1、武汉市 2022 届高中毕业生四月调研考试 物理答案及评分参考 一选择题：本题共 11 小题，每小题 4 分，共 44 分。1B 2B 3D 4C 5C 6B 7A 8AC 9AC 10BD 11BD 二非选择题：本题共 5 小题，共 56 分。12（7 分）（1）10 （2 分）（2）（2 分）（3）160 （1 分）19 （2 分）13（9 分）（1）在 y 轴和 x 轴都居中 1 分（2）10.000 2 分（3）1dt 2dt 1211()mdStt 4 分（4）A 2 分 14（9 分）（1）a 光的入射角o153=，折射角o230=，根据折射定律 21sinsin=n 2 分 解得
2、1.6n=2 分（2）a、b 两束光打到荧光屏上的点分别记为 P1、P2，OC 连线与荧光屏的交点记为 P，有 o1PP2tan30R=2 分 o2PPtan53R=2 分 则荧光屏上两光点之间的距离为 21(42 3)P P3R=1 分 1/3 15（15 分）（1）由图（b）可知，碰撞后 Q 的速度是 v2=6m/s，Q 运动至 D 点的速度是 v3=4m/s 2 分 设 Q 从 B 点运动到 D 点的过程中克服摩擦力做的功为 Wf，根据动能定理，有 2222 32211222fm gRWm vm v=2 分 解得 0.4JfW=1 分（2）设碰撞前 P 的速度为 v0，碰撞后 P 的速度
3、为 v1，根据动量守恒定律和机械能守恒定律，有 1 01 122m vm vm v=+2 分 2221 01 122111222m vm vm v=+2 分 解得 019m/s3m/svv=P 向左减速运动，停在 AB 中点，根据功能关系，有 21 1AB122fm v=2 分 P 从 A 点释放后向右运动，根据功能关系，有 2P1 01AB2Efm v=2 分 联立解得 P4.95JE=2 分 16（16分）（1）设小球进入第 1 个电磁场区域上边界的速度大小为 v1，小球从电磁场下边界穿出的速度方向与竖直方向的夹角为 1，小球从 O 点释放到达第 1 个电磁场区域前做自由落体运动，有 21
4、2vgd=1 分 在第 1 个电磁场区，小球受到重力 mg、电场力 qE 和洛伦兹力1qv B 作用做匀速圆周运动，有 mg=qE 1 分 根据牛顿第二定律及向心力公式，有 2111vqv Bm R=1 分 根据几何关系，有 11sindR=1 分 联立解得 2/3 1sin2qBdmg=2 分（2）设小球进入第 n 个电磁场区域上边界的速度大小为 vn，方向与竖直方向夹角为 n，运动半径为 Rn，小球从电磁场下边界穿出时的速度方向与竖直方向的夹角为 n，小球穿过第 n 个电磁场区域的示意图如下：小球在第 2 个无电磁场的区域中运动时，沿水平方向做匀速运动，有 1122sinsinvv=1 分
5、 小球在第 2 个电磁场区域中做匀速圆周运动时，根据牛顿第二定律及向心力公式，有 2222vqv Bm R=1 分 根据几何关系，有 2222sinsinRRd=1 分 联立解得 2211sinsinRRd=1 分 同理，有 3322sinsinRRd=11sinsinnnnnRRd=联立解得 11sinsin(1)nnRRnd=2 分 小球到达第 n 个电磁场区域的上边界时，根据动能定理，有 212nmg ndmv=1 分 小球在第 n 个电磁场中做匀速圆周运动时，根据牛顿第二定律及向心力公式，有 2nnnvqv Bm R=联立解得 sin2nqBndmg=由题意可知 sin1n=1 分 解得2222m gnq B d=，将222421m gdq B=代入解得 n=10.5 1 分 故小球到达第 11 个有电磁场分布区域时，将不能从该区域的下方射出。1 分 3/3
