基因2.与杂交方式相关的概念及其作用概念作用杂交基因型不同的个体间雌雄配子的结合通过杂交将不同优良性状集中到一起,得到新品种通过后代性状分离比,判断显、隐性性状自交基因型相同的个体间雌雄配子的结合不断提高种群中纯合子的比例可用于植物纯合子、杂合子的鉴定测交F1与隐性纯合子杂交测定F1的基因组成、产生的配子
6、类型及其比例高等动物纯合子、杂合子的鉴定正交和反交正交和反交是一对相对概念:若正交为A(性状)B(性状),则反交为B(性状)A(性状)若正交为B(性状)A(性状),则反交为A(性状)B(性状)常用于判断某待测性状是细胞核遗传还是细胞质遗传,基因在常染色体上还是在X染色体上3.分离定律核心概念间的联系4.基因分离定律实质的细胞学基础以如图一个基因组成为Aa的性原细胞产生配子的过程为例:从图中得知:遗传因子组成为Aa的精(卵)原细胞可产生两种类型的配子,即A和a,比例为11。考向一考查遗传学的相关概念1.下列关于遗传学基本概念的叙述中,正确的有几项()兔的白毛和黑毛,狗的长毛和卷毛都是相对性状纯合
7、子杂交产生的子一代所表现的性状就是显性性状,XAY、XaY属于纯合子不同环境下,基因型相同,表现型不一定相同A和A、b和b不属于等位基因,C和c属于等位基因后代中同时出现显性性状和隐性性状的现象叫做性状分离,两个双眼皮的夫妇生了一个单眼皮的孩子属于性状分离检测某雄兔是否是纯合子,可以用测交的方法A.2项B.3项C.4项D.5项1.答案B兔的白毛和黑毛是一对相对性状,狗的长毛和卷毛不是一对相对性状,错误;具有一对相对性状的两个纯合子杂交产生的子一代所表现的性状是显性性状,错误;性状的表现型是基因与环境相互作用的结果,基因型相同、环境不同时,表现型不一定相同,正确;同源染色体的同一位置上控制相对性
8、状的基因是等位基因,如C和c,正确;性状分离是指在杂种后代中,同时出现显性性状和隐性性状的现象,错误;动物是否为纯合子的检测,可用测交法,正确。2.下列对遗传学概念的解释,不正确的是()A.性状分离:杂种后代中,同时出现显性性状和隐性性状的现象B.伴性遗传:由位于性染色体上的基因控制,遗传上总是与性别相关联的现象C.显性性状:两个亲本杂交,子一代中显现出来的性状D.等位基因:位于同源染色体的相同位置上,控制相对性状的基因2.答案C具有相对性状的亲本杂交,F1表现出来的性状是显性性状,不表现出来的性状是隐性性状,C错误。题后悟道归纳分离定律核心概念间的联系考向二考查遗传学的科学实验方法3.(20
9、19福建厦门双十中学期中)下列有关孟德尔一对相对性状的杂交实验的叙述,正确的是()A.F1产生数量相等的雌雄配子是F2出现31的性状分离比的前提B.孟德尔根据F2的性状分离比提出产生配子时等位基因会相互分离C.孟德尔根据测交实验提出假说,并通过杂交实验对假说结果进行演绎推理D.豌豆杂交实验要对母本进行去雄处理并套袋,以防止外来花粉的干扰3.答案DF1产生的雄配子数量多于雌配子数量,A错误;孟德尔提出遗传因子的概念,没有提出等位基因的概念,B错误;孟德尔通过观察纯合亲本的杂交实验和F1的自交实验提出假说,通过测交实验验证了假说的正确性,C错误;豌豆花为两性花,豌豆杂交实验要对母本进行去雄处理并套
10、袋,以防止外来花粉的干扰,D正确。4.(2019陕西咸阳模拟检测)下列关于孟德尔探索遗传规律所用“假说演绎”法的叙述中,不正确的是()A.“一对相对性状遗传实验中F2出现31的性状分离比”属于假说的内容B.“F1(Aa)能产生数量相等的2种配子(Aa=11)”属于推理内容C.“决定相对性状的遗传因子在体细胞中成对存在”属于假说的内容D.“测交实验”是对推理过程及结果进行的验证过程4.答案A“F2出现31的性状分离比”是孟德尔根据几组不同对相对性状的杂交实验得出的实验结果,不属于假说的内容,A错误;“F1(Aa)能产生数量相等的2种配子(Aa=11)”是依据假说对F1产生的配子的预测,属于推理内
11、容,B正确;“决定相对性状的遗传因子在体细胞中成对存在”属于假说的内容,C正确;对推理(演绎)过程及结果进行的检验是通过测交实验完成的,D正确。题后悟道归纳“假说演绎”法推理过程(“四步法”)考向三分离定律的实质与验证5.(2019云南姚安一中月考)孟德尔在对一对相对性状进行研究的过程中,发现了基因的分离定律。下列有关基因分离定律的几组比例,能直接说明基因分离定律实质的是()A.F2的表现型比例为31B.F1产生配子的种类的比例为11C.F2基因型的比例为121D.测交后代的比例为115.答案B基因分离定律的实质是在减数第一次分裂后期,位于一对同源染色体上的等位基因随着同源染色体的分开而分离,
12、分别进入不同的配子中,则F1(Dd)能产生D、d两种配子,且比例为11。6.玉米中因含支链淀粉多而具有黏性(由基因W控制)的籽粒和花粉遇碘不变蓝;含直链淀粉多不具有黏性(由基因w控制)的籽粒和花粉遇碘变蓝色,W对w完全显性。把WW和ww杂交得到的种子播种下去,先后获取花粉和籽粒,分别滴加碘液观察统计,结果应为()A.花粉1/2变蓝、籽粒3/4变蓝B.花粉、籽粒各3/4变蓝C.花粉1/2变蓝、籽粒1/4变蓝D.花粉、籽粒全部变蓝6.答案CWW和ww杂交,F1的基因型为Ww,其能产生W和w两者比例相等的配子,其中W遇碘不变蓝,w遇碘变蓝色,即产生的花粉遇碘1/2不变蓝色,1/2变蓝色。F1的基因型
13、为Ww,其自交后代的基因型及比例为WWWwww=121,其中WW和Ww遇碘不变蓝色,ww遇碘变蓝色,即所结的种子遇碘3/4不变蓝色,1/4变蓝色。题后悟道方法“四法”验证分离定律(1)自交法:自交后代的性状分离比为31,则符合基因的分离定律,由位于一对同源染色体上的一对等位基因控制。(2)测交法:若测交后代的性状分离比为11,则符合基因的分离定律,由位于一对同源染色体上的一对等位基因控制。(3)花粉鉴定法:取杂合子的花粉,对花粉进行特殊处理后,用显微镜观察并计数,若花粉粒类型比例为11,则可直接验证基因的分离定律。(4)单倍体育种法:取花药离体培养,用秋水仙素处理单倍体幼苗,若植株有两种表现型
14、且比例为11,则符合基因的分离定律。考点二基因分离定律题型突破1.巧用4种方法判断性状显隐性(1)根据概念判断显隐性具有相对性状的纯合亲本杂交子一代表现出来的性状为显性性状,未表现出来的性状为隐性性状。可表示为甲性状乙性状甲性状,则甲性状为显性性状,乙性状为隐性性状。(2)根据子代表现型判断显隐性(3)设计杂交实验判断显隐性(4)根据遗传系谱图判断显隐性系谱图中“无中生有为隐性”,即双亲都没有患病而后代表现出的患病性状为隐性性状,如图甲所示,由该图可以判断白化病为隐性性状;“有中生无为显性”,即双亲都患病而后代出现没有患病的,患病性状为显性性状,如图乙所示,由该图可以判断多指是显性性状。2.亲
15、子代基因型和表现型的推断(1)分离比法根据亲代推断子代基因型、表现型的种类及比例亲本基因型子代基因型种类及比例子代表现型及比例AAAAAA全为显性AAAaAAAa=11全为显性AAaaAa全为显性AaAaAAAaaa=121显性隐性=31AaaaAaaa=11显性隐性=11aaaaaa全为隐性由子代推断亲代的基因型(逆推型):子代显性隐性=31亲本:AaAa显性隐性=11亲本:Aaaa全为显性亲本:AAA_或AAaa全为隐性亲本:aaaa(2)基因填充法:根据亲代表现型写出能确定的基因(如显性性状的基因型用A_表示)根据子代一对基因分别来自两个亲本推知亲代未知基因;若亲代为隐性性状,基因型只能
16、是aa。(3)隐性突破法:如果子代中有隐性个体,则亲代基因型中必定都含有一个a基因,然后根据亲代的表现型进一步判断。3.纯合子与杂合子的判断(1)测交法(在已确定显隐性性状的条件下)待测个体隐性纯合子子代结果分析若子代只有一种性状,则待测个体为纯合子若子代有两种性状,则待测个体为杂合子(2)自交法待测个体子代结果分析若后代无性状分离,则待测个体为纯合子若后代有性状分离,则待测个体为杂合子(3)花粉鉴定法待测个体花粉结果分析若产生2种花粉,则待测个体为杂合子若只产生1种花粉,则待测个体为纯合子(4)单倍体育种法待测个体花粉幼苗秋水仙素处理获得植株结果分析若有两种类型的植株,则亲本能产生两种类型的
17、花粉,为杂合子若只得到一种类型的植株,则亲本只能产生一种类型的花粉,为纯合子提醒:鉴定某生物个体是纯合子还是杂合子,当被测个体是动物时,常采用测交法; 当被测个体是植物时,上述四种方法均可以,但自交法较简单。4.分离定律遗传的概率计算(1)用经典公式或分离比计算概率=某性状或基因型数总组合数100%根据分离比计算AA、aa出现的概率各是1/4,Aa出现的概率是1/2,显性性状出现的概率是3/4,隐性性状出现的概率是1/4,显性性状中杂合子的概率是2/3。(2)根据配子概率计算先计算亲本产生每种配子的概率。根据题目要求用相关的两种(、)配子的概率相乘,即可得出某一基因型的个体的概率。计算表现型概
18、率时,再将相同表现型的个体的概率相加即可。5.不同条件下连续自交与自由交配(1)两种自交类型的第n代中,杂合子和纯合子的比例杂合子Aa连续自交,第n代中杂合子比例为(1/2)n,纯合子比例为1-(1/2)n,显性纯合子比例=隐性纯合子比例=1-(1/2)n1/2。由该曲线得到的启示:在育种过程中,选育符合人们要求的个体(显性),可进行连续自交,直到性状不再发生分离为止,即可留种推广使用。杂合子Aa连续自交,且逐代淘汰隐性个体,自交n代后(淘汰隐性个体),显性个体中,纯合子比例为2n-12n+1,杂合子比例为22n+1。(2)两种自由(随机)交配类型的第n代中,杂合子和纯合子的比例杂合子Aa连续
19、自由交配n代,杂合子比例为12,显性纯合子比例为14,隐性纯合子比例为14。杂合子Aa连续自由交配n代,且逐代淘汰隐性个体后,显性个体中,纯合子比例为nn+2,杂合子比例为2n+2。6.分离定律中的异常分离现象(1)不完全显性:此时Aa与AA表现型不同,则F2中AAAaaa性状分离比为121。(2)存在致死现象胚胎致死:某些基因型的个体死亡。Aa Aa1AA2Aa1aa显性纯合致死:21隐性纯合致死:全为显性3 1配子致死:指致死基因在配子时期发生作用,从而不能形成有生活力的配子的现象。例如:A基因使雄配子致死,则Aa自交,只能产生一种成活的a雄配子、A和a两种雌配子,形成的后代有两种基因型A
20、aaa=11。(3)从性遗传从性遗传是指由常染色体上基因控制的性状,在表现型上受个体性别影响的现象,又称性控遗传。一般是指常染色体上的基因,由于性别的差异而表现出男女(雌雄)性分布比例上或表现程度上的差别。比如牛羊角的遗传、人类秃顶、蝴蝶颜色的遗传等。从性遗传的本质:表现型=基因型+环境条件(性激素种类及含量差异)。 考向一考查性状显隐性的判断以及基因型和表现型的推导1.(2019福建三明一中第二次月考)果蝇的腹部有斑与无斑是一对相对性状(其表现型与基因型的关系如下表)。现用无斑雌蝇与有斑雄蝇进行杂交,产生的子代有:有斑雌蝇、无斑雄蝇、无斑雌蝇、有斑雄蝇。以下分析不正确的是()基因型性别AAA
21、aaa雄性有斑有斑无斑雌性有斑无斑无斑A.的精巢中可能存在含两条Y染色体的细胞B.与有斑雄蝇的杂交后代不可能有无斑果蝇C.亲本无斑雌蝇的基因型为AaD.与杂交产生有斑果蝇的概率为1/61.答案B精巢中次级精母细胞在减数第二次分裂后期时可能存在含两条Y染色体的细胞,A正确;无斑雌蝇_a与有斑雄蝇A_进行杂交,产生的子代有:有斑雌蝇AA、无斑雄蝇aa、无斑雌蝇_a、有斑雄蝇A_,则亲本无斑雌蝇和有斑雄蝇基因型均为Aa,有斑雌蝇基因型为AA,与有斑雄蝇A_杂交,后代可能出现基因型为Aa的无斑雌果蝇,B错误,C正确;无斑雌蝇_a的基因型为2/3Aa、1/3aa,无斑雄蝇aa与无斑雌蝇_a杂交,后代有斑
22、雄蝇概率为(2/3)(1/2)(1/2)=1/6,没有有斑雌蝇,D正确。2.(2019广西河池中学月考)下列选项中能判断出性状显隐性的是()A.一红色茉莉花与白色茉莉花杂交,子代全部为粉红色茉莉花B.果蝇的眼色遗传方式为伴X染色体遗传,一白眼雄果蝇与一红眼雌果蝇杂交,子代雌果蝇中白眼和红眼各占一半C.患某遗传病的男子与一正常女子结婚,生育一患病的儿子D.高茎豌豆和矮茎豌豆杂交,子代中高茎豌豆矮茎豌豆112.答案B一红色茉莉花与白色茉莉花杂交,子代全部为粉红色茉莉花,则控制红花和白花的基因为不完全显性,A错误;一白眼雄果蝇与一红眼雌果蝇杂交,子代雌果蝇中白眼和红眼各占一半,说明红眼雌果蝇亲本是杂
23、合子,杂合子表现的性状是显性性状,B正确;选项C、D可看作测交组合,不能判断显隐性,C、D错误。考向二考查纯合子与杂合子的判断3.(2019宁夏石嘴山三中月考)家鼠的灰毛和黑毛由一对等位基因控制,灰毛对黑毛为显性。现有一只灰毛雌鼠(M),为了确定M是否为纯合子(就毛色而言),让M与一只黑毛雄鼠交配,得到一窝共4个子代。不考虑变异,下列分析不合理的是()A.若子代出现黑毛鼠,则M一定是杂合子B.若子代全为灰毛鼠,则M一定是纯合子C.若子代中灰毛雄鼠黑毛雌鼠=31,则M一定是杂合子D.若子代中灰毛雄鼠黑毛雌鼠=11,则M一定是杂合子3.答案B本题主要考查科学探究素养中的结果分析。灰毛对黑毛为显性,
24、灰毛雌鼠M与一只黑毛雄鼠交配,得到一窝共4个子代。若子代出现黑毛鼠,则M一定是杂合子,A正确;因子代的数量较少,即使子代全为灰毛鼠,也不能确定M一定是纯合子,B错误;子代中出现了黑毛雌鼠,说明M必然含有控制黑毛性状的基因,因此,无论子代中灰毛雄鼠与黑毛雌鼠的比例是31,还是11,M一定是杂合子,C、D正确。4.现有一株高茎(显性)豌豆甲,欲知其是否是纯合子,最简便易行的办法是()A.选另一株矮茎豌豆与甲杂交,子代中若有矮茎出现,则甲为杂合子B.选另一株矮茎豌豆与甲杂交,子代若都表现为高茎,则甲为纯合子C.让甲与多株高茎豌豆杂交,子代中若高、矮茎之比接近31,则甲为杂合子D.让甲豌豆进行自花传粉
25、,若子代中有矮茎出现,则甲为杂合子4.答案D对植物而言,最简便易行的办法是采用自交法,对动物而言,最简便易行的办法是采用测交法。所以要确定豌豆甲的基因型,最简便易行的办法是让甲豌豆进行自花传粉,若子代中有矮茎出现,则甲为杂合子,若子代全为高茎,则甲最可能是纯合子。考向三考查分离定律遗传的概率计算5.(2019吉林梅河五中月考)玉米是雌雄同株、异花传粉植物,可以接受本植株的花粉,也能接受其他植株的花粉。在一块农田间行种植基因型为2/3Aa和1/3aa的玉米(A和a分别控制显性性状和隐性性状,且A对a为完全显性),假定每株玉米结的籽粒数目相同,收获的玉米种下去,具有A表现型和a表现型的玉米比例应接
26、近()A.12B.15C.54D.11255.答案C依题意可知:在一块农田间行种植基因型为2/3Aa和1/3aa的玉米,产生的配子为1/3A、2/3a,子代的基因型及其比例为AAAaaa=(1/3A1/3A)(21/3A2/3a)(2/3a2/3a)=144。可见,将收获的玉米种下去,具有A表现型和a表现型的玉米比例应接近54,C正确,A、B、D均错误。6.(2019安徽合肥一中开学考试)如图是某种单基因遗传病的系谱图,图中8号个体是杂合子的概率是()A.11/18B.4/9C.5/6D.3/56.答案D根据系谱图,5号为患病女孩,其父母都正常,所以该单基因遗传病为常染色体隐性遗传病。设用A、
27、a表示相关基因,则6号个体为1/3AA或2/3Aa,7号个体为Aa,由于8号个体是正常个体,其为AA的概率是1/31/2+2/31/4,为Aa的概率是1/31/2+2/31/2,因此,8号个体是杂合子的概率为AaAA+Aa=(1/6+1/3)(1/6+1/6+1/6+1/3)=3/5。考向四考查不同条件下连续自交与自由交配7.已知小麦抗锈病是由显性基因控制的,让一株杂合子小麦自交得到F1,淘汰其中不抗锈病的植株后,再自交得到F2,从理论上计算,F2中不抗锈病占植株总数的()A.1/4B.1/6C.1/8D.1/167.答案B根据题意,假设抗锈病与不抗锈病由等位基因A、a决定,则F1的基因型及比
28、例为AAAaaa=121,淘汰其中不抗锈病的植株(aa)后,剩余植株中,AA占1/3,Aa占2/3,淘汰不抗锈病的植株后,再自交,其中1/3AA自交后不发生性状分离,而2/3Aa自交发生性状分离(AAAaaa=121),所以F2中不抗锈病植株所占的比例为2/31/4=1/6,故B符合题意。8.果蝇的灰身和黑身是一对相对性状,控制该性状的等位基因位于常染色体上,将纯种的灰身果蝇和黑身果蝇杂交,F1全部为灰身果蝇。让F1自由交配得到F2,将F2的灰身果蝇取出,让其自由交配,后代中灰身和黑身果蝇的比例为()A.11B.21C.31D.818.答案D假设果蝇体色由等位基因B、b决定,F1自由交配,产生
29、F2的基因型及其比例分别为1/4BB、1/2Bb、1/4bb,将F2的灰身果蝇取出(1/3BB、2/3Bb),让其自由交配,后代能出现黑身果蝇的只有2/3Bb2/3Bb交配组合,出现黑身果蝇的概率为2/32/31/4=1/9,出现灰身果蝇的概率为1-1/9=8/9,故灰身与黑身果蝇的比例为81。考向五考查分离定律中的异常分离现象9.(2019安徽师大附中期中)现有一种无尾的观赏猫,育种工作者为了选育纯种的无尾猫,让雌雄无尾猫交配得F1,再从F1中选择雌雄无尾猫继续交配得F2,一直交配多代,但发现每一代中总会出现约1/3的有尾猫和2/3的无尾猫。由此作出推断,错误的是()A.猫的无尾是显性性状B
30、.自交后代出现有尾猫是基因突变所致C.无尾猫中不存在纯合子D.无尾猫与有尾猫杂交后代有尾与无尾之比为119.答案B依题意可知:让雌雄无尾猫一直交配多代,每一代无尾猫和有尾猫的比例总约为21,说明猫的无尾是显性性状,且存在显性纯合致死的现象,因此无尾猫中不存在纯合子,A、C正确;亲本无尾猫为杂合子,自交后代出现有尾猫是等位基因分离所致,B错误;无尾猫为杂合子,有尾猫为隐性纯合子,因此无尾猫与有尾猫杂交后代有尾与无尾之比为11,D正确。10.已知绵羊角的表现型与基因型的关系如下表,下列判断正确的是()基因型表现型HHHhhh公羊的表现型有角有角无角母羊的表现型有角无角无角A.若双亲无角,则子代全部
31、无角B.若双亲有角,则子代全部有角C.若双亲基因型为Hh,则子代有角与无角的数量比为11D.绵羊角的性状遗传不遵循基因的分离定律10.答案C绵羊角的性状遗传受一对等位基因的控制,遵循基因的分离定律。无角双亲可能是Hh的母羊和hh的公羊,其后代中1/2的基因型为Hh,如果是公羊,则表现为有角;有角的双亲可能是HH的母羊和Hh的公羊,其后代中基因型为Hh的母羊表现为无角;若双亲基因型为Hh,则子代HH、Hh、hh的比例为121,HH的表现有角,hh的表现无角,Hh的公羊有角,母羊无角,有角与无角的数量比为11。1.(2019课标全国,5,6分)某种植物的羽裂叶和全缘叶是一对相对性状。某同学用全缘叶
32、植株(植株甲)进行了下列四个实验。让植株甲进行自花传粉,子代出现性状分离用植株甲给另一全缘叶植株授粉,子代均为全缘叶用植株甲给羽裂叶植株授粉,子代中全缘叶与羽裂叶的比例为11用植株甲给另一全缘叶植株授粉,子代中全缘叶与羽裂叶的比例为31其中能够判定植株甲为杂合子的实验是()A.或B.或C.或D.或1.答案B本题借助遗传学实验相关知识,考查考生对一些生物学问题进行初步探究的能力;对植株甲基因型的判断,体现了对科学探究素养中结果分析要素的考查。若植株甲自花传粉,子代出现性状分离,可以说明全缘叶为显性性状,且甲为杂合子;用植株甲给另一全缘叶植株授粉,子代均为全缘叶,可以说明甲和另一全缘叶植株至少有一
33、个为纯合子,不能判断相对性状的显隐性,也不能确定甲是否为杂合子;用植株甲给羽裂叶植株授粉,子代性状分离比为11,杂交类型属于测交,不能判断性状的显隐性,甲可能为杂合子(全缘叶为显性性状时),也可能为纯合子(全缘叶为隐性性状时);用植株甲给另一全缘叶植株授粉,子代中全缘叶与羽裂叶比例为31,说明甲为杂合子。故B正确,A、C、D错误。2.(2019课标全国,6,6分)假设在特定环境中,某种动物基因型为BB和Bb的受精卵均可发育成个体,基因型为bb的受精卵全部死亡。现有基因型均为Bb的该动物1 000对(每对含有1个父本和1个母本),在这种环境中,若每对亲本只形成一个受精卵,则理论上该群体的子一代中
34、BB、Bb、bb个体的数目依次为()A.250、500、0B.250、500、250C.500、250、0D.750、250、02.答案A本题借助分离定律的相关知识,考查考生通过分析与综合的方法,对某些生物学问题进行推理、解释并作出正确判断的能力;试题通过考查特殊情况下的分离定律,体现了科学思维素养中的分析与推断要素。基因型为Bb的1 000对个体相互交配,产生的1 000个子代的基因型有BB、Bb、bb三种,比例应为121,由于bb受精卵死亡,故子一代BB、Bb、bb个体数目依次为250、500、0,A正确。3.(2019课标全国,32,9分)玉米是一种二倍体异花传粉作物,可作为研究遗传规律
35、的实验材料。玉米子粒的饱满与凹陷是一对相对性状,受一对等位基因控制。回答下列问题。(1)在一对等位基因控制的相对性状中,杂合子通常表现的性状是。(2)现有在自然条件下获得的一些饱满的玉米子粒和一些凹陷的玉米子粒,若要用这两种玉米子粒为材料验证分离定律,写出两种验证思路及预期结果。3.答案(1)显性性状(2)思路及预期结果两种玉米分别自交,若某些玉米自交后,子代出现31的性状分离比,则可验证分离定律。两种玉米分别自交,在子代中选择两种纯合子进行杂交,F1自交,得到F2,若F2中出现31的性状分离比,则可验证分离定律。让子粒饱满的玉米和子粒凹陷的玉米杂交,如果F1都表现一种性状,则用F1自交,得到
36、F2,若F2中出现31的性状分离比,则可验证分离定律。让子粒饱满的玉米和子粒凹陷的玉米杂交,如果F1表现两种性状,且表现为11的性状分离比,则可验证分离定律。解析本题借助分离定律的相关知识,考查考生理解所学知识,并能对一些生物学问题进行初步探究的能力;试题通过实验方案设计考查科学探究素养。(1)在一对等位基因控制的相对性状中,通常杂合子表现的性状是显性性状。(2)分离定律是指杂合子形成配子时,等位基因发生分离并分别进入不同的配子中。验证分离定律常采用杂合子自交法或测交法。因未知所给玉米的基因型,可采用以下方案验证分离定律。思路:两种玉米分别自交,若某玉米自交子代出现31的性状分离比,则该玉米为
37、杂合子,通过该玉米的自交子代性状分离比可验证分离定律。思路:两种玉米分别自交,若子代都未发生性状分离,说明两种玉米都为纯合子,则让两种纯合子玉米杂交,获得F1,F1自交子代中若出现31的性状分离比,即可验证分离定律。思路:两种玉米杂交,若F1只出现一种性状,则该性状为显性性状,F1为显性性状的杂合子,F1自交后代中若出现31的性状分离比,可验证分离定律。思路:两种玉米杂交,若后代出现11的性状分离比,则说明一种玉米为杂合子,另一种玉米为隐性纯合子,杂合子的测交可验证分离定律。4.蜜蜂中蜂王和雌蜂(工蜂)由受精卵发育而来,雄蜂由卵细胞直接发育而来。蜜蜂褐色眼对黄绿色眼为显性性状。杂合体的蜂王与正
38、常褐色眼的雄蜂交配,其子代不同性别的眼色表现为()A.雌蜂均为黄绿色眼B.雌蜂中褐色眼黄绿色眼=11C.雄蜂均为褐色眼D.雄蜂中褐色眼黄绿色眼=114.答案D杂合体的蜂王Aa能产生A和a两种卵细胞,比例为11,正常褐色眼的雄蜂A只能产生一种精子A,两者交配,其子代中雌蜂的基因型有AA和Aa,都是褐色眼;雄蜂的基因型有A和a,表现为褐色眼和黄绿色眼,比例为11。5.某植物子叶的颜色受一对等位基因控制,基因型为AA的个体呈深绿色,基因型为Aa的个体呈浅绿色,基因型为aa的个体呈黄色,在幼苗阶段死亡。下列说法错误的是()A.浅绿色植株自花传粉,其成熟后代的基因型为AA和Aa,且比例为12B.浅绿色植
39、株与深绿色植株杂交,其后代的表现型为深绿色和浅绿色,且比例为11C.浅绿色植株连续自交n次,成熟后代中杂合子的概率为1/2nD.经过长时间的自然选择,A基因频率越来越大,a基因频率越来越小5.答案C浅绿色植株自交,其后代中基因型及其比例为AAAaaa=121,即深绿色浅绿色黄色=121,但由于aa的个体幼苗阶段死亡,在成熟后代中只有AA和Aa,且比例为12;若浅绿色植株与深绿色植株杂交,即AaAA,则后代中表现型及其比例为深绿色(AA)浅绿色(Aa)=11;浅绿色植株连续自交,即AaAa,成熟后代为AAAa=12,杂合子的概率为2/3,当自交次数为n时,杂合子的概率为2/(2n+1);由于aa
40、个体在自然选择中被淘汰,所以经过长期的自然选择,A的基因频率越来越大,a基因频率越来越小。6.【不定项选择题】已知马的毛色有栗色和白色两种,由位于常染色体上的一对等位基因控制。在自由放养多年的一马群中,两基因频率相等。正常情况下,每匹母马一次只生产一匹小马。以下关于性状遗传的研究方法及推断正确的是()A.随机选择多对栗色马与白色马杂交,若后代白色马明显多于栗色马,则白色为显性B.随机选出一匹栗色公马和六匹白色母马分别交配,若所产小马都是栗色,则栗色最可能为显性C.自由放养的马群随机交配一代,若后代栗色马明显多于白色马,则栗色为显性D.选择多对栗色公马和栗色母马交配一代,若后代全部为栗色马,则白
41、色为显性6.答案ABC设控制马毛色的基因为A、a,由于两基因频率相等,则A=1/2,a=1/2,选择多对栗色马和白色马杂交,哪种性状在后代占优势,哪种性状为显性,A、C项正确;随机选出1匹栗色公马和6匹白色母马交配,若所产小马全部是栗色,则栗色最可能为显性,B项正确;若栗色公马和母马都为纯合子,无论栗色为显性或隐性其后代都是栗色马,因此不能根据多对栗色马交配后代全为栗色马推断白色为显性,D项错误。7.【不定项选择题】遗传学中控制某一性状的遗传因子可能有多个,但体细胞中最多只有其中的两个,这些遗传因子在形成配子时遵循分离定律,已知兔的毛色由Ay(黄色,纯合时胚胎致死)、A(鼠灰色)、a(褐色)决
42、定,显性关系为AyAa。下列叙述正确的是()A.该种群中不存在体细胞遗传因子为AyAy的个体B.两只黄毛兔相互交配,子代不可能全部为黄毛兔C.两只黄毛兔相互交配,子代可能为黄毛兔鼠灰色兔=21D.两只黄毛兔相互交配,子代可能为黄毛兔褐色兔=217.答案ABCD由于Ay纯合时胚胎致死,所以没有体细胞遗传因子为AyAy的个体;两只黄毛兔相互交配,子代不可能全部为黄毛兔;两只黄毛兔相互交配,如果交配类型为AyAAyA,则子代可能为黄毛兔鼠灰色兔=21;两只黄毛兔相互交配,如果交配类型为AyaAya,则子代可能为黄毛兔褐色兔=21。一、单项选择题1.(2019湖南会同一中月考)有关某两性花植物一对相对
43、性状遗传的叙述,正确的是()A.豌豆这种两性花植株自然状态下一般是纯合子B.两性花个体自然状态下只能自交C.两性花产生的雌雄配子数量相等D.两个杂合个体杂交,后代只能出现两种表现型1.答案A豌豆是自花传粉,闭花受粉植物,因此,自然状态下只能进行自交,一般均为纯种,A正确;非闭花受粉的两性花植物自然状态下可以进行自交或杂交,B错误;两性花产生的雌雄配子数并不是11,而是雄配子远多于雌配子,C错误;两个杂合个体杂交,后代可能出现两种表现型(完全显性)或一种表现型(完全显性且隐性纯合致死或完全显性且存在显性基因致死)或三种表现型(不完全显性),D错误。2.南瓜果实的颜色是由一对等位基因(A和a)控制
44、的,用一株黄果南瓜和一株白果南瓜杂交,F1中既有黄果南瓜,又有白果南瓜,F1自交产生的F2的表现型如图所示,根据图示分析,下列说法错误的是()A.P中黄果的基因型是aaB.F1中白果的基因型为AA和AaC.由图中可以判定白果为显性性状D.F2中黄果与白果的理论比例是532.答案B图中过程是白果自交,后代产生了白果和黄果两种表现型,可以确定白果为显性性状,黄果为隐性性状且基因型为aa,A、C正确;根据F1的性状表现可知P中白果基因型为Aa,且F1中黄果和白果各占1/2,F1白果基因型为Aa,B错误;F2中黄果占1/2+1/21/4=5/8,F2中白果占1/2(1/2+1/4)=3/8,即黄果白果
45、=53,D正确。3.昆虫附肢可分为基节、中节和梢节,各节中有数量不等的刚毛。研究发现,a、b、c三个基因与不同节段的发育有关,a+、b+、c+为野生型基因,a-、b-、c-为突变型基因。下图为不同基因型个体发育到同一阶段的表现型。据图分析,下列推论不合理的是()A.a+仅影响梢节的发育B.b+仅影响基节的发育C.基节的发育受到b+与c+的影响D.中节的发育受到a+与c+的影响3.答案Aa+发生突变,中节和梢节上都没有刚毛,A错误;b+发生突变,基节上没有刚毛,c+发生突变,基节上也没有刚毛,由此可知,基节的发育受到b+与c+的影响,B、C正确;野生型个体的中节下面没有刚毛,a+发生突变后,中节
46、和梢节上都没有刚毛,c+发生突变后,中节下面有刚毛,因此中节的发育受到a+与c+的影响,D正确。4.下列关于纯合子与杂合子的叙述,不正确的是()A.纯合子之间杂交,后代不一定是杂合子B.杂合子之间杂交,后代全是杂合子C.前者形成配子时,只产生一种,后者不仅一种D.前者自交后代性状不分离,后者自交后代性状分离4.答案B纯合子杂交,后代可能是杂合子,如AAaaAa,A正确;杂合子杂交,后代可能既含有纯合子,也含有杂合子,如AaAaAA、Aa、aa,B错误;纯合子只产生一种类型的配子,如AA的配子是A,杂合子产生的配子可能有多种类型,如Aa产生的配子包括A、a,C正确;纯合子自交后代都是纯合子,不发
47、生性状分离,杂合子自交会发生性状分离,D正确。5.如图表示某紫粒玉米植株上所结玉米穗的一面,据此可推断()A.玉米穗的另一面黄色玉米粒居多B.玉米是自花受粉植物C.黄色玉米都是纯合体D.紫色玉米都是杂合体5.答案C由题图可知,紫粒玉米植株上所结玉米穗中紫色玉米粒多,同时出现了少量的黄色玉米粒,这表明紫色是显性性状,黄色是隐性性状。玉米穗的两面黄色玉米粒所占比例大体相同,A错误;玉米是异花受粉植物,B错误;黄色玉米都是隐性纯合体,C正确;紫色玉米是杂合体或纯合体,D错误。6.(2019安徽和县一中月考)山羊胡子的出现由B基因决定,等位基因Bb、B+分别决定有胡子和无胡子,但是Bb在雄性中为显性基
48、因,在雌性中为隐性基因。有胡子雌山羊与无胡子雄山羊的纯合亲本杂交产生F1,F1中的两个个体交配产生F2(如图所示)。下列判断正确的是()无胡子()有胡子() F1F1F2A.F1中雌性表现为有胡子B.F1中雄性50%表现为有胡子C.F2纯合子中有胡子和无胡子两种表现型均有D.控制山羊有无胡子的基因的遗传为伴性遗传6.答案C无胡子雄山羊B+B+与有胡子雌山羊BbBb杂交,F1的基因型都是B+Bb,雄性都表现为有胡子,雌性都表现为无胡子。F2基因型有B+B+(雌雄都表现为无胡子),BbBb(雌雄都表现为有胡子),B+Bb(雄性都表现为有胡子,雌性都表现为无胡子)。在杂合子中,决定有胡子基因Bb的表
49、现型受性别影响,但该基因的遗传不是伴性遗传。7.(2019北京四中期中)玉米是雌雄同株异花的植物,子粒黄色对白色为显性。若有一粒黄色玉米,判断其基因型简便的方案是()A.种下玉米后让其作亲本进行同株异花传粉,观察果穗上的子粒颜色B.种下玉米后让其作母本与白色玉米植株杂交,观察果穗上的子粒颜色C.用显微镜观察该玉米细胞中的同源染色体,看其上是否携带等位基因D.种下玉米后让其作亲本进行自花受粉,观察果穗上的子粒颜色7.答案A玉米是单性花,但雌雄同株,因此可以进行同株异花传粉,相当于自交,观察果穗上的子粒颜色,A正确;种下玉米后让其做母本与白色玉米植株杂交,观察果穗上的子粒颜色可判断其基因型,但与自
50、交相比,不是简便的方案,B错误;基因是有遗传效应的DNA分子片段,在显微镜下不能观察到同源染色体上是否携带等位基因,C错误;玉米是单性花,雌雄同株异花,因此可以进行同株异花传粉,但不能自花授粉,D错误。8.(2019四川重庆期末考试)在性状分离比的模拟实验中,将甲袋子内的小球数量(Dd=11)总数增加到乙袋子内的小球数(Dd=11)的10倍,之后进行上百次模拟实验,则下列说法错误的是()A.甲、乙袋子分别模拟的是雄性和雌性的生殖器官B.该变化脱离了模拟雌雄配子随机结合的实际情况C.最终的模拟结果是DDDddd接近于121D.袋子中小球每次被抓取后要放回原袋子再进行下一次抓取8.答案B每个袋子中
51、不同种类(D、d)的小球数量一定要相等,但甲袋子内小球总数量和乙袋子内小球总数量不一定相等,将甲袋子内的小球数量(Dd=11)总数增加到乙袋子内的小球数(Dd=11)的10倍,模拟了雌雄配子随机结合的实际情况,B错误。二、不定项选择题9.(2019四川成都外国语学校开学考试)苦瓜植株中含一对等位基因D和d,其中D基因纯合的植株不能产生卵细胞,而d基因纯合的植株花粉不能正常发育,杂合子植株完全正常。现有基因型为Dd的苦瓜植株若干作亲本,下列有关叙述错误的是()A.如果每代均自交直至F2,则F2植株中d基因的频率为1/2B.如果每代均自交直至F2,则F2植株中正常植株所占比例为1/2C.如果每代均
52、自由交配直至F2,则F2植株中D基因的频率为1/2D.如果每代均自由交配直至F2,则F2植株中正常植株所占比例为1/29.答案DDd进行自交或自由交配,F1植株均为1DD、2Dd、1dd,由于DD不能产生卵细胞、dd的花粉(精子)不育,所以F1自交时DD和dd均不能产生后代,Dd自交得到的F2植株为1DD、2Dd、1dd,其中d基因的频率为1/2、正常植株Dd占1/2,A、B正确;若F1自由交配,F1产生的雌配子为1/3D、2/3d,雄配子为2/3D、1/3d,可通过棋盘法得出F2植株为2/9DD、5/9Dd、2/9dd,其中正常植株Dd占5/9,F2植株中D基因的频率为1/2,C正确,D错误
53、。10.已知某种老鼠的体色由常染色体上的基因A+、A和a决定,A+(纯合胚胎致死)决定黄色,A决定灰色,a决定黑色,且A+对A是显性,A对a是显性。下列说法正确的是()A.该种老鼠的成年个体中最多有5种基因型B.A+、A和a遵循基因的自由组合定律C.一只黄色雌鼠和一只黑色雄鼠杂交,后代可能出现3种表现型D.基因型均为A+a的一对老鼠交配产下的3只小鼠可能全表现为黄色10.答案AD由题可知,老鼠的体色基因型有A+A+、A+A、A+a、AA、Aa、aa,由于基因型为A+A+的个体胚胎致死,因此该种老鼠的成年个体中最多有5种基因型。A+、A和a为等位基因,位于一对同源染色体上,遵循基因的分离定律。黄
54、色雌鼠的基因型为A+A或A+a,黑色雄鼠的基因型为aa,亲本A+A与aa杂交,子代的基因型为A+a和Aa,其表现型为黄色和灰色;亲本A+a与aa杂交,子代的基因型为A+a和aa,其表现型为黄色和黑色,因此后代最多出现2种表现型。基因型均为A+a的一对老鼠交配,产生的3只小鼠的基因型都可能为A+a,因此该3只小鼠可能全表现为黄色。11.(2019辽宁部分重点高中联考)一豌豆杂合子(Aa)植株自交时,下列叙述正确的是()A.若自交后代基因型比例是231,可能是由含有隐性基因的花粉有50%死亡造成的B.若自交后代的基因型比例是221,可能是由隐性个体有50%死亡造成的C.若自交后代的基因型比例是44
55、1,可能是由含有隐性基因的配子有50%死亡造成的D.若自交后代的基因型比例是121,可能是由花粉有50%死亡造成的11.答案ACD一豌豆杂合子(Aa)植株自交时,后代基因型及比例在理论上应该是AAAaaa=121。若自交后代基因型比例是231,则说明Aa和aa分别有1/4和1/2死亡,可能是由含有隐性基因的花粉有50%死亡造成的,A项正确;若自交后代的基因型比例是221,可能是由显性杂合子和隐性个体都有50%死亡造成的,B项错误;若含有隐性基因的配子有50%死亡,则Aa产生的配子中Aa=21,自交后代的基因型比例是441,C项正确;若花粉有50%死亡,并不影响花粉的基因型比例,则后代的性状分离
56、比仍然是121,D项正确。三、非选择题12.已知豌豆种子子叶的黄色与绿色是由一对等位基因Y、y控制的,用豌豆进行下列遗传实验,具体情况如下:实验一P黄色子叶(甲)绿色子叶(乙) F1黄色子叶(丙)绿色子叶11实验二P 黄色子叶(丁)自交F1黄色子叶(戊)绿色子叶31请分析回答:(1)用豌豆做遗传实验容易取得成功的原因之一是 。(2)从实验可判断这对相对性状中是显性性状。(3)实验二黄色子叶(戊)中能稳定遗传的占。(4)实验一子代中出现黄色子叶与绿色子叶的比例为11,其原因是黄色子叶(甲)产生的配子种类及其比例为。(5)实验一中黄色子叶(丙)与实验二中黄色子叶(戊)杂交,所获得的子代黄色子叶个体
57、中不能稳定遗传的占。12.答案(1)自花传粉,而且是闭花受粉;具有易于区分的性状(2)二黄色(3)1/3(4)Yy=11(5)3/5解析(1)豌豆是自花传粉,且闭花受粉植物,自然状态下为纯种。豌豆具有易区分的性状,使实验结果更容易统计,故用豌豆做遗传实验容易取得成功。(2)(3)由实验二可知黄色为显性,黄色子叶(戊)的基因型为YY、Yy,其中能稳定遗传的个体所占比例为1/3。(4)实验一中黄色子叶(甲)与绿色子叶(乙)杂交,因乙为隐性个体,仅产生一种含隐性基因的配子,故子代的表现型及比例取决于亲代黄色子叶甲产生的配子种类及比例,即甲产生的配子及比例为Yy=11。(5)黄色子叶丙(Yy)与戊(Y
58、YYy=12)杂交,丙产生的配子及比例为1/2Y、1/2y,戊产生的配子及比例为2/3Y、1/3y,子代基因型及比例为YYYyyy=1/33/61/6,黄色子叶中不能稳定遗传的个体所占比例为3/5。13.(2020山东模拟)水稻的育性由一对等位基因M、m控制,基因型为MM和Mm的个体可产生正常的雌、雄配子,基因型为mm的个体只能产生正常的雌配子,表现为雄性不育,基因M可使雄性不育个体恢复育性。通过转基因技术将基因M与雄配子致死基因A、蓝色素生成基因D一起导入基因型为mm的个体中,并使其插入到一条不含m基因的染色体上,如图所示。基因D的表达可使种子呈现蓝色,无基因D的种子呈现白色。该方法可以利用
59、转基因技术大量培育不含转基因成分的雄性不育个体。(1)基因型为mm的个体在育种过程中作为(填“父本”或“母本”),该个体与育性正常的非转基因个体杂交,子代可能出现的基因型为。(2)图示的转基因个体自交,Fl的基因型及比例为,其中雄性可育(能产生可育的雌、雄配子)的种子颜色为。F1个体之间随机授粉,得到的种子中雄性不育种子所占比例为,快速辨别雄性不育种子和转基因雄性可育种子的方法是。(3)若转入的基因D由于突变而不能表达,将该种转基因植株和雄性不育植株间行种植,使其随机授粉也能挑选出雄性不育种子,挑选方法是。但该方法只能将部分雄性不育种子选出,原因是。因此生产中需利用基因D正常的转基因植株大量获
60、得雄性不育种子。13.答案(1)母本Mm、mm(2)mmmmADM=11蓝色3/4白色种子为雄性不育种子,蓝色种子为转基因雄性可育种子(3)在雄性不育植株上收集种子转基因植株上也存在雄性不育的种子解析(1)基因型为mm的个体只能产生正常的雌配子,故其育种过程中只能作为母本;育性正常的非转基因个体的基因型为MM或Mm,则基因型mm的个体与育性正常的非转基因个体杂交,子代可能的基因型为Mm、mm。(2)由图可知,转基因个体产生的雄配子为m,雌配子为m、mADM,二者比例为11,则转基因个体自交后代的基因型及比例为mmmmADM=11,其中mmADM为雄性可育,种子表现为蓝色;F1所产的雌配子的种类
61、及比例为mmADM=31,雄配子为m,则其子代的基因型及比例为mmmmADM=31,其中mm为雄性不育,所占比例为3/4,雄性不育种子的颜色为白色,转基因雄性可育种子的颜色为蓝色。14.(2019山西晋中适应性考试)观赏植物藏报春的花色由一对等位基因R、r控制。在温度为20 25 的条件下,基因型RR为红色,Rr为粉红色,rr为白色;在30 的环境中,基因型RR、Rr也为白色。某同学以红花品种为母本、白花品种为父本进行杂交实验,发现绝大多数F1植株开粉红色花,只有一株(A)开白色花。植株A开白色花是环境温度造成的,还是变异引起的?该同学设计了以下杂交实验进行探究。(1)实验步骤:选择一株在20
62、 25 的条件下开花的植株与A杂交;播种收获的种子,在的环境中培养到开花时期;。(2)结果预测及分析:若各植株花的颜色及分离比为红色粉红色白色=121,则A开白色花的原因是。若各植株花的颜色及分离比为,则A开白色花的原因是(填“父本”或“母本”)减数分裂时发生了基因突变。若各植株花的颜色及分离比为,则A开白色花的原因是含R基因的染色体缺失或该染色体上R基因缺失。14.答案(1)粉红色2025观察各植株花的颜色并统计其性状分离比(2)A的生长环境温度较高,达到30 粉红色花白色花=11母本红色花粉红色花白色花=112解析(1)用测交或杂合子自交法判断待测个体的基因型,因为白色植株的基因型不能确定
63、,所以选择在20 25 的条件下开粉红花(Rr)的植株与A杂交;在温度为20 25 的条件下表现型与基因型一一对应,表现型能够准确反映基因型,因此在20 25 环境中培养到开花时期;最后进行实验结果的观察统计,即观察各植株花的颜色并统计其性状分离比。(2)若开白色花是因为生长环境温度较高,达到30 ,则该植株的基因型是Rr,那么子代植株的基因型、花的颜色及分离比为RRRrrr=红色粉红色白色=121。若是亲本产生配子时基因突变造成的,即A本应是Rr,现变为了rr,则子代各植株基因型、花的颜色及分离比为Rrrr=粉红色花白色花=11;由于母本开红花(RR)、父本开白花,子代大多数开粉红色花,所以父本是rr,因此是母本减数分裂时R基因突变成了r基因。若开白色花的原因是含R基因的染色体缺失或该染色体上R基因缺失,则A产生数量相等的含r或不含相关基因的配子,则子代植株基因型、花的颜色及分离比为RRrrrr=1111,红色花粉红色花白色花=112。
