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内蒙古集宁一中2017-2018学年高一上学期12月月考化学试题 WORD版含解析.doc

1、内蒙古集宁一中2017-2018学年高一12月月考化学试题一、选择题1. 下列各组离子中,在碱性溶液中能大量共存,且溶液为无色透明的是()A. K、Cl、B. Na、ClC. 、Na、Ba2D. Na、H、【答案】B【解析】A项,在碱性溶液中,四种离子之间不反应,能大量共存,但MnO4-在溶液中为紫色,与无色溶液不符,故A错误;B项,在碱性溶液中,四种离子之间不反应,能大量共存,且都为无色,符合题意,故B正确;C项,一般的碱性条件下HCO3-不能大量共存,且SO42-与Ba2+反应生成沉淀,故C错误;D项,碱性条件下,H+不能大量共存,故D错误。点睛:本题考查离子共存问题,离子大量共存就是离子

2、之间不发生任何反应,注意把握常见离子的性质及题中的限制条件,若溶液为无色,则有颜色的离子的不能大量存在,中学阶段常考的有颜色离子应熟记:Cu2+、Fe3+、Fe2+、MnO4-等;能在碱性条件下大量共存,题中隐含条件为:溶液中存在大量OH-,则除了各离子间不发生任何反应外,与OH-也不会反应。2. 在反应:KIO36HI=3I2KI3H2O中,氧化产物与还原产物的物质的量之比为()A. 11 B. 61C. 15 D. 51【答案】D3. 下列反应的离子方程式书写正确的是()A. 钠和冷水反应:Na2H2O=Na2OHH2B. 金属铝溶于NaOH溶液:2Al2H2O2OH=23H2C. 金属铝

3、溶于盐酸中:2Al3H=Al33H2D. 氢氧化铜溶于稀硫酸:HOH=H2O【答案】B【解析】A项,离子反应要遵循电荷守恒,钠和冷水反应的离子方程式是:2Na+2H2O=2Na+2OH-+H2,故A错误;B项,金属铝具有两性,能和强碱溶液反应生成偏铝酸盐和氢气,所以金属铝溶于NaOH溶液离子方程式:2Al+2H2O+2OH-=2AlO2-+3H2,故B正确;C项,金属铝溶于盐酸的离子反应为:2Al+6H+=2Al3+3H2,故C错误;氢氧化铜是难溶物,书写离子方程式时不能拆,正确的离子方程式为:Cu(OH)2+2H+=Cu2+2H2O,故D错误。4. 金属钠投入到下列溶液中,既有气体放出,又有

4、蓝色沉淀生成的是()A. 盐酸 B. 氯化钠溶液C. 氯化铜溶液 D. 氯化镁溶液【答案】C【解析】A项,金属钠投入盐酸中直接反应生成氯化钠和氢气,无沉淀生成,故A错误;B项,钠与水反应生成氢氧化钠和氢气,氢氧化钠与氯化钠溶液不反应,所以没有沉淀生成,故B错误;C项,钠与水反应生成氢氧化钠和氢气,氢氧化钠与氯化铜反应生成蓝色Cu(OH)2沉淀氢氧化铜,故C正确;D项,钠与水反应生成氢氧化钠和氢气,氢氧化钠和氯化镁反应生成白色沉淀氢氧化镁,故D错误。点睛:本题考查了金属钠的性质,明确发生的反应及生成物的溶解性是解题关键,再结合生成物的颜色分析解答。注意钠投入到盐溶液中,钠先和水反应生成氢氧化钠和

5、氢气,然后氢氧化钠可能和某些盐发生复分解反应,例如题中C、D两项,复分解反应分别生成蓝色和白色沉淀,选出符合题意选项的即可。5. 铝分别与足量的稀盐酸和氢氧化钠溶液反应时,当两个反应放出的气体在相同状况下体积相等时,反应中消耗的盐酸和氢氧化钠的物质的量之比为()A. 11 B. 21 C. 31 D. 13【答案】C 6. 下列有关焰色反应的表述确切的是()A. 焰色反应是元素的特有性质B. 焰色反应是单质的特有性质C. 焰色反应是离子的特有性质D. 焰色反应是化合物的特有性质【答案】A【解析】很多金属或它们的化合物在灼烧时都会使火焰呈现出特殊的颜色,这在化学上叫做焰色反应(物理变化)。根据上

6、述焰色反应的定义可知,无论某元素的单质还是化合物在灼烧时都呈现相同的特殊颜色,所以焰色反应是元素的特有性质,故选A。7. 下列说法不正确的是()A. Na2CO3比NaHCO3易溶于水B. Na2CO3比NaHCO3稳定C. Na2CO3和NaHCO3都能与澄清石灰水反应得到白色沉淀D. 物质的量相等的Na2CO3和NaHCO3分别与足量盐酸反应得CO2的物质的量之比为21【答案】D【解析】A项,相同温度下,Na2CO3比NaHCO3的溶解度大,所以Na2CO3比NaHCO3更易溶于水,故A正确;B项,NaHCO3受热容易分解,而Na2CO3不容易分解,所以Na2CO3热稳定性比NaHCO3强

7、,即Na2CO3比NaHCO3稳定,故B正确;C项,碳酸钠和氢氧化钙反应的化学方程式为:Na2CO3+Ca(OH)2=CaCO3+2NaOH,碳酸氢钠和氢氧化钙反应的化学方程式为:NaHCO3+Ca(OH)2=CaCO3+H2O+NaOH(碱过量),2NaHCO3+Ca(OH)2=Na2CO3+CaCO3+2H2O(碱不足),所以都能得到白色沉淀,故C正确;D项,根据碳原子守恒,碳酸钠、碳酸氢钠与足量盐酸反应生成二氧化碳的关系式分别为:Na2CO3CO2,NaHCO3CO2,可得:物质的量相等的Na2CO3和NaHCO3分别与足量盐酸反应,成的二氧化碳的物质的量是相同的,故D错误。二、非选择题

8、8. 在一定条件下,和I可以发生反应,离子方程式为6I6H=R3I23H2O。根据计算回答:(1)中n值为_;(2)每有0.2mol参加反应,转移的电子数目为_。【答案】 (1). 1 (2). 1.2NA或1.26.021023【解析】(1)离子方程式必须遵循电荷守恒,所以:-n-1+6=-1,解得,n=1。(2)根据离子方程式,1molRO3n-与6molI正好反应,因为I元素的化合价由-10,所以6molI反应转移6mol电子,因此1molRO3n-参加反应转移6mol电子,数目为6NA或66.021023,故每有0.2molRO3n-参加反应,转移的电子数目为1.2NA或1.26.02

9、1023。9. 实验室常用浓盐酸与二氧化锰反应来制取少量氯气,反应的化学方程式为:MnO24HCl(浓) MnCl2Cl22H2O。先将一定量的二氧化锰溶解在200mL浓盐酸中,当反应生成8.96L(标况下)Cl2时,测得剩余溶液中盐酸的浓度为2mol/L(假设反应前后溶液的体积不变)。回答下列问题:(1)盐酸在反应中表现出的性质为_。(2)写出上述制取Cl2的离子方程式:_ 。(3)计算反应耗用MnO2的质量为_g,被氧化的HCl的物质的量为_ mol,起始HCl的物质的量浓度为_mol/L.【答案】 (1). 还原性、酸性 (2). MnO24H+ 2Cl-(浓) Mn2+Cl22H2O

10、(3). 34.8 (4). 0.8 (5). 10【解析】(1)该反应部分HCl中Cl元素化合价不变,生成MnCl2,部分Cl元素化合价升高,所以浓盐酸表现酸性和还原性。(2)由化学方程式MnO24HCl(浓)MnCl2Cl22H2O改写为离子方程式时,二氧化锰、氯气、水在离子方程式中应保留化学式,则离子方程式为MnO2+4H+2Cl-Mn2+Cl2+2H2O。(3)在标准状况下8.96LCl2的物质的量为:8.96L22.4Lmol-1=0.4mol,由化学方程式可得反应耗用MnO2的物质的量为0.4mol,质量为:0.4mol87gmol-1=34.8g;根据氯原子守恒,被氧化的HCl的

11、物质的量为:0.4mol2=0.8mol;共消耗HCl:0.4mol4=1.6mol,剩余溶液中HCl为:2mol/L0.2L=0.4mol,所以起始HCl的物质的量浓度为:(1.6mol+0.4mol)0.2L=10mol/L。点睛:本题通过实验室制取氯气的反应,考查氧化还原反应、离子反应及物质的量浓度的计算,判断该反应中HCl表现的性质时,要注意不要漏掉酸性,一般反应中若有盐生成,则酸会表现酸性;本题难点是盐酸物质的量浓度的计算,先根据Cl2求得参加反应的HCl,再加上未反应的HCl,最后根据c=n/V求得结果;易错点是参加反应的HCl与被氧化的HCl的关系。10. 某化学兴趣小组利用如图

12、装置进行“铁与水反应”的实验,并检验产物的性质,请回答下列问题:(1)A装置的作用是_。(2)B中反应的化学方程式为_。(3)E中的现象是_。(4)A、B两个装置中应先点燃_处的酒精(喷)灯,点燃E处酒精灯之前应进行的操作是_。【答案】 (1). 产生水蒸气 (2). 3Fe4H2O(g) Fe3O44H2 (3). 黑色固体变为红色,管壁右侧有水珠产生(有前半句就给分) (4). A (5). 收集H2,并检验其纯度【解析】(1)铁与水反应是在高温条件下进行的,水的状态是气态,所以A装置的作用是提供水蒸气。(2)B是铁与水蒸气反应装置,产物为四氧化三铁和氢气,化学方程式为:3Fe+4H2O(

13、g)Fe3O4+4H2。(3)B中产生的氢气进入E装置,在加热条件下还原氧化铜生成铜单质和水,所以E中黑色固体变为红色,硬质玻璃管右端管壁有水珠产生。(4)若先点燃B处酒精(喷)灯,铁会与氧气发生反应,所以必须先点燃A处酒精灯;氢气是可燃性气体混有空气会发生爆炸,所以点燃E处酒精灯之前应先收集H2,并检验其纯度。点睛:本题通过铁与水蒸气反应的实验,考查了实验操作中的注意事项及氢气还原氧化铜的实验。解题时需明确实验目的,按气体流向分析每个装置,结合反应条件及反应物和生成物的性质,弄清各装置的作用。在实验操作中要先点燃A处酒精灯产生水蒸气,防止Fe与氧气反应;氢气还原氧化铜的实验,气体进入E装置前

14、要干燥,否则硬质玻璃管可能炸裂,D处的碱石灰就是干燥氢气的,还要注意检验氢气纯度的操作:收集一试管气体,将试管口靠近酒精灯火焰,若发出“噗”的声音,说明气体纯净;若发生尖锐爆鸣声,说明气体不纯。尽管本题对氢气还原氧化铜的实验考查得并不详细,但也要明确上面这些操作注意事项。11. A、B、C、D、E五种物质的焰色反应都呈黄色,A、B分别与水反应都有气体放出,同时都生成C溶液,A与水反应放出的气体具有还原性,B与水反应放出的气体具有氧化性,C与适量的F气体反应生成D,F是导致温室效应的主要气体,D溶液与F气体反应生成E,E加热能够生成D和F气体。根据以上叙述回答下列问题:(1)写出下列物质的化学式

15、:A_、B_、C_、D_、E_。(2)B是否为碱性氧化物_(填“是”或“否”),B通常用作_(写一种用途),现有7.8g B与水反应得到200ml溶液,所得溶液的物质的量浓度为_mol/L。(3)按要求完成方程式:写出E加热生成D和F的化学方程式_;写出B与F反应的化学方程式_。【答案】 (1). Na (2). Na2O2 (3). NaOH (4). Na2CO3 (5). NaHCO3 (6). 否 (7). 供氧剂(其他合理答案也可,如漂白剂、消毒剂、氧化剂) (8). 1 (9). 2NaHCO3Na2CO3H2OCO2 (10). 2Na2O22CO2=2Na2CO3O2【解析】A

16、、B、C、D、E五种物质的焰色反应都呈黄色,则均含Na元素,A、B分别与水反应都有气体放出,A与水反应放出的气体具有还原性,B与水反应放出的气体具有氧化性,则A为Na,B为Na2O2,同时都生成溶液C,则C为NaOH,F是导致温室效应的主要气体,则F为CO2,C与适量F气体反应生成D,D溶液与F气体反应生成E,E加热能够生成D和F气体,所以D为Na2CO3,E为NaHCO3。(1)由上述分析,A、B、C、D、E五种物质的化学式分别为:Na、Na2O2、NaOH、Na2CO3、NaHCO3。(2)碱性氧化物指与水反应只生成相应价态的碱,或与酸反应只生成盐和水的氧化物,B为Na2O2,属于过氧化物,不是碱性氧化物;Na2O2具有强氧化性且容易与水或CO2反应生成氧气,所以可以作供氧剂、氧化剂、漂白剂、消毒剂等;7.8gNa2O2的物质的量为7.8g78g/mol=0.1mol,根据钠原子守恒,与水反应生成0.2molNaOH,所得溶液的物质的量浓度为:0.2mol0.2L=1mol/L。(3)E为NaHCO3,受热易分解生成Na2CO3、CO2和H2O,化学方程式为:2NaHCO3Na2CO3H2OCO2。B为Na2O2,F为CO2,二者反应生成Na2CO3和O2,化学方程式为:2Na2O22CO2=2Na2CO3O2。

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