1、高二年级物理试题（理科）班级_姓名_学号_考生须生1本试卷共4页，共22道题，共100分2本试卷满分100分，考试时间90分钟3在机读卡上，用2B铅笔作答；在答题纸上，用黑色字迹钢笔或签字笔作答4在答题纸密封线内准确填写班级、姓名、学号考试结束后，将机读卡和答题纸一并交回一、单项选择题：本题共10个小题（每小题3分，共30分），在每个小题给出的四个选项中，只有一个选项是符合题意的1由电场强度的定义式可知，在电场中的同一点（ ）A电场强度跟成正比，跟成反比B无论检验电荷所带的电量如何变化，始终不变C不同电荷在电场中某点所受的电场力大小不同，该点的电场强度在不断改变D一个不带电的小球在点受到的电场
2、力为零，则点的场强一定为零【答案】B【解析】AC电均强度的定义式，运用比值定义，由电场本身决定，与试探电荷所受的电场力和电荷量无关，所以不能说跟成正比，跟成反比，故AC错误B由均中同一点电场强度是一定的，与试探电荷无关，则在电场中的同一点，无论检验电荷所带的电量如何变化，始终不变，故B正确D一个不带电的小球在点受到的电场力为零，该点的均强可能为零，也可能不为零，故D错误故选B2两个点电荷，分别带上和的电量，两球心相距，相互作用大小为，现将它们碰一下后放回原处，则它们的相互作用力大小变为（ ）ABCD无法确定【答案】C【解析】接触前库仑力，接触后分开，两小球的电荷都为，则库仑力，故C正确故选C3
3、在、四只电阻，它们的关系如图所示，则图中电阻最小的是（ ）ABCD【答案】A【解析】电阻，可以知道电阻等于图线的斜率的例数，图线的斜率的最大，电阻最小，故A正确故选A4某静电场的电场线分布如图所示，、为该电场中的两点下列说法正确的是（ ）A点场强大小点场强B点电势低于点电势C将电子从点移动到点，电场力做正功D将电子从点移动到点，其电势能增大【答案】D【解析】A电场线密的地方电场的强度大，所以点场强一定小于点均强，故A错误B根据沿电场线方向电势降低可以知道，点电势一定高于点电势，故B错误C点电势一定高于点电势，即，电势能中，因为是电子，所以，所以电子在点的电势能小于在点的电势能，将电子从点移动到
4、点，其电势能增大，所以电场力做负功，故C错误，D正确故选D5如图（a）所示是一个欧姆表的外部构造示意图，其正、负插孔内分别插有红、黑表笔，则虚线内的电路图应是（b）图中的图（ ）（a）ABCD（b）【答案】A【解析】AD每次换档时都要进行短接凋零，所以电阻要可调节，故A正确，D错误BC正极插孔接电源的负极，故BC错误故选A6如图，、两盏电灯完全相同当滑动变阻器的滑动头向右移动时，则（ ）A灯变亮，灯变亮B灯变暗，灯变亮C灯变暗，灯变暗D灯变亮，灯变暗【答案】D【解析】当滑出向右移动时，变大，故变小且变大，故D正确，ABC错误故选D 【注意有文字】7如图所示，平行板电容器已经充电，静电计的金属球
5、与电容器的一个极板连接，外壳与另一个极板连接，静电计指针的偏转指示电容器两极板间的电势差实验中保持极板上的电荷量不变设电容器两极板正对面积为，极板间的距离为，静电计指针偏角为下列关于实验现象的描述正确的是（ ）A保持不变，减小，则变小B保持不变，减小，则不变C保持不变，增大，则不变D保持、不变，在两板间插入电介质，则变大【答案】C【解析】A若保持不变，减小，则减小，可知增大，所以变大，故A错误B保持不变，减小，则增大，不变，可知减小，所以变小，故B错误C保持不变，增大，则减小，由于不变，所以增大，变大，故C正确D若保持、不变，插入电介质，则增大，由定义式，不变，可知减小，所以变小，故D错误故选
6、C8如图所示，为某点电荷电场中的一条电场线，其上两点、相距为，电势差为，点的场强大小为，把电荷量为的试探电荷从点移到点，电场力做功为，该试探电荷在点所受的电场力大小为下列关系正确的是（ ）ABCD【答案】B【解析】A点的场强大小为点试探电荷受到的力与试探电荷的电荷量的比值，故A错误B从到电场力做功为，所以B正确C点电荷产生的场强大小为，其中为点电荷，为该点电荷的距离，故C错误D为非匀强电场，不适用，故D错误故选B9右图是简化的多用表的电路转换开关与不同接点连接，就组成不同的电表，已知，下面是几位同学对这一问题的讨论，请你判断他们中的正确的说法是（ ）A转换开关与、连接时，为直流电流档，且前者量
7、程较大B转换开关与、连接时，为直流电流档，且前者量程较大C转换开关与、连接时，为直流电压档，且前者量程较大D转换开关与连接时，为直流电压档【答案】A【解析】A由图可以知道，当与、连接时，多用电表就成了电流表，电阻与表头并联，当并联电阻越小时，量程越大，因此前者量程较大，所以A正确B由图可以知道，当与、连接时，与电阻串联，多用电表是电压表，前者量程小，后者量程大，故BC错误D由图可以知道，当与连接时，与内置电源，滑动变阻器串联，此时多用电表是成为欧姆表，故D错误故选A10如图是某晶体二极管的伏安特性曲线，请你根据这条曲线描述的通过二极管的电流与二极管两端电压的关系，判断以下说法正确的是（ ）A晶
8、体二极管是线性元件B通常情况下，对晶体二极管加正向电压，其导电能力弱，加反向电压，其导电能力强C当所加正向电压大于时，其电阻基本不变D当所加正向电压大于，其电阻随电压的增大而减小【答案】D【答案】AB由图可知，晶体管属于非线性元仲，且具有单向导电性，故AB错误CD由图可知，故D正确，C错误故选D二、多项选择题：共5小题（每小题3分，共15分）在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题意的每小题全选对的得3分，有正确选项但不全的得2分，有错误选项或者不选的不得分11已知干电池的电动势为下列说法正确的是（ ）A用电压表直接连接干电池的两极，测量得到的电压近似等于该电池的电动势B当外电路闭合时，每
9、当的电荷量通过，该干电池就能把的化学能转化为电能C当外电路闭合时，在内有的电荷量通过该电池D当外电路闭合时，在内该电池能提供的电能【答案】AB【答案】A用电压表直接连接干电池的两极，测量得到的电压近似与该电池的电动势大小相等，故A正确B当外电路闭合时，每当的电荷量通过干电池，则该电池就能提供的电能，故B正确C当外电路闭合时，在内有的电荷量通过该电池，只表明通过电路的电流为，故C错误D当外电路闭合时，在内该电池能提供的电能，只表明电源的电功率为故D错误12用绝缘柱支撑着贴有小金属箔的导体和，它们彼此接触，起初它们不带电，贴在它们下部的并列平行双金属箔闭合现将带正电荷的物体移近导体，发现金属箔都张
10、开一定的角度，如图所示，则（ ）A导体下部的金属箔感应出负电荷B导体感应出负电荷，导体感应出等量的正电荷C导体和下部的金属箔都感应出负电荷D用手摸一下导体，后移走，则导体和下部的金属箔都感应出负电荷【答案】BD【解析】A带正电荷的物体移近导体时，由于静电感应，导体将感应出负电荷，导体感应出等量正电荷，所以下部的金属箔带正电荷，故B正确，AC错误D用手摸一下导体，后移走，则导体和下部的金属箔都感应出负电荷，故D正确故选BD13如图所示电路，电源电动势为，内阻为当开关闭合后，小型直流电动机和指示灯都恰能正常工作已知指示灯的电阻力为，额定电流为，电动机的线圈电阻为，电动机两端电压为，则下列说法中正确
11、的是（ ）A电动机两端的电压B电动机的输出功率为C电动机的机械功率为D整个电路的热功率为【答案】CD【解析】A电动机不是纯电阻，不能满足欧姆定律，故A错误B电动机的输出功率，故B错误C电动机的机械功率为，故C正解D整个电路的热功率为，故D正确故选CD 【注意有文字】14把一个电容器、电流传感器、电阻、电源、单刀双掷开关按图甲所示连接先使开关与端相连，电源向电容器充电；然后把开关掷向端，电容器放电与电流传感器相连接的计算机所记录这一过程中电流随时间变化的曲线如图乙所示下列关于这一过程的分析，正确的是（ ）A在形成电流曲线的过程中，电容器两极板间电压逐渐增大B在形成电流曲线的过程中，电容器的电容逐
12、渐减小C曲线与横轴所围面积等于曲线与横轴所围面积D接端，只要时间足够长，电容器两极板间的电压就能大于电源电动势【答案】AC【答案】A在形成电流曲线的过过程，开关与端相连，电容器在充电，所带电量增大，电容不变，由电容的定义式分析可以知道极板间电压增大，故A正解B在形成电流曲线的过程中，开关与端相连，电容器在放电，在放电的过程中，电容器的电荷量减小，但电容反映电容器本身的特性，与电压和电量无关，保持不变，故B错误C图线与时间轴围成的面积表示电荷量，因为电容器充电和放电的电量相等，所以曲线与横轴所围面积等于曲线与横轴所围面积，故C正确D接端，只要时间足够长，电容器充电完毕，电路中没有电流，电源的内电
13、压为零，电容器极板间的电压等于电源的电动势，故D错误故选AC15如图所示为密立根油滴实验示意图实验中要设法使带负电的油滴悬浮在电场之中若在实验中观察到某一个带负电的油滴向下加速运动在该油滴向下运动的过程中，下列说法正确的是（ ）A电场力做正功B重力和电场力的合力做正功C电势能逐渐增大D重力势能的减少量小于动能的增加量【答案】BC【解析】A电场方向竖直向下，油滴带负电荷，油滴向下运动，电场力方向竖直向上，所以电场力做负功，故A错误B油滴向下做加速运动，由于油滴只受电场力和重力作用，合力方向和运动方向相同，重力和电场力的合力做正功，故B正确C电场力做负功，则电势能逐渐增大，故C正确D重力做功等于重
14、力势能的减少量，电场力做功等于电势能的增加量，由于油滴向下做加速运动，则重力势能的减少量等于电势能的增加量和动能的增加量，所以重力势能的减少量大于动能的增加量，故D错误故选BC三、填空题：本题共4个小题，共23分16一些同学可能有这样的经验：傍晚用电多的时候，灯光发暗，而当夜深人静时，灯光特别明亮又如，在插上电炉、电暖气等功率大的电器时，灯光会变暗，拔掉后灯光马上又亮起来在一些供电质量不太好的地区尤其是这样试着解释这种现象_【答案】见解析【解析】由于大多数用电器都是并联的，当傍晚用电多的时候或者在插上电炉、电暖气等功率大的电容时，干路上的总电流会变大，这时候导线上的电压损失就会增加，当变压器供
15、给用户电压一定的情况下，会使得用户得到的电压减小，所以电灯就会发暗，而当夜深人静时，用户用电器减少，或者拔掉电炉、电暖气等功率大的电容时，干路上的总电流会减小，这时候导线上的电压损失就会减小，用户得到的电压增大，所以电灯就会明亮17下图画出了用电压表和电流表测量导体电阻的两种电路，图中电压表的内阻为，电流表的内阻为，被测导体的真实电阻为，测量时，把电压表读数和电流表读数的比值作为电阻的测量值（1）如果不考虑实验操作中的偶然误差，按甲电路进行实验，得到的电阻测量值是_，按乙两种电路进行实验，得到的电阻测量值是_（结果保留一位小数）（2）分析比较这两种电路的测量值与真实值的大小关系，并得出_电路的
16、测量误差大（填“甲”或“乙”）（3）你能得到什么结论？_【答案】（1）（2）甲（3）见解析【解析】（1）由题可知，（2）待测电阻阻值远大于电流表内阻，电流表应采用内接法，即选择图乙所示电路，如甲图测量误差大（3）因电压表的内阻远大于所测电阻的阻值，则用图甲电压表分流缩小，误差小，当电流表内阻远小于所测电阻时，用图乙接法，误差小 【注意有文字】18一个电流表的满偏电流，内阻，要把它改装成一个量程为的电压表，则应在电流表上_（填“串联”或“并联”）一个_的电阻【答案】串联【解析】依据电表的改装的特点，需串联一个电阻，依据欧姆定律：19在“描绘小灯泡的伏安特性曲线”的实验中，小灯泡的规格为“，”备有
17、下列器材：A电源（电动势为，内阻不计）B电压表（量程，内阻约）C电压表（量程，内阻约为）D电流表（量程，内阻约）E电流表（量程，内阻约）F滑动变阻器（，）G滑动变阻器（，）H开关和若干导线为了尽可能准确地描绘出小灯泡的伏安特性曲线，请完成以下内容（1）实验中电压表应选用_，电流表应选用_，滑动变阻器应选用_（请填写选项前对应的字母）（2）图甲是实物电路，请你不要改动已连接的导线，把还需要连接的导线补上（3）某同学完成该实验后，又找了另外两个元件，其中一个是由金属材料制成的，它的电阻随温度的升高而增大，而另一个是由半导体材料制成的，它的电阻随温度的升高而减小他又选用了合适的电源、电表等相关器材后
18、，对其中的一个元件进行了测试，测得通过其中的电流与加在它两端的电压数据如下表所示：请根据表中数据在图乙中作出该元件的图线；该元件可能是由_(选填“金属”或“半导体”)材料制成的【答案】（1）B、E、F（2）见解析（3）见解析图，半导体【解析】（1）灯泡的额定电压为，则电压表选择B，由于灯泡的额定电流为，则电流表选择，灯泡的电阻，为了便于测量滑动变阻器选择（2）灯泡的电流和电压从零开始测起，滑动变阻器采用分压式接法，灯泡的电阻与电流表内阻相当，属于小电阻，电流表采用外接法，实物连线图如图所示：（3）该元件的图线如图所示，由图线可知，电阻随着电流增大而减小，属于半导体材料制成四、计算题（共3个小题
19、，共32分解答时应写出必要的文字说明和原始方程只写出最后答案不得分有数值计算的题，答案要明确写出数值和单位）20（8分）在电场中把电荷量的正电荷从点移到点，静电力做功为，再把该电荷从点移到点，静电力做功为（1）求、间以及、间的电势差和（2）若该电荷只在电场力作用下从点运动到点，求电荷动能的增加量【答案】（1）（2） 【解析】（1）根据电势差的定义式可得：，同理可得：（2），则，在此过程中，根据动能定理可得：21（10分）如图所示，长为的绝缘细线一端悬于点，另一端系一质量为、电荷量为的小球现将此装置放在水平向右的匀强电场中，小球静止在点，此时细线与竖直方向成角重力加速度为，（1）请画出小球在点的
20、受力分析图并判断小球的带电性质（2）求该匀强电场的电场强度的大小（3）若将小球向左拉起至与点处于同一水平高度且细绳刚好紧张，将小球由静止释放，小球运动到最低点时的速度大小【答案】（1）正电（2）（3） 【解析】（1）由图可以知道，小球受到的电场力方向向左，电场方向向右，所以小球带正电（2）小球受三个力作用处于平衡状态，有可得（3）小球从水平位置到竖直方向的过程中重力和电场力做功，根据动能定理得：，联立计算得出22（14分）如图所示，电子由静止开始经加速电场加速后，沿平行于板面的方向射入偏转电场，并从另一侧射出已知电子质量为，电荷量为，加速电场电压为偏转电场可看做匀强电场，极板间电压为，极板长度
21、为，板间距为（1）忽略电子所受重力，求电子射入偏转电场时的初速度和从电场射出时沿垂直板面方向的偏转距离（2）分析物理量的数量级，是解决物理问题的常用方法在解决（1）问时忽略了电子所受重力，请利用下列数据分析说明其原因已知：，（3）极板间既有静电场也有重力场电势反映了静电场各点的能的性质，请写出电势的定义式类比电势的定义方法，在重力场中建立“重力势”的概念，并简要说明电势和“重力势”的共同特点【答案】（1）（2）见解析（3）见解析说明【解析】（1）根据动能定理可知：，电子射入偏转电场时初速度为：，方向水平向右，电子在偏转电场中运动时，在偏转电场中的加速度为，方向竖直向下，从电场射出时沿垂直板面方向的偏转距离，联立解得：（2）根据提供的数据可知电子在偏转电场中受到的电场力为：，重力为，计算可以得出远大于，相对于电子所受的电场力来说，电子所受的重力由于太小，对研究对象几乎造不成影响，所以可以忽略不计（3）电势定义：，为点的电势，为电荷在点的电势能，重力势：在重力场中某个位置单位质量物体所具有的重力势能，可以与电势一样使用类比法定义，即，共同特点：1电场力或者重力做功，由移动物体或移动电荷初末位置的势差有关，与路径无关2一般都会规定零势能面3电势和重力势都是反应场的性质的物理量，仅由自身的因素决定 【注意有文字】