1、广东省湛江市2014-2015学年高二上学期期末物理试卷（理科）一、单项选择题（本题共8小题，每小题3分，共24分每小题给出的四个选项中，只有一个选项是正确的，请把正确答案的字母代号填在下表相应的位置上）1（3分）最先发现电磁感应现象的科学家是（）A牛顿B库仑C奥斯特D法拉第2（3分）关于点电荷的说法，下列正确的是（）A体积很大的带电体不能看成点电荷B物体带电量很小时，可以看作点电荷C点电荷是理想化的物理模型D点电荷的带电量一定是1.61019C3（3分）静电在各种产业和日常生活中有着重要的应用，如静电除尘、静电复印等，所依据的基本原理几乎都是让带电的物质微粒在电场作用下奔向并吸附到电极上现有
2、三个粒子a、b、c 从P点向下射入由正、负电极产生的电场中，它们的运动轨迹如图所示，则（）A带负电荷，b带正电荷，c不带电荷B带正电荷，b不带电荷，c带负电荷C带负电荷，b不带电荷，c带正电荷D带正电荷，b带负电荷，c不带电荷4（3分）如图所示，a、b是某一电场线中的两点，则（）Aa点电势高于b点的电势Ba点场强大于b点的场强C电荷在a点的电势能大于b点的电势能D电荷放在a点所受电场力大于放在b点所受电场力5（3分）在电磁感应现象中，下列说法中正确的是（）A感应电流的磁场总是跟原来的磁场方向相反B闭合线框放在变化的磁场中一定能产生感应电流C闭合线框放在匀强磁场中做切割磁感线运动，一定能产生感应
3、电流D感应电流的磁场总是阻碍原来磁场磁通量的变化6（3分）关于磁感应强度与通电导线在磁场中受力情况及其相互关系，下列说法正确的是（）A一小段通电直导线在磁场中不受安培力作用，则该处磁感应强度一定为零B一小段通电直导线所受安培力的方向一定与磁场方向垂直C只有通电直导线与磁场方向垂直，导线才会受到安培力的作用D通电直导线在磁场中所受安培力越大，其磁感应强度一定越大7（3分）如图所示，图线1、2分别表示导体A、B的伏安特性曲线，它们的电阻分别为R1、R2，则下列说法正确的是（）AR1：R2=1：3BR1：R2=3：1C将R1与R2串联后接于电源上，则电压比U1：U2=1：3D将R1与R2并联后接于电
4、源上，则电流比I1：I2=1：38（3分）如图所示，电阻R和线圈自感系数L的值都较大，电感线圈的电阻不计，A、B是两只完全相同的灯泡，当开关S闭合时，电路可能出现的情况是（）AB比A先亮，然后B熄灭BA比B先亮，然后B熄灭CA、B一起亮，然后A熄灭DA、B一起亮，然后B熄灭二、双项选择题（本题共6小题，每小题4分，共24分在每小题给出的四个选项中，有两个选项正确全选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不答的得0分）9（4分）1930年劳伦斯制成了世界上第一台回旋加速器，其原理如图所示这台加速器由两个铜质D形盒D1、D2构成，其间留有空隙，下列说法正确的是（）A离子由加速器的中心附近进入加速
5、器B离子由加速器的边缘进入加速器C离子从磁场中获得能量D离子从电场中获得能量10（4分）一质子以速度v穿过互相垂直的电场和磁场区域而没有发生偏转，不考虑重力的影响，则（）A若电子以相同速度v射入该区域，将会发生偏转B无论何种带电粒子，只要以相同的速度v射入都不会发生偏转C若质子的速度vv，它将向上偏转D若质子的速度vv，它将向上偏转11（4分）平行板电容器充电后断开电源，然后将两极板的正对面积逐渐增大，则在此过程中（）A两极板上的电量保持不变B电容器电容将逐渐增大C两极板间的电压逐渐增大D两极板间的电场强度将逐渐增大12（4分）如图所示的电路中，当变阻器R3的滑动触头P向b端移动时（）A电压表
6、示数变大，电流表示数变小B电压表示数变小，电流表示数变大C电源消耗的功率变大，电源总功率变大D电源消耗的功率变大，电源总功率变小13（4分）一根通有电流I的直铜棒用软导线挂在如图所示匀强磁场中，此时悬线中的张力大于零而小于铜棒的重力欲使悬线中拉力为零，可采用的方法有（）A适当增大电流，方向不变B适当减小电流，并使它反向C电流大小、方向不变，适当增强磁场D使原电流反向，并适当减弱磁场14（4分）如图所示，线圈A插在线圈B中，线圈B与电流表接成闭合电路，线圈A与蓄电池、开关、滑动变阻器组成另一个电路，用此装置来研究电磁感应现象，下列说法正确的是（）A开关闭合瞬间，电流表指针发生偏转B开关闭合稳定后
7、电流表指针发生偏转C开关断开瞬间，电流表指针发生偏转D开关闭合和断开瞬间，电流表指针都不发生偏转三实验题（本题共4小题，每空2分，共18分）15（2分）用螺旋测微器测量镍铜合金丝的直径，如图所示，其直径为mm16（2分）如图是电压表的刻度盘若当时使用的是该表的03V量程，那么电压表读数为V17（6分）一多用电表的电阻档有三个倍率，分别是1、10、100现用10档测量某电阻时，操作步骤正确，发现表头指针偏转角度很小，为了较准确地进行测量，应将选择开关换到档如果换档后立即用表笔连接待测电阻进行读数，那么缺少的步骤是，测量结束后应将选择开关拨到18（8分）某同学用电流表和电压表测干电池的电动势和内阻
8、时，所用滑动变阻器的阻值范围020，连接电路的实物图如图甲所示（1）指出该同学接线中错误的和不规范的做法是下列四项中的哪几项？（填写字母代号）A滑动变阻器不起变阻作用码 B电流表接线有错C电压表量程选用不当 D电压表接线有错（2）在方框内画出这个实验的正确电路图（3）实验中根据实验数据画出的UI图线如上图乙所示，则求得的电动势是V，内电阻是四计算题（本题共3小题，共34分解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤只写出最后答案的不能得分有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）19（10分）如图所示，质量为m、电荷量为e的粒子从A点以v0的速度垂直电场线沿直线AO方向射入匀强电场，由
9、B点飞出电场时速度方向与AO方向成45，已知AO的水平距离为d，不计重力求：（1）从A点到B点所用的时间；（2）粒子在B点的速度大小；（3）匀强电场的电场强度大小20（10分）如图所示的电路中，匀强磁场的磁感应强度为B，在同一水平面上固定着平行金属轨道MN和PQ，两轨道间的距离为l金属杆ab沿垂直轨道方向放置在两轨道上，金属杆ab在MN和PQ间的电阻为r，且与轨道接触良好R1=R2=R，电容器的电容为C，轨道光滑且不计轨道的电阻若金属杆ab在某一水平拉力的作用下以速度v沿金属轨道向右做匀速直线运动（1）流过电阻R1的电流为多大？（2）电容器的带电量为多大？（3）这个水平拉力及其功率分别为多大？
10、21（14分）一个质量为m电荷量为q的带电粒子从x轴上的P（a，0）点以速度v沿与x正方向成60的方向射入第一象限内的匀强磁场中，并恰好垂直于y轴射出第一象限，进入第二象限的匀强电场中，电场强度为E不计粒子重力，求：（1）匀强磁场的磁感应强度的大小；（2）带电粒子在磁场中的运动时间；（3）带电粒子在电场中速度第一次为零时的坐标广东省湛江市2014-2015学年高二上学期期末物理试卷（理科）参考答案与试题解析一、单项选择题（本题共8小题，每小题3分，共24分每小题给出的四个选项中，只有一个选项是正确的，请把正确答案的字母代号填在下表相应的位置上）1（3分）最先发现电磁感应现象的科学家是（）A牛顿
11、B库仑C奥斯特D法拉第考点：物理学史 专题：常规题型分析：根据物理学史和常识解答，记住著名物理学家的主要贡献即可解答：解：最先发现电磁感应现象的科学家是法拉第故选：D点评：本题考查物理学史，是常识性问题，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆，这也是考试内容之一2（3分）关于点电荷的说法，下列正确的是（）A体积很大的带电体不能看成点电荷B物体带电量很小时，可以看作点电荷C点电荷是理想化的物理模型D点电荷的带电量一定是1.61019C考点：元电荷、点电荷 分析：当带电体之间的距离远大于带电体本身的尺寸，以至于带电体本身的大小和形状对带电体间的作用力影响可忽略不计时，带电体就可以看成点电荷
12、解答：解：A、B当体积很小的带电体相距很近，以至于带电体的大小和形状对带电体间作用力影响不能忽略时，此带电体不能看成点电荷，而体积很大的带电体，如果带电体间的距离远大于带电体本身的尺寸，以至于带电体本身的大小和形状对带电体间的作用力影响可忽略不计时，带电体也可以看成点电荷故AB错误 C、点电荷是理想化的物理模型，与力学中质点类似，所以C正确 D、点电荷只是带电体本身的大小和形状对带电体间的作用力影响可忽略不计，但是电荷量并不一定就是1.61019C，所以D错误故选C点评：点电荷是理想化的物理模型，与力学中质点类似，能不能把带电体看成点电荷，不是看带电体的体积和电量，而看带电体本身的大小和形状对
13、带电体间的作用力影响能不能忽略不计3（3分）静电在各种产业和日常生活中有着重要的应用，如静电除尘、静电复印等，所依据的基本原理几乎都是让带电的物质微粒在电场作用下奔向并吸附到电极上现有三个粒子a、b、c 从P点向下射入由正、负电极产生的电场中，它们的运动轨迹如图所示，则（）A带负电荷，b带正电荷，c不带电荷B带正电荷，b不带电荷，c带负电荷C带负电荷，b不带电荷，c带正电荷D带正电荷，b带负电荷，c不带电荷考点：电势差与电场强度的关系；点电荷的场强 专题：电场力与电势的性质专题分析：同种电荷互相排斥，异种电荷互相吸引，根据电荷之间的相互作用力间的关系，可以判断电荷的性质解答：解：a向负电荷的一
14、侧偏转，说明电荷a与负电荷相互吸引，所以电荷a带正电，b在运动的过程中不偏转，所以b不带电，c向正电荷的一侧偏转，说明c与正电荷之间为相互吸引，即c带负电荷故B正确，A、C、D错误故选：B点评：本题考查的就是电荷的基本性质，根据同种电荷互相排斥，异种电荷互相吸引来分析即可4（3分）如图所示，a、b是某一电场线中的两点，则（）Aa点电势高于b点的电势Ba点场强大于b点的场强C电荷在a点的电势能大于b点的电势能D电荷放在a点所受电场力大于放在b点所受电场力考点：电场线；电势能 分析：根据顺着电场线方向电势降低，判断a、b两点电势的高低电场线的大小由电场线的疏密表示，一条电场线无法判断疏密，就无法确
15、定a、b两处场强的大小根据电场力做功正负判断电势能的大小解答：解：A、根据顺着电场线方向电势降低，则知a点电势高于b点的电势，故A正确B、电场线的疏密表示电场强度的相对大小，由于a、b附近电场线的分布情况未知，则场强的大小不能确定故B错误C、正电荷从a点移动到b点，电场力向右，电场力做正功，电势能减小，则正电荷在a点的电势能大于b点的电势能；负电荷从a点移动到b点，电场力向左，电场力做负功，电势能增大，则负电荷在a点的电势能小于b点的电势能；故C错误D、由F=qE知：不能比较电荷所受的电场力大小，故D错误故选：A点评：本题要抓住电场线的疏密表示电场强度的相对大小，但一条电线线，不能反映电场线的
16、疏密，所以不能确定场强的大小5（3分）在电磁感应现象中，下列说法中正确的是（）A感应电流的磁场总是跟原来的磁场方向相反B闭合线框放在变化的磁场中一定能产生感应电流C闭合线框放在匀强磁场中做切割磁感线运动，一定能产生感应电流D感应电流的磁场总是阻碍原来磁场磁通量的变化考点：感应电流的产生条件 分析：根据楞次定律分析感应电流的磁场与原磁场方向的关系当穿过闭合电路的磁能量发生变化时，电路中能产生感应电流闭合电路的一部分导体做切割磁感线运动时闭合电路中能产生感应电流解答：解：A、根据楞次定律得知，当原来磁场的磁能量增加时，感应电流的磁场跟原来的磁场方向相反，当原来磁场的磁能量减小时，感应电流的磁场跟原
17、来的磁场方向相同故A错误B、当闭合线框放在变化的磁场中，不一定能产生感应电流如果线圈与磁场平行时，穿过线圈的磁通量不变，线圈中不能产生感应电流故B错误C、闭合线框放在匀强磁场中做切割磁感线运动，如果磁通量没有变化，线圈没有感应电流产生故C错误D、根据楞次定律得知，感应电流的磁场总是阻碍原来磁场磁通量的变化故D正确故选D点评：本题考查对感应电流产生的条件和楞次定律的理解感应电流的磁场方向与原磁场方向的关系用四个字记忆：“增反减同”6（3分）关于磁感应强度与通电导线在磁场中受力情况及其相互关系，下列说法正确的是（）A一小段通电直导线在磁场中不受安培力作用，则该处磁感应强度一定为零B一小段通电直导线
18、所受安培力的方向一定与磁场方向垂直C只有通电直导线与磁场方向垂直，导线才会受到安培力的作用D通电直导线在磁场中所受安培力越大，其磁感应强度一定越大考点：安培力；磁感应强度 分析：本题考查了产生条件、大小与方向，当电流方向与磁场平行时不受安培力，根据左手定则可知安培力的方向与磁场垂直引用公式F=BIL时，注意要求磁场与电流垂直，若不垂直应当将导线沿磁场与垂直于磁场分解，因此垂直时安培力最大，最大为F=BIL解答：解：A、当电流方向与磁场的方向平行，所受安培力为0，而此时的磁感应强度不为零，故A错误B、根据左手定则可知，安培力方向与磁场和电流组成的平面垂直，即与电流和磁场方向都垂直，故B正确；C、
19、只要通电直导线与磁场方向不平行，导线就会受到安培力的作用，故C错误；D、磁感应强度只与磁场本身有关，故D错误；故选：B点评：解决本题的关键知道当导线的方向与磁场的方向平行，所受安培力为0，最小当导线的方向与磁场方向垂直时，安培力最大，为F=BIL7（3分）如图所示，图线1、2分别表示导体A、B的伏安特性曲线，它们的电阻分别为R1、R2，则下列说法正确的是（）AR1：R2=1：3BR1：R2=3：1C将R1与R2串联后接于电源上，则电压比U1：U2=1：3D将R1与R2并联后接于电源上，则电流比I1：I2=1：3考点：欧姆定律 专题：恒定电流专题分析：根据控制变量法和欧姆定律分析电流与电压的关系
20、图即可得出正确答案解答：解：A、B、根据电阻的定义式R=得，根据图象可知，当电流都为1A时，电阻之比等于电压的反比，所以导体A、B的电阻=故A正确，B错误；C、D、根据公式：U=IR，当两段导体中的电流相等时，他们的电压之比U1：U2=1：3故C正确，D错误故选：AC点评：本题考查了欧姆定律的实际应用，侧重考查了控制变量法控制变量法是最重要研究方法之一，所以我们要好好掌握8（3分）如图所示，电阻R和线圈自感系数L的值都较大，电感线圈的电阻不计，A、B是两只完全相同的灯泡，当开关S闭合时，电路可能出现的情况是（）AB比A先亮，然后B熄灭BA比B先亮，然后B熄灭CA、B一起亮，然后A熄灭DA、B一
21、起亮，然后B熄灭考点：自感现象和自感系数 分析：电键接通瞬间，电路中迅速建立了电场，立即产生电流，但线圈中产生自感电动势，阻碍电流的增加，故线圈中电流逐渐增加；电键断开瞬间，电路中电流要立即减小零，但线圈中会产生很强的自感电动势，与灯泡D1构成闭合回路放电解答：解：电键接通瞬间，电路中迅速建立了电场，立即产生电流，但线圈中产生自感电动势，阻碍电流的增加，故开始时通过灯泡A的电流较大，故灯泡A较亮；电路中自感电动势阻碍电流的增加，但不能阻止电流增加，电流稳定后，由于电感线圈的电阻不计，所以A灯被短路，A灯泡熄灭，故C正确，ABD错误故选：C点评：本题考查了通电自感和断电自感，关键是明确线圈中自感
22、电动势的作用是阻碍电流的变化，但不能阻止电流变化二、双项选择题（本题共6小题，每小题4分，共24分在每小题给出的四个选项中，有两个选项正确全选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不答的得0分）9（4分）1930年劳伦斯制成了世界上第一台回旋加速器，其原理如图所示这台加速器由两个铜质D形盒D1、D2构成，其间留有空隙，下列说法正确的是（）A离子由加速器的中心附近进入加速器B离子由加速器的边缘进入加速器C离子从磁场中获得能量D离子从电场中获得能量考点：质谱仪和回旋加速器的工作原理 专题：带电粒子在磁场中的运动专题分析：被加速离子由加速器的中心附近进入加速器，而从边缘离开加速器；洛伦兹力并不做功
23、，而电场力对带电离子做功解答：解：要加速次数最多最终能量最大，则被加速离子只能由加速器的中心附近进入加速器，而从边缘离开加速器，故A正确而B错误由于洛伦兹力并不做功，而离子通过电场时有qU=mv2，故离子是从电场中获得能量，故C错误，而D正确故选AD点评：了解并理解了常用实验仪器或实验器材的原理到考试时我们就能轻松解决此类问题10（4分）一质子以速度v穿过互相垂直的电场和磁场区域而没有发生偏转，不考虑重力的影响，则（）A若电子以相同速度v射入该区域，将会发生偏转B无论何种带电粒子，只要以相同的速度v射入都不会发生偏转C若质子的速度vv，它将向上偏转D若质子的速度vv，它将向上偏转考点：带电粒子
24、在混合场中的运动 专题：带电粒子在复合场中的运动专题分析：（1）质子穿过相互垂直的电场和磁场区域而没有偏转说明了它受的电场力和洛伦兹力是一对平衡力，有qvB=qE，与带电性质无关；（2）如速度发生改变，电场力不变，洛伦兹力改变，再根据受力情况去分析运动情况即可解答：解：AB、质子穿过相互垂直的电场和磁场区域而没有偏转说明了它受的电场力和洛伦兹力是一对平衡力有qvB=qE，与带电性质无关，所以只要以相同的速度射入该区域都不会发生偏转 故A错误，B正确；C、若质子的入射速度vv，质子所受的洛伦兹力小于电场力，将向下偏转故C错误；D、质子的入射速度vv，它所受到的洛伦兹力大于电场力由于质子所受到的洛
25、仑兹力方向向上，故质子就向上偏转，故D正确故选：BD点评：（1）装置是否构成速度选择器使运动电荷匀速直线穿过复合场，取决于电场、磁场和速度三者之间的关系与电荷的电性以及比荷无关（2）运动电荷一旦在磁场电场所构成的复合场中做曲线运动，一定是非匀变速曲线运动，轨迹不可能是抛物线11（4分）平行板电容器充电后断开电源，然后将两极板的正对面积逐渐增大，则在此过程中（）A两极板上的电量保持不变B电容器电容将逐渐增大C两极板间的电压逐渐增大D两极板间的电场强度将逐渐增大考点：电容器的动态分析 专题：电容器专题分析：平行板电容器充电后断开电源后，电容器的电量不变增大板间距离，电容减小，板间场强不变由电容的定
26、义式C=，分析电量的变化解答：解：A、平行板电容器充电后断开电源后，电容器的电量保持不变故A正确B、电容器正对面积增大，根据电容的决定式C=，知电容逐渐增大故B正确C、由电容的定义式C=，知Q不变，C增大，则U减小，故C错误D、场强公式E=，知U减小，d不变，板间场强E减小故D错误故选：AB点评：本题是电容器动态变化分析问题，关键抓住不变量再根据电容的决定式C=、电容的定义式C=和场强公式E=进行分析12（4分）如图所示的电路中，当变阻器R3的滑动触头P向b端移动时（）A电压表示数变大，电流表示数变小B电压表示数变小，电流表示数变大C电源消耗的功率变大，电源总功率变大D电源消耗的功率变大，电源
27、总功率变小考点：闭合电路的欧姆定律 专题：恒定电流专题分析：由图可知R2与R3并联后与R1串联，电压表测量路端电压；由滑片的移动可得出滑动变阻器接入电阻的变化，则由闭合电路的欧姆定律可得出总电流的变化，由U=EIr可得出路端电压的变化；将R1作为内阻处理，则可得出并联部分电压的变化，求得R2中电流的变化，由并联电路的电流规律可得出电流表示数的变化根据电源的功率P=EI分析电源的总功率变化解答：解：A、B、当滑片向b端滑动时，滑动变阻器接入电阻减小，则电路中总电阻减小，则由闭合电路欧姆定律可得，电路中总电流增大，故内压增大；因此路端电压减小，故电压表示数减小；将R1等效为内阻，则可知并联部分电压
28、一定减小，故流过R2的电流减小，因总电流增大，故电流表示数增大；故A错误，B正确；C、D、电源消耗的功率 P热=I2r，电源的总功率P=EI，I增大，则电源电源消耗的功率和总功率都变大故C正确，D错误故选：BC点评：闭合电路的欧姆定律一般按先分析外电路，再分析内电路，最后再分析外电路的思路进行；若电阻与电源串联，可以等效为内阻处理13（4分）一根通有电流I的直铜棒用软导线挂在如图所示匀强磁场中，此时悬线中的张力大于零而小于铜棒的重力欲使悬线中拉力为零，可采用的方法有（）A适当增大电流，方向不变B适当减小电流，并使它反向C电流大小、方向不变，适当增强磁场D使原电流反向，并适当减弱磁场考点：安培力
29、；力的合成与分解的运用；共点力平衡的条件及其应用 专题：应用题分析：对导线进行受力分析，然后由平衡条件列方程，根据安培力公式分析答题解答：解：以导线为研究对象，导线受力如图所示，导线静止，处于平衡状态，由平衡条件得：2F+FB=G，线的拉力：F=，重力G不变，欲使悬线中拉力F为零，安培力FB=BIL应变大，可以增大B或I，故AC正确；如果使电流方向反向，则安培力向下，拉力F增大，不可能为零，故BD错误；故选AC点评：本题考查应用左手定则分析安培力的能力安培力方向与电流方向、磁场方向有关，当改变其中之一，安培力方向改变14（4分）如图所示，线圈A插在线圈B中，线圈B与电流表接成闭合电路，线圈A与
30、蓄电池、开关、滑动变阻器组成另一个电路，用此装置来研究电磁感应现象，下列说法正确的是（）A开关闭合瞬间，电流表指针发生偏转B开关闭合稳定后电流表指针发生偏转C开关断开瞬间，电流表指针发生偏转D开关闭合和断开瞬间，电流表指针都不发生偏转考点：研究电磁感应现象 专题：实验题分析：当通过闭合回路的磁通量发生变化，就会产生感应电流，电流表指针发生偏转解答：解：A、开关闭合的瞬间，则通过螺线管B中的磁通量从无到有，则产生感应电流，电流表指针发生偏转故A正确B、开关闭合稳定后，则通过螺线管B中的磁通量不变，电流表指针不发生偏转故B错误C、开关断开的瞬间，则通过螺线管B中的磁通量从有到无，则产生感应电流，电
31、流表指针发生偏转故C正确D、开关闭合和断开的瞬间，通过螺线管B的磁通量都发生变化，都产生感应电流，指针都发生偏转故D错误故选AC点评：解决本题的关键掌握感应电流的产生条件，知道当通过闭合回路的磁通量发生变化，就会产生感应电流三实验题（本题共4小题，每空2分，共18分）15（2分）用螺旋测微器测量镍铜合金丝的直径，如图所示，其直径为0.885mm考点：螺旋测微器的使用 专题：实验题分析：解决本题的关键掌握螺旋测微器的读数方法，固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读解答：解：螺旋测微器的固定刻度为0.5mm，可动刻度为38.50.01mm=0.385mm，所以最终读数为0.5mm+
32、0.385mm=0.885mm故答案为：0.885点评：对于基本测量仪器如游标卡尺、螺旋测微器等要了解其原理，要能正确使用这些基本仪器进行有关测量16（2分）如图是电压表的刻度盘若当时使用的是该表的03V量程，那么电压表读数为1.15V考点：用多用电表测电阻 专题：实验题；恒定电流专题分析：电压表的读数：明确电压表使用的量程，明确每一个大格和每一个小格代表的示数解答：解：电压表使用03V量程，每一个大格代表1V，每一个小格代表0.1V，示数为1.15V故答案为：1.15点评：物理中有很多的测量工具，掌握电压表、电流表、刻度尺、弹簧测力计、正确使用方法和正确读数，刻度均匀的都要估读17（6分）一
33、多用电表的电阻档有三个倍率，分别是1、10、100现用10档测量某电阻时，操作步骤正确，发现表头指针偏转角度很小，为了较准确地进行测量，应将选择开关换到100档如果换档后立即用表笔连接待测电阻进行读数，那么缺少的步骤是重新进行欧姆调零，测量结束后应将选择开关拨到OFF档或交流高压档考点：用多用电表测电阻 专题：实验题；恒定电流专题分析：用欧姆表测电阻，应选择适当的档位，使指针指在中央刻度线附近，欧姆表换挡后要重新进行欧姆调零；欧姆表指针示数与档位的乘积是欧姆表示数解答：解：表头指针偏转角度很小，则电阻大，应换大档位，即100档，如果换挡后立即用表笔连接待测电阻进行读数，那么缺少的步骤是：重新进
34、行欧姆调零；测量结束后应将选择开关拨到OFF档或交流高压档故答案为：100，重新进行欧姆调零，OFF档或交流高压档点评：本题考查了欧姆表档位的选择与欧姆表读数、欧姆表使用注意事项，用欧姆表测电阻，应选择适当的档位，使指针指在中央刻度线附近，欧姆表换挡后要重新进行欧姆调零；欧姆表指针示数与档位的乘积是欧姆表示数18（8分）某同学用电流表和电压表测干电池的电动势和内阻时，所用滑动变阻器的阻值范围020，连接电路的实物图如图甲所示（1）指出该同学接线中错误的和不规范的做法是下列四项中的哪几项？（填写字母代号）ABDA滑动变阻器不起变阻作用码 B电流表接线有错C电压表量程选用不当 D电压表接线有错（2
35、）在方框内画出这个实验的正确电路图（3）实验中根据实验数据画出的UI图线如上图乙所示，则求得的电动势是1.45V，内电阻是0.56考点：测定电源的电动势和内阻 专题：实验题；恒定电流专题分析：（1）滑动变阻器的限流接法应接一上一下两个接线柱，开关应能控制整个电路的通断，电表正负接线柱不能接反（2）伏安法测电源电动势与内阻实验，电源、开关、滑动变阻器、电流表应串联接入电路，电压表测路端电压，据此作出实验电路图（3）由图示电源UI图象求出电源电动势与内阻解答：解：（1）由电路图可知，滑动变阻器同时接下面两个接线柱，滑动变阻器被接成了定值电阻，不起变阻作用；由电路图可知，电流表正负接线柱接反了，电流
36、表接线错误；电压表直接接在电源连接上，开关不能控制电压表与电源断开，电压表接线错误；故选ABD；（2）应用伏安法测电源电动势与内阻，电压表测路端电压，电流表测电路电流，电路图如图所示：（3）由图示电源UI图象可知，图象与纵轴交点坐标值为1.45，则电源电动势E=1.45V，电源内阻r=0.56；故答案为：（1）ABD；（2）电路图如图所示；（3）1.45，0.56点评：本题考查测量电动势和内电阻实验，要知道实验注意事项，知道实验原理与实验注意事项即可正确解题四计算题（本题共3小题，共34分解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤只写出最后答案的不能得分有数值计算的题，答案中必须明确写出
37、数值和单位）19（10分）如图所示，质量为m、电荷量为e的粒子从A点以v0的速度垂直电场线沿直线AO方向射入匀强电场，由B点飞出电场时速度方向与AO方向成45，已知AO的水平距离为d，不计重力求：（1）从A点到B点所用的时间；（2）粒子在B点的速度大小；（3）匀强电场的电场强度大小考点：带电粒子在匀强电场中的运动 专题：带电粒子在电场中的运动专题分析：（1）粒子从A点以v0的速度沿垂直电场线方向射入电场，水平方向做匀速直线运动，竖直方向做初速度为零的匀加速直线运动，由水平距离d和初速度v0可求出时间（2）将粒子射出电场的速度进行分解，求出在B点的速度；（3）将粒子射出电场的速度进行分解，求出竖
38、直方向分速度vy，由牛顿第二定律和vy=at结合求出电场强度E解答：解：（1）粒子从A点以v0的速度沿垂直电场线方向射入电场，水平方向做匀速直线运动，则有：t=（2）由B点飞出电场时速度方向与AO方向成45，则粒子在B点的速度大小v=，（3）根据牛顿第二定律得：a=将粒子射出电场的速度v进行分解，则有 vy=v0tan45=v0，又vy=at，得：v0=，解得：E=答：（1）从A点到B点所用的时间为；（2）粒子在B点的速度大小为；（3）匀强电场的电场强度大小为点评：本题运用运动的分解法研究类平抛运动，关键将速度进行分解，由牛顿第二定律和运动学公式相结合进行研究，不难20（10分）如图所示的电路
39、中，匀强磁场的磁感应强度为B，在同一水平面上固定着平行金属轨道MN和PQ，两轨道间的距离为l金属杆ab沿垂直轨道方向放置在两轨道上，金属杆ab在MN和PQ间的电阻为r，且与轨道接触良好R1=R2=R，电容器的电容为C，轨道光滑且不计轨道的电阻若金属杆ab在某一水平拉力的作用下以速度v沿金属轨道向右做匀速直线运动（1）流过电阻R1的电流为多大？（2）电容器的带电量为多大？（3）这个水平拉力及其功率分别为多大？考点：导体切割磁感线时的感应电动势；闭合电路的欧姆定律 专题：电磁感应与电路结合分析：（1）金属杆ab做切割磁感线运动，产生感应电动势，由E=Blv求得感应电动势由于此感应电动势不变，电容器
40、相当于开关断开，根据闭合电路欧姆定律求出流过电阻R1的电流（2）电容器板间电压等于R1两端的电压，由部分电路欧姆定律求得电压，由Q=CU求得电量（3）因金属棒匀速运动，拉力与这安培力平衡，拉力的功率等于电路的电功率解答：解：（1）金属杆ab做切割磁感线运动，产生感应电动势为：E=Blv流过电阻R1的电流为：I=（2）R1两端的电压为：U=IR1=所以电容器的带电量为：Q=CU=（3）金属棒所受的安培力为：F安=BIl=，因金属棒匀速运动，则：F=F安=，P=Fv=答：（1）流过电阻R1的电流为（2）电容器的带电量为（3）这个水平拉力及其功率分别为和点评：本题是电磁感应与力学、电路知识的简单综合
41、，掌握法拉第定律、欧姆定律、安培力等等公式就能正确解答21（14分）一个质量为m电荷量为q的带电粒子从x轴上的P（a，0）点以速度v沿与x正方向成60的方向射入第一象限内的匀强磁场中，并恰好垂直于y轴射出第一象限，进入第二象限的匀强电场中，电场强度为E不计粒子重力，求：（1）匀强磁场的磁感应强度的大小；（2）带电粒子在磁场中的运动时间；（3）带电粒子在电场中速度第一次为零时的坐标考点：带电粒子在匀强磁场中的运动；牛顿第二定律；向心力 专题：带电粒子在磁场中的运动专题分析：（1）粒子在磁场中做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力，由牛顿第二定律可以求出磁感应强度（2）根据粒子在磁场中转过的圆心角与粒
42、子做圆周运动的周期求出粒子在磁场中的运动时间（3）根据几何知识求得粒子射出点离O点的距离粒子在电场中做匀减速直线运动，由匀变速直线运动的位移公式求出位移，然后答题解答：解：（1）设磁感应强度为B，粒子在磁场中做匀速圆周运动的半径为r粒子在磁场中做匀速圆周运动，洛仑兹力提供向心力，由牛顿第二定律得：qvB=m ，粒子运动轨迹如图所示，由几何知识得：r= 由解得：B= ；（2）设粒子在磁场中做匀速圆周运动的周期为T，则：T= 由图知，粒子在磁场中做圆周运动对应的圆心角为：= 粒子在磁场中运动的时间：t=T 由解得：t= ；（3）粒子离开磁场时，离O的距离为：y=r+rcos60=a，粒子在电场中做匀减速直线运动，x=，粒子速度第一次为零时的坐标为（，a）；答：（1）匀强磁场的磁感应强度的大小为；（2）带电粒子在磁场中的运动时间为：；（3）带电粒子在电场中速度第一次为零时的坐标为（，a）点评：本题考查了求粒子在磁场中的运动，考查了求磁感应强度、粒子的运动时间，粒子在磁场中做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力，应用牛顿第二定律、周期公式即可正确解题，解题时要注意几何知识的应用