1、高考资源网（） 您身边的高考专家中学生标准学术能力诊断性测试2019年11月测试物理试卷(一卷)本试卷共300分，考试时间150分钟。二、选择题：本题共8小题，每小题6分，共48分。在每小题给出的四个选项中，第1418题只有一项符合题目要求，第1921题有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。1.如图所示，ABC是半径为Rm的半圆弧，AC是水平直径，半圆弧与地面相切于B点，从A点水平向右抛出一个可视为质点的小球，小球运动的轨迹与圆弧相交于D点，C、D间的距离正好等于圆弧半径R，重力加速度g10m/s2，不计空气阻力，则小球抛出时的初速度大小为A. 2m/sB.
2、 3m/sC. 4m/sD. 5m/s【答案】B【解析】【详解】连接圆心和D点，由题意知OCD为等边三角形，从D点做AC的垂线DE，如图所示：小球做平抛运动，水平方向上有：竖直方向上有：联立解得：v=3m/s，故ACD错误，B正确。故选B2.如图所示，在地面上固定的两根竖直杆a、b之间搭建两个斜面1、2，己知斜面1与a杆的夹角为，斜面2与a杆的夹角为现将一小物块先后从斜面1、2的顶端(a杆处)由静止释放，两次到达斜面底端(b杆处)所用时间相等，若小物块与斜面1、2之间的动摩擦因数分别为1和2，则等于A. B. C. D. 【答案】D【解析】【详解】令a、b之间的水平距离为L，当物体从斜面1运动
3、时：物体在斜面2上运动时：联立解得：故D正确，ABC错误。故选D3.北京时间2019年4月10日21时，天文学家召开全球新闻发布会，宣布首次直接拍摄到黑洞的照片，如图所示黑洞是宇宙空间内存在的一种密度极大，体积极小的天体，它的引力很大，连光都无法逃脱若某黑洞表面的物体速度达到光速c时恰好围绕其表面做匀速圆周运动，己知该黑洞的半径为R，引力常量为G，则可推测这个黑洞的密度为A. B. C. D. 【答案】A【解析】【详解】设黑洞质量为M，半径为R，则密度：设质量为m的物体在该黑洞表面，则：可得：黑洞表面的物体做匀速圆周运动的速度为光速c，则联立可得：故A正确，BCD错误。故选A 4.如图所示电路
4、中，电源内阻及线圈L1的电阻均不计，当滑动变阻器的滑片自左端匀速向右滑动时，用丝线悬挂的闭合金属环的运动状态可能为A. 保持静止B. 向左摆动C. 向右摆动D. 有向下运动趋势【答案】B【解析】【详解】变阻器滑片P向右匀速移动，电阻变大，电流变小，根据：可知电流I与总电阻R成反比，所以R均匀增大的过程中，电流的减小是不均匀的，R越大，电流I的减小越慢，则磁场的减小变慢；线圈L2与L1中磁场的方向、大小的变化是相同的，线圈L1中磁场减小变慢，所以线圈L2中的磁场也减小变慢，根据法拉第电磁感应定律可知，L2线圈中感应电流逐渐减小；L2线圈中感应电流逐渐减小，所以L3线圈中电流逐渐减小，则线圈L3产
5、生的磁场减小；所以穿过环M的磁场减小，根据楞次定律可知，M内产生的磁场方向与线圈L3产生的磁场方向相同，M一定受到线圈L3的吸引力，所以将向左摆动。故B正确，ACD错误。故选B5.有一回旋加速器，两个D形盒的半径为R，两D形盒之间的高频电压为U，偏转磁场的磁感应强度为B如果一个粒子和一个氖核()都从加速器的中心开始被加速，则它们从D形盒飞出的速度之比为A. B. C. D. 【答案】C【解析】【详解】根据洛伦兹力提供向心力可得：粒子从D形盒飞出的速度为：所以故C正确，ABD错误。故选C6.以下说法正确的是A. 不同原子核的比结合能不同，某种原子核的结合能越大，该种原子核越稳定B. 射线、射线、
6、射线，都是由放射性元素的同一种原子核自发放出的C. 半衰期由原子核内部因素决定，跟原子所处物理状态无关，与原子所处化学状态也无关D. 入射光子的能量大于与基态之间能级差时，氢原子核外电子吸收该光子之后会挣脱氢原子核的束缚【答案】CD【解析】【详解】A比结合能越大，将核子分解需要的能量越大，原子核中核子结合得越牢固，原子核越稳定，故A错误； B根据两种衰变的特点可知，同一原子核发生衰变时不一定能同时放出射线、射线。故B错误；C半衰期是由原子核内部自身因素决定的，跟外界因素无关；故C正确； D当氢原子吸收能量后原子能量大于等于零，电子发生电离，从而挣脱氢原子核束缚，故D正确。故选CD7.带正电的空
7、心金属球壳置于绝缘座上，五个原不带电的金属球如图放置，用细轻金属杆将A球与B球相连，C球与大地用导线相连，DE两球用导线相连，且E球置于空心金属球壳内并与其内壁紧紧贴在一起，当系统达到静电平衡时，下列说法正确的是A. A球带正电，B球带负电，A球电势等于B球电势B. C球与大地相连，所以不带电C. D球带正电，E球不带电D. E球与D球用导线相连，二者均带电【答案】AC【解析】【详解】A由于静电感应，则B球带负电，A球带正电，故A正确； B由于静电感应，C球带负电，故B错误； CDD球在金属球壳的外部，会带上与球壳相同的电荷，即D球带正电；而E球在球壳的内部，与球壳接触后成为球壳内部的一部分，
8、所以E球不带电。故C正确，D错误。 故选AC8.如图所示，粗糙的水平面上有一根右端固定的轻弹簧，其左端自由伸长到b点，质量为2kg的滑块从a点以初速度v06m/s开始向右运动，与此同时，在滑块上施加一个大小为20N，与水平方向夹角为的恒力F，滑块将弹簧压缩至c点时，速度减小为零，然后滑块被反弹至d点时，速度再次为零，己知ab间的距离是2m，d是ab的中点，bc间的距离为0.5m，g取10m/s2，则下列说法中正确的是A. 滑块运动至b点时，一接触弹簧就开始减速B. 滑块从c点被反弹至d点的过程中因摩擦产生的热量为36JC. 滑块与水平面间的摩擦因数为0.3D. 弹簧的最大弹性势能为36J【答案
9、】AD【解析】【详解】AC由题可知，滑块从a出发到最后在d停止运动，摩擦力一直做负功，恒力F沿水平方向的分力一直做正功，弹簧的弹力在整个过程不做功，根据动能定理有：代入数据解得：则滑动摩擦力为：N而N，说明滑块从a到b合外力为零，即滑块在此过程一直做匀速直线运动，所以滑块运动至b点时，一接触弹簧将受到水平向左的弹力，与速度方向相反，所以将开始减速，故A正确，C错误；B滑块从c点被反弹至d点的过程中因摩擦产生的热量为：J故B错误；D滑块从c点被反弹至d点的过程中，由动能定理得：解得弹力做功为J，弹簧的弹性势能最大为J，故D正确。故选AD三、非选择题：共174分。第2232题为必考题，每个试题考生
10、都必须作答。第3338题为选考题，考生根据要求作答。(一)必考题：共129分。9.某同学设计了如图甲所示的实验装置，来测量当地的重力加速度质量未知的小钢球用一根不可伸长的细线与力传感器相连力传感器能显示出细线上张力的大小，光电门安装在力传感器的正下方，调整光电门的位置，使小钢球通过光电门时，光电门的激光束正对小球的球心(1)实验开始前，先用螺旋测微器测出小钢球直径，示数如图乙所示，则小钢球的直径d=_mm(2)将小钢球拉到一定的高度由静止释放，与光电门相连的计时器记录下小钢球通过光电门的时间t，力传感器测出细线上张力的最大值F若实验时忽略空气阻力的影响，该同学通过改变小钢球由静止释放的高度，测
11、出多组t和F的值，为了使作出的图象是一条直线，则应作_图象(填正确答案的选项)A.Ft B.Ft2 C. D.(3)若该同学所作出的图象在纵轴上的截距为a，斜率为k，细线的长度为L，则小球的质量为_，当地的重力加速度为_(用含有a，k，L，d的表达式表示)(4)若空气阻力不能忽略，则重力加速度的测量值_真实值(填“大于”、“小于”或“等于”)【答案】 (1). 7.220 (士0.001) (2). D (3). (4). (5). 等于【解析】【详解】（1）1螺旋测微器的固定刻度为7mm，可动刻度为：22.00.01mm=0.220mm所以小球的直径为：d=7mm+0220mm=7.220m
12、m (士0.001)（2）2由题知，小球做圆周运动，向下经过光电门的时间为t，则此时的速度为：在最低点，根据牛顿第二定律有：联立解得：由此可知为了使作出的图象是一条直线，则应作图象，故选D；（3）34由：可知斜率：在纵轴上的截距解得：，；（4）4根据重力加速度，可知阻力的有无对重力加速度的值没有影响，故重力加速度的测量值等于真实值。10.某实验小组的同学探究小灯泡L的伏安特性曲线，可供选用的器材如下：小灯泡L：规格“3.8V，0.4A”；毫安表：量程10mA，内阻未知；电压表V：量程3V，内阻rV9k；电阻箱R：阻值范围(099.9)；标准电阻R1：阻值1k；标准电阻R2：阻值3k：滑动变阻器
13、R3：阻值范围(010)；滑动变阻器R4：阻值范围(0200)；滑动变阻器R5：阻值范围(02000)；学生电源E1：电动势6V，内阻不计；学生电源E2：电动势12V，内阻不计；开关及导线若干(1)请你帮助该实验小组在下面的方框内画出用半偏法测量毫安表内阻的实验电路原理图_(2)甲同学用(1)图中的电路来测量毫安表的内阻，为了测量尽量准确，电源选用_，滑动变阻器选_(填所选器材的代号)(3)经过正确的实验操作得到毫安表的内阻为9.8，将其改装为量程为0.5A的电流表需_(选“串联”或“并联”)电阻箱R，且将电阻箱R阻值调为_(4)乙同学根据己有数据及提供的器材，设计了探究小灯泡L的伏安特性的实
14、验电路，请你在(4)图中标明乙同学所选器材的代号_【答案】 (1). 电路合理即可得分 (2). E2 (3). R5 (4). 并联 (5). 0.2 (6). 如下图所示【解析】【详解】（1）1实验原理：设计一个电路，能让电路中的电流基本不变；先在该电路中让电流表指针达到满偏，然后让一个小电阻与电流表并联，当小电阻上的电流和电流表的电流一样都是时，电流表的内电阻大小就等于电流表的内电阻；由于电阻箱的阻值较大，让作为限流电阻，基本能满足电流恒定的要求，故实验的原理图如图：（2）23由（1）分析可知，为了测量尽量准确，滑动变阻器选；电源大一些，电路中的最大电流更大，更加准确，故电流选择；（3）
15、根据电表的改装原理，可知将小量程的电流表改成大量程的电流表，应并联一个小电阻，根据并联电路，电压相等，可得：解得：；（4）4因小灯泡L规格为“3.8V，0.4A”，所电源应选；由于电压的量程为3V，比较小，所以应将电压表与一个定值电阻串联，改成一个大量程的电压表，根据串联，电流相等，若选串联 ，则有解得：V，则此时电压的量程为V大于小灯泡的额定电压3.8V，可以满足要求，故定值电阻选；因滑动变阻器采用的是分压式接法，为便于调接，滑动变阻器选总阻值较小的，故选。填入所选器材的代号如图所示：11.如图所示，足够长的斜面倾角为300，初始时，质量均为m的滑块A、B均位于斜面上，且AB间的距离为L1m
16、现同时将两个滑块由静止释放，己知滑块A、B与轨道间的动摩擦因数分别为和，重力加速度g10m/s2，设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，滑块之间发生的碰撞为弹性碰撞，滑块可视为质点求：(1)经过多长时间，滑块之问发生第一次碰撞?(2)再经过多长时间，滑块之间发生第二次碰撞?【答案】（1）1s（2）【解析】【详解】(1)将两滑块由静止释放后，对滑块A进行受力分析，由牛顿第二定律得: 解得: 对滑块B进行受力分析，有:所以B静止在斜面上设A、B两滑块经过时间t第一次发生碰撞，则:解得: t=ls (2)设发生第一次碰撞前的瞬间滑块A的速度是v0，则:m/s碰撞后滑块A的速度是v1，滑块B的速度是v2，由弹
17、性碰撞得:解得: v1=0， v2=2m/s 滑块B开始沿斜面向下运动，由牛顿第二定律得:解得: 设滑块B沿斜面下滑时间to后停止运动，则:s在这段时间内，A沿斜面下滑的距离为:mB沿斜面下滑的距离为:m由于L1C，折射光线在AC边发生全反射【解析】【详解】（1）A紫光的频率、折射率都大于红光，根据，知紫外线在水中的传播速度小于红外线在水中的传播速度，故A正确；B在波的传播过程中，质点不随波迁移，只将振动形式和能量传播出去，故B错误；C电磁波是横波，可以发生衍射现象和偏振现象，故C正确；D照相机的镜头表面镀有一层膜使照相效果更好，是利用于光的薄膜干涉现象，故D错误；E根据狭义相对论的基本结论，
18、速度越大，质量越大，在尺子长度方向上运动的尺子比静止的尺子短。所以质量、长度的测量结果都与物体相对观察者的相对运动状态有关。故E正确故选ACE（2）光在棱镜中的传播路径如图所示由几何关系可知，光在AB边上的入射角i=60，折射角r=30因此，棱镜对光的折射率：由几何关系可知，光在AC边的入射角=60由于：因此C，折射光线在AC边发生全反射由几何关系知：光在棱镜中的传播速度：因此单色光在棱镜中传播的时间：15.如图所示，密闭气缸两侧与一U形管的两端相连，气缸壁导热，U形管内盛有密度的液体，开始时右气室的体积是左气室的体积的2倍，气体的压强，外界温度保持不变缓慢向右调节活塞，使U形管两侧液面左端比右端高h2cm，求此时左、右两气室的体积之比己知重力加速度大小g10m/s2，U形管中气体体积和活塞拉杆体积忽略不计【答案】【解析】【详解】设气缸体积为V，初始状态左气室体积为V，右气室体积为V ;当活塞调节至要求位置时，左、右气室的压强分别为p1，p2，体积为V1，V2.由波意耳定律得依题意有V1+V2=V 由力的平衡条件,有：联系式并代入题中数据，得，解得 (另一解不合题意舍去)可知高考资源网版权所有，侵权必究！