1、一、单项选择题1鼠的黄色和黑色是一对相对性状，按基因的分离定律遗传。研究发现，多对黄鼠交配，后代中总会出现约1/3的黑鼠，其余均为黄鼠。由此推断合理的是()A鼠的黑色性状由显性基因控制B后代黄鼠中既有杂合子又有纯合子C黄鼠与黄鼠交配，后代中纯合子占1/2D黑鼠与黑鼠交配，后代不可能出现黄鼠2通过饲养灰鼠和白鼠(基因型未知)的实验，得到结果如下表，如果亲本一栏中杂交组合中的灰色雌鼠和杂交组合中的灰色雄鼠交配，子代表现为()杂交组合亲本后代雌雄灰色白色灰色白色8278灰色灰色11839白色白色050灰色白色740A.都是灰色 B都是白色C3/4是灰色 D1/4是灰色3(2010徐州模拟)已知豌豆的
2、高茎对矮茎为显性，现有一株高茎豌豆甲，要确定甲的基因型，最简便易行的办法是()A选另一株矮茎豌豆与甲杂交，子代中若有矮茎出现，则甲为杂合子B选另一株矮茎豌豆与甲杂交，子代若都表现为高茎，则甲为纯合子C让甲豌豆进行自花传粉，子代中若有矮茎出现，则甲为杂合子D让甲与多株高茎豌豆杂交，子代中若高、矮茎之比接近31，则甲为杂合子4(2011福州模拟)已知一批胚的基因型为AA和Aa的豌豆种子，其数目之比为12，将这批种子种下，自然状态下(假设结实率相同)其子一代中胚的基因型为AA、Aa、aa的种子数之比为()A321 B121C351 D4415果蝇的灰身和黑身是一对相对性状，基因位于常染色体上，将纯种
3、的灰身果蝇和黑身果蝇杂交，F1全部为灰身，让F1自由交配，产生F2，将F2的灰身果蝇取出，让其自由交配，后代中灰身和黑身果蝇的比例为()A11 B21C31 D816孟德尔在豌豆的杂交实验中，发现问题和验证假说所采用的实验方法分别是()A杂交和自交；测交B自交；杂交和测交C测交；自交和杂交 D杂交和测交；自交7下列四项能正确表示基因分离定律实质的是()8某人群中某常染色体显性遗传病的发病率为19%，一对夫妇中妻子患病，丈夫正常，他们所生的子女患该病的概率是()A10/19 B9/19C1/19 D1/2二、多项选择题9下列有关孟德尔豌豆杂交实验的叙述，正确的是()A孟德尔在豌豆花蕾期去雄和授粉
4、，实现亲本的杂交B孟德尔研究豌豆花的构造，但无需考虑雌蕊、雄蕊的发育程度C孟德尔根据亲本中不同个体表现型来判断亲本是否纯合D孟德尔利用了豌豆自花传粉、闭花受粉的特性10水稻中非糯性(W)对糯性(w)为显性，非糯性品系所含淀粉遇碘呈蓝黑色，糯性品系所含淀粉遇碘呈橙红色。下列对纯种的非糯性与糯性水稻的杂交后代的观察结果中能够证明孟德尔的基因分离定律的是()A杂交后亲本植株上结出的种子(F1)遇碘全部呈蓝黑色BF1自交后结出的种子(F2)遇碘后，3/4呈蓝黑色，1/4呈橙红色CF1产生的花粉遇碘后，一半呈蓝黑色，一半呈橙红色DF1测交所结出的种子遇碘后，一半呈蓝黑色，一半呈橙红色三、非选择题11水稻
5、动态株型与正常株型是一对相对性状。动态株型的主要特征是生长前期长出的叶片与茎杆夹角较大，叶片伸展较平展，生长后期长出的叶片直立(与茎杆夹角较小)使株型紧凑，呈宝塔型，而正常株型前后期长出的叶片都较直立。动态株型产量比正常株型高20%。为研究这对相对性状的遗传规律，科学家做了以下实验，结果如表所示。组别杂交组合总株数表现型动态株型正常株型A动态株型动态株型1841840B正常株型正常株型1920192C动态株型()正常株型()1731730D动态株型()正常株型()1621620EC组的F1自交390290100FC组的F1正常株型405200205根据以上信息回答下列问题：(1)表中属于正交与
6、反交的杂交组合是_两组，因水稻是两性花，为避免其自花传粉，需_。(2)由C组和D组杂交结果可以说明动态株型为_性。还可通过分析_组的子代比例判断显性与隐性。(3)E组的子代具有两种表现型，此遗传现象称为_。(4)F组的杂交方式称为_。因为一方为隐性，产生的配子只有隐性基因、不改变子代表现型，子代表现型的类型及比例即为_的类型及比例。此特点可用于间接验证_定律。12在群体中位于某同源染色体同一位置上的两个以上、决定同一性状的基因称为复等位基因，如控制ABO血型的基因。在家兔的常染色体上有一系列决定毛色的等位基因：A、a1、a2、a。A基因对a1、a2、a为显性，a1基因对a2、a为显性，a2对a
7、为显性。A基因系列在决定家兔毛皮颜色时其表现型与基因型的关系如下表：毛皮颜色表现型基因型全色A_青旗拉a1_喜马拉扬a2_白化aa请回答下列问题：(1)家兔皮毛颜色的基因型共有_种，其中纯合体有_种。(2)若一只全色雄兔和一只喜马拉扬雌兔多次交配后，子代全色青旗拉11，则两只亲本兔的基因型分别为_、_。(4)若有一只喜马拉扬雄兔和多只其他各色的雌兔，如何利用杂交方法检测出喜马拉扬雄兔的基因型？(写出实验思路和预期实验结果即可)解析与答案一、单项选择题1【解析】由黄鼠交配，后代出现黑鼠，可知黄色为显性性状，亲本黄鼠为杂合子；由后代出现1/3的黑鼠，可知后代黄鼠纯合子致死，故黄鼠与黄鼠交配，后代中
8、纯合子占1/3，黑鼠与黑鼠交配，后代仍为黑鼠。【答案】D2【解析】设相关基因为A、a，则由表中四组杂交信息可知：灰色对白色为显性，则中灰色()的基因型为AA，中灰色()的基因型为Aa，交配结果子代都是灰色。【答案】A3【解析】豌豆是严格的自花传粉、闭花受粉植物，自交方法最简单。【答案】C4【解析】由于豌豆在自然条件下进行的是自交，因此AAAA，Aa(AA、Aa、aa)，所以子代中AAAaaa()321。【答案】A5【解析】由题干“将纯种的灰身果蝇和黑身果蝇杂交，F1全部为灰身”可知，灰身为显性性状，黑身为隐性性状，F1为杂合子(Bb)，让F1自由交配，产生F2的基因型及比例分别为：1/4 BB
9、、2/4Bb、1/4bb，将F2的灰身果蝇取出(1/3为BB、2/3为Bb)自由交配，后代能出现黑身的只有2/3Bb2/3 Bb亲本组合，出现黑身的几率为2/32/31/41/9，灰身的几率为11/98/9，故灰身与黑身的比例为81。【答案】D6【解析】孟德尔是通过杂交和自交发现了问题，并提出了假说，通过测交验证了假说。【答案】A7【解析】基因分离定律的实质是杂合子在减数分裂形成配子过程中，等位基因会随着同源染色体的分开而分离，分别进入到不同的配子中，独立地随配子遗传给后代。【答案】C8【解析】该病是常染色体显性遗传病，患病率为19%(包括AA和Aa)，则正常的概率为aa，得出a，A，Aa的基
10、因型频率为2，在患者中Aa占的比例为Aa。因此，在子女中正常的概率为：aa，患病的概率为1。【答案】A二、多项选择题9【解析】本题考查孟德尔的豌豆杂交实验，意在考查考生对豌豆杂交实验的理解。A正确B错误：应是花蕾期去雄、套袋，花成熟后受粉、套袋。C错误：因豌豆是自花传粉、闭花受粉，故自然状态下都是纯种。【答案】AD10【解析】基因分离定律的实质是：在减数分裂形成配子的过程中，等位基因随同源染色体的分开而分离，分别进入两个配子中。减数分裂的结果直接形成配子，所以可以直接检测配子的种类和比例以确定是否符合孟德尔的基因分离定律。杂交后亲本植株上结出的种子(F1)遇碘全部呈蓝黑色，后代表现型只有一种无
11、法证明。B选项F1自交后结出的种子(F2)遇碘后，3/4呈蓝黑色，1/4呈橙红色的现象，以及D选项F1测交所结出的种子遇碘后，一半呈蓝黑色，一半呈橙红色，虽又经过一次杂交才能证明，但是确实证明了孟德尔的基因分离定律，只不过不是直接证明。【答案】BCD三、非选择题11【解析】(1)一对相对性状的两亲本，互为父方和母方进行杂交，被称之为正交和反交，C与D两组符合；对于两性花植物，为避免其自花传粉，杂交实验需做人工去雄处理。(2)C与D两组可作为杂交法确定显、隐性的例证，E组可作为性状分离法确定显、隐性的例证。(3)自交后代呈现不同表现型的现象称为性状分离。(4)F1与隐性类型相交被称之为测交，测交
12、后代的表现型种类及比例即为F1产生的配子种类及比例，因为这属于逻辑上的推理，故可作为验证基因分离定律的间接证据。【答案】(1)C和D人工去雄(2)显E(3)性状分离(4)测交F1配子基因的分离12【解析】(1)在家兔的群体中，存在决定毛色的4种基因，但在个体中只能成对存在，即相同的成对基因有4种，不同的成对基因有6种，共有基因型10种。(2)由Aa2Aa111，因后代无白化，即无aa，可确定喜马拉扬雌兔基因型为a2a2或a2a，子代的青旗拉兔为a1a2，逆推可知作为亲本的全色雄兔的基因型为Aa1。(3)Aa1Aa1AAAa1a1a1121，即子代中全色兔有两种基因型，其中AA1/3，Aa12/3，分别与基因型为a2a的喜马拉扬兔交配，得到全色兔2/3，青旗拉兔1/3。(4)采用测交法测定喜马拉扬雄兔的基因型。【答案】(1)104(2)Aa1a2a2或a2a(3)见下图(4)选用多只白化雌兔与该喜马拉扬雄兔交配。若后代均为喜马拉扬兔，则该喜马拉扬雄兔的基因型为a2a2；若后代出现了白化兔，则该喜马拉扬兔的基因型为a2a。
