1、高考资源网（） 您身边的高考专家绝密启用前 吉林一中20132014学年度下学期5月高二物理试题考试范围：xxx；考试时间：100分钟；命题人：xxx题号一二三四五总分得分注意事项：1答题前填写好自己的姓名、班级、考号等信息2请将答案正确填写在答题卡上第I卷（选择题）请修改第I卷的文字说明评卷人得分一、单项选择1. 两个较大的平行金属板A、B相距为d，分别接在电压为U的电源正、负极上，这时质量为m，带电量为-q的油滴恰好静止在两板之间，如图所示，在其他条件不变的情况下，如果将两板非常缓慢地水平错开一些，那么在错开的过程中（）A油滴将向上加速运动，电流计中的电流从b流向aB油滴将向下加速运动，电
2、流计中的电流从a流向bC油滴静止不动，电流计中的电流从b流向aD油滴静止不动，电流计中的电流从a流向b【答案】D【考点】电容器、电容将两板缓慢地错开一些，两板正对面积减小，根据电容的决定式C= 得知，电容减小，而电压不变，则由C=Q/U知，电容器带电量减小，电容器处于放电状态，电路中产生顺时针方向的电流，则电流计中有ab的电流由于电容器板间电压和距离不变，则由E= ，知板间场强不变，油滴所受电场力不变，仍处于静止状态故D正确ABC错误2. 有三个相同的金属小球A、B、C，其中A、B两球带电情况完全相同，C球不带电将A、B两球相隔一定距离固定起来，两球间的库仑力是F，若使C球先和A接触，再与B接
3、触，移去C，则A、B间的库仑力变为（）AF/2BF/4C3F/8DF/10【答案】C【考点】库仑定律假设A带电量为Q，B带电量也为Q，两球之间的相互吸引力的大小是F=第三个不带电的金属小球C与A接触后，A和C的电量都为Q/2 C与B接触时先中和再平分，则C、B分开后电量均为3Q/4这时，A、B两球之间的相互作用力的大小F=3. 如图所示，某点O处固定点电荷+Q，另一带电-q的粒子以O为焦点做椭圆轨道运动，运动过程中经过最近点a和最远点b，下述说法不正确的是（）A粒子在a点运动速率大于在b点速率B粒子在a点运动加速度大于在b点加速度C粒子在a点电势能大于在b点电势能D+Q所产生的电场中，a点电势
4、高于b点【答案】C【考点】电势、电势能、电场强度 A、C粒子在从b到a的过程中，电场力做正功，动能增大，电势减小；粒子在从a到b的过程中，电场力做负功，动能减小，电势增大，可知粒子在a点的动能大于在b点的动能，则粒子在a点运动速率大于在b点速率粒子在a点电势能小于在b点电势能故A正确，C错误 B、粒子在运动过程中只受到库仑力作用，粒子在a点离Q点近，根据库仑定律分析可知粒子在a点受到的库仑力大，加速大故B正确 D、+Q所产生的电场中，电场线从Q出发到无穷远终止，a点离Q较近，电势较高故D正确4. 如图所示，D是理想二极管，AB是平行板电容器，在电容器板间有一电荷P处于静止状态，当两极板A和B的
5、间距增大的瞬间（仍平行），P点的运动情况是（）A向下运动B向上运动C仍静止不动D无法判断【答案】C【考点】电容器电容器与电源保持相连，电容器的电压不变，板间距离增大，电容减小，电容量的电量要减小，放电，但由于二极管的作用只允许电流从a流向b，电容器的电量无法减小，根据推论板间电场强度E=，Q、S、不变，则改变d，E不变，电荷P受的电场力不变，仍静止故C正确5. 如图1913甲为示波管的原理图如果在电极YY之间所加的电压按图乙所示的规律变化，在电极XX之间所加的电压按图丙所示的规律变化，则在荧光屏上会看到的图形是图A、B、C、D中的() 图1913【答案】B【考点】带电粒子在电场中的运动由题图乙
6、及题图丙知，当UY为正时，Y板电势高，电子向Y偏，而此时UX为负，即X板电势高，电子向X板偏，所以选B.6. 如图所示，三根细线长度相同（质量不计），用一根细线与A、B两小球连接，另两根把A、B两小球悬挂在天花板上的同一点O，A小球带负电，B小球不带电，天花板下方存在匀强电场E，三根细线均处于直线状态，且OB细线恰好沿竖直方向，（不计AB间的静电作用）两小球均处于静止状态则该电场E可能为图中的（）AE1BE2CE3DE4【答案】B【考点】平衡状态，电场力以及电场强度由于B球静止不动，故B球受力平衡；因BC竖直，故小球只能受重力及BC的拉力，AB没有弹力；对A球受力分析可知，A受重力，AC的拉力
7、及电场力而处于平衡状态，因此三力应合力为零，由力的合成知识可知，电场力只能沿E4的方向，因粒子带负电，故电场E的方向应沿E2的方向7. 如图所示，电容器两极板与电源正负极相连，当电容器两极板间的距离由d迅速增大为2d的过程中，下列说法正确的是()A电容器两板间电压始终不变B电容器两板间电压瞬时升高后又恢复原值C根据QCU可知，电容器带电荷量先增大后减小D电路中电流由A板经电源流向B板【答案】B【考点】电容、电容器当将电容器两极板间距离迅速增大的过程中，电容器极板上的电荷量未来得及变化，即Q不变，则，又，所以，所以也不变，而UEd，故U增大，但最终电压U要与电源电压相等，故选项B正确因为，所以d
8、增大时，C减小由QCU，所以Q减小，电路中有瞬时电流，方向由B板经电源流向A板，故D不对8. 图是电场中某区域的电场线分布图，P点是电场中的一点，则 （ ）A.P点的电场强度方向向左B.P点的电场强度方向向右C.正点电荷在P点所受的电场力的方向向左D.负点电荷在P点所受的电场力的方向向右【答案】B【考点】电场强度和电场力试题分析：P点场强方向与电场线方向一致，向右，A错B对。正电荷受力方向与场强方向一致向右，C错。负电荷受力方向与场强方向相反，向左，D错9. 一个带绝缘底座的空心金属球A带有4108 C的正电荷，上端开有适当小孔；有绝缘柄的金属小球B带有2108 C的负电荷，使B球和A球内壁接
9、触，如图1710所示，则A、B带电量分别为()图1710AQA108 C，QB108 CBQA2108 C，QB0CQA0，QB2108 CDQA4108 C，QB2108 C【答案】B【考点】静电平衡由于A、B带异种电荷，接触以后，要先中和掉一部分电荷，中和以后可以把A、B看做一个整体，对于这个整体来说，由于静电感应它的内壁和B球将无净电荷的分布所以QA2108 C，QB0.10. 一列平面机械波沿x轴正方向传播，某一时刻的波形如图所示其中质点P、S跟质点Q、R的振动位移大小相等、方向相反由图可知（）A质点P和S的振动位移大小和方向总相同B质点P和Q的振动位移大小总相同、方向总相反C质点P和
10、S振动相同时间，向前传播的距离相等D质点P和R的振动速度大小总相同、方向总相反【答案】D【考点】机械振动 A、P与S此刻的振动方向相反，该时刻过后位移变化，变得不同，只有整数倍周期后位移才相同故A错误 B、该时刻P、Q的位移大小相等，方向相反，但它们的振动情况不总是相反，也有可能一个在波峰，一个平衡位置故B错误 C、波向前传播过程中，P、S并不向前移动故C错误 D、P、R两点平衡位置间的距离是1/2波长，振动情况总是相反，位移总是大小相等，方向相反故D正确故选D11. 如图所示，在竖直向下的匀强电场中，一根不可伸长的绝缘细绳的一端系着一个带负电的小球，另一端固定于O点，小球在竖直平面内做圆周运
11、动，最高点为a，最低点为b若小球在运动过程中电量保持不变，不计空气阻力，则下列说法正确的是（）A小球在a点的电势能最小B重力比电场力大C小球在a点的速度最小D小球在运动过程中机械能守恒【答案】A【考点】电势、电势能以及功能关系A、小球带负电，电场力向上，a到b的过程中，电场力做负功，电势能增大，所以在a点的电势能最小，故A正确B、小球的重力与电场力平衡，小球做匀速圆周运动，重力与电场力不等将做变速圆周运动，所以重力与电场力大小关系不确定，故B错误C、a到b的过程中，电场力做负功，重力做正功，由于重力与电场力大小关系不确定，所以合力做的是正功还是负功不确定，所以小球在a点的速度可能最大，也可能最
12、小故C错误D、除了重力做功之外，还有电场力做功，所以小球在运动过程中机械能不守恒，故D错误12. 如图所示，在某一真空空间，有一水平放置的理想平行板电容器充电后与电源断开，（）若正极板A以固定直线0O为中心沿竖直方向作微小振幅的缓慢振动时，恰有一质量为m带负电荷的粒子以速度v沿垂直于电场方向射入平行板之间，则带电粒子在电场区域内运动的轨迹是（设负极板B固定不动，带电粒子始终不与极板相碰）（）A直线B正弦曲线C抛物线D向着电场力方向偏转且加速度作周期性变化的曲线第II卷（非选择题）请修改第II卷的文字说明评卷人得分二、填空题【答案】A【考点】电容以及带电粒子在电场中的运动分析：由题意可知，开始时
13、带电粒子受力平衡通过电容的定义式，平行板电容器的电容公式以及匀强电场的电场强度公式进行推导，可得出结论：只改变平行板电容器的板间距离的情况下，平行板电容器内部的电场强度不变，从而可得出正确选项解答：解：由此式可知，若Q、S和介质不变，只改变距离d，则电场强度E不变所以正极板A以固定直线0O为中心沿竖直方向作微小振幅的缓慢振动时，两金属板间的电场强度不变，带点粒子受到的电场力就不变，其受力情况不变，仍沿直线运动选项A正确，选项BCD错误13. 如图所示，A为带正电Q的金属板，沿金属板的垂直平分线，在距板r处放一质量为m，电量为q 的小球小球受水平向右的电场力偏转角而静止小球用绝缘丝线悬挂于O点，
14、则小球所在处的电场强度为 【答案】【考点】电场强度、力的平衡小球的受力如图所示由平衡条件得：F电=mgtan又F电=qE解得，小球所在处的电场强度：14. （1）如图所示为“描绘电场的等势线”的实验装置，其中ab处的电源应选用6V的 电源（选填“交流”或“直流”），电表X则选用量程适当，零刻度在刻度盘 （选填“左侧”“右侧”或“中央”）的灵敏电流计（2）如果以c、d两个电极的连线为x轴，以c、d连线的中垂线为y轴，并将一个探针固定置于y轴上的某一点，合上开关S，而将另一探针由O点左侧沿x轴正方向移到O点右侧的过程中，则电表X的指针与零刻度夹角的变化情况是： A.逐渐增大B逐渐减小C先变大后变小
15、D先变小后变大【答案】（1）直流、中央；（2）D【考点】实验“描绘电场的等势线”（1）本实验的原理是利用恒定电流场模拟静电场，所以应选用6V的直流电源要描绘等势线，必须找到等势点，而两个等势点间电势差为零，通过电流计的电流为零，由于电流计两个表笔处电势不同时，电流计指针可能向右偏转，也可能向左偏转，故应零刻度在刻度盘在中央的灵敏电流计（2）因为电场线与等势线互相垂直，将一个探针固定于y轴上的某一点，将另一探针由O点左侧沿x轴正方向移到O点右侧的过程中，由公式U=Ed知，两探针间电势差先增大后减小，则灵敏电流表G的指针与零刻度夹角先变大后变小故D正确，ABC错误故选D15. 如图所示的电场中，有
16、A、B、C三点，则负电荷在 点所受电场力最大，负电荷在 点具有的电势能最大。【答案】A；C【考点】考查电场线和等势线的分布试题分析：等势线分布越密电场线分布也越密，由F=qE可知电荷在A点所受电场力最大，对于负电荷来说电势越低电势能越大，沿着电场线电势降低，由此可知C点电势最低，负电荷在该点电势能最大16. 如图所示，竖直平面内有两个水平固定的等量同种正点电荷，AOB在两电荷连线的中垂线上，O为两电荷连线中点，AO=OB=L，一质量为m、电荷量为q的负点电荷若由静止从A点释放则向上最远运动至O点现若以某一初速度向上通过A点，则向上最远运动至B点，重力加速度为g该负电荷A点运动到B点的过程中电势
17、能的变化情况是 ；经过O点时速度大小为 【答案】先减小后增大, 【考点】电势、电势能以及动能定理由题意知从A到O，电场力做正功，电势能减小，从O到B，电场力做负功，电势能增加，故电荷电势能的变化情况为先减小后增大；设O点速度为V，由动能定理：-mgL+qUOA=017. 如图所示，相距为d的两平行金属板A、B上加电压U，A板电势高，在A板上放一小粒放射性物质，它不断向右侧空间各个方向放出质量为m、电量为q的粒子，粒子的最大速度为V，B板上涂荧光粉，粒子轰击B板而发光，设粒子不被B板反射，则B板的发光面积为 【答案】【考点】带电粒子在电场中的运动平行A板射出的粒子，它们在类平抛运动，在B板上的集
18、合会是一个圆平行A板方向，做匀速运动，r=vt垂直A板方向，做匀加速运动，18. 如图所示，A、B是负电荷产生的电场中的一条电场线上的两点，已知该两点间电势差为6.0102 V，现有一点电荷电量q=+3.010-7c，它在只受电场力作用的情况下由A点运动到B点在A B段电场力对他做的功为 ，它由A运动到B该电荷的电势能增加了 c【答案】-1.810-4J； 1.810-4J【考点】电势、电势能电场线是描述电场的一种直观手段，沿电场线的方向电势逐渐降低，所以B点电势高于A电势，UAB=-600V在A B段电场力对电荷做的功为：WqUAB3.010？7(？600)？1.810？4J电场力做负功，电
19、势能增加，电势能的增大等于电场力做功的数值：1.810-4J19. 如图所示，由两块相互靠近的平行金属板组成的平行板电容器的极板N与静电计相接，极板M接地用静电计测量平行板电容器两极板间的电势差U在两板相距一定距离d时，给电容器充电，静电计指针张开一定角度在整个实验过程中，保持电容器所带电量Q不变（1）若将M板向上移，静电计指针偏角将 （2）若在M、N之间插入云母板，静电计指针偏角将 【答案】（1）增大 （2）减小【考点】电容、电容器由题意，电容器所带电量Q保持不变，若将M板向上移，根据C=知U增大，所以静电计指针张角增大；若在M、N之间插入云母板，电容增大，Q不变，U减小，所以静电计指针偏角
20、将减小20. 一列简谐横波沿x轴正方向传播，t0时刻的波形如图中实线所示，质点P的坐标为（4，0），t0.4 s时的波形如图中虚线所示。波的传播速度为 m/s；若T0.4 s，当t1.0 s时，P点的坐标为 。评卷人得分三、计算题【答案】【考点】波的传播根据题意，,解得：波长等于8m，波的传播速度为。若，由可以知道T=1.6s，当t=1.0s时，P点的坐标为（4，）。21. 如图所示，质量为m、电荷量为+q的滑块，静止在绝缘水平面上。某时刻，在MN的左侧加一个场强为E的匀强电场，滑块在电场力的作用下开始向右运动。已知滑块与MN之间的距离为d，滑块与水平面间的动摩擦因数为，重力加速度为g。求：
21、（1）滑块在电场中运动时加速度a的大小； （2）滑块停止时与MN间的距离x。【答案】(1) (2) 【考点】牛顿第二定律、动能定理1）根据牛顿第二定律 又因为所以 （2）小物块在整个运动过程中，根据动能定理所以22. 两个正点电荷Q1=Q和Q2=4Q分别置于固定在光滑绝缘水平面上的A、B两点，A、B两点相距L，且A、B两点正好位于水平光滑绝缘半圆细管的两个端点出口处，如图所示（1）现将另一正点电荷置于A、B连线上靠近A处静止释放，它在AB连线上运动过程中能达到最大速度的位置离A点的距离（2）若把该点电荷放于绝缘管内靠近A点处由静止释放，试确定它在管内运动过程中速度为最大值时的位置P即求出图中P
22、A和AB连线的夹角（3）Q1、Q2两点电荷在半圆弧上电势最低点的位置P是否和P共点，请作出判断并说明理由评卷人得分四、实验题【答案】（1）在AB连线上运动过程中能达到最大速度的位置离A点的距离为1/3L（2）PA和AB连线的夹角为arctan（3）p点即为p【考点】库仑定律（1）设在AB连线上运动过程中能达到最大速度的位置离A点的距离为x，正电荷在A、B连线上速度最大处应该是电荷所受合力为零即：解得：（2）若点电荷在P点处受到的库仑力的合力沿OP的方向，则它在P点处的速度最大，即此时满足：解得：（3）p点即为p因为正电荷从A点沿管道运动至p的过程中，电场力做正功，它的电势能减小，而从p运动至B
23、的过程中，克服电场力做功，它的电势能增加，因此该正电荷在p处电势能最小，相应p点处的电势能最低23. 某同学为完成“用描迹法画出电场中平面上的等势线”实验,使用如图所示的实验器材:电源E(电动势为12 V,内阻不计),木板N(木板上依次铺有白纸？复写纸和导电纸各一张),两个金属接线柱A？B做电极,滑动变阻器R(其总阻值小于两电极间导电纸的电阻),直流电压表V(量程为6 V,内阻很大),电流表G(量程0300 A,零刻线在刻度盘中央),开关？探针和导线若干.现用图中仪器描绘两电极间电场中的等势线,A、B间电压要求为6 V.(1)在图甲中完成实验电路的连线(导线不得交叉).(2)本实验的原理是利用
24、导电纸上形成的_来模拟真空中的_静电场.因此对所模拟的静电场来说,图甲中的A相当于_,B相当于_.(3)图乙为实验装置的一部分,图中A、C、D、O、E、F、B各点相邻两点间距离相等,其中A、B为金属接线柱.当电流从左接线柱流入电流表G时,其指针向左侧偏转.当探针接在F点,探针接在导电纸上某点时,电流表G指针向右接线柱一侧偏转.为尽快找到等势点,探针应_移动.(填!向左或!向右)评卷人得分五、实验探究题【答案】(1)(2)恒定电流的电场 等量异种点电荷 正电荷 负电荷(3)向左【考点】用描迹法画出电场中平面上的等势线因指针向右偏代表电流从流入,比电势高.而越向左电势越高,向左动,提高电势.24.
25、 如图所示为研究平行板电容器电容的实验，电容器充电后与电源断开，电荷量Q将不变，与电容器相连的静电计用来测量电容器的 在常见的电介质中，由于空气的介电常数是最小的，当极板间插入其它的电介质时，电容器的电容将 （填“增大”、“减小”、或“不变”），于是我们发现，静电计指针偏角将 （填“增大”、“减小”、或“不变”）【答案】电压；增大；减小【考点】电容器、电容电容器充电后与电源断开，电量Q保持不变；静电计可以测量电容器的电压；当插入介质时，？增大，由C=可知电容将增大；由U=Q/C可知，两板间的电压减小，静电计指针偏角减小版权所有：高考资源网()版权所有：高考资源网()高考资源网版权所有 侵权必究