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2014届高三物理二轮复习专题讲练:重力 弹力 摩擦力(必修1含解析).doc

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资源描述

1、相互作用1.滑动摩擦力、动摩擦因数、静摩擦力 三年3考2.形变、弹性、胡克定律 三年3考3.矢量和标量 三年1考4.力的合成和分解 三年11考5.共点力的平衡 三年10考实验二:探究弹力和弹簧伸长的关系 三年2考实验三:验证力的平行四边形定则 三年5考重力 弹力 摩擦力一、重力和弹力1.重力(1)产生:由于_的吸引而使物体受到的力.(2)大小:与物体的质量成_,即G=_.可用_测量重力.(3)方向:总是_.(4)重心:其位置与其_分布和形状有关.【答案】地球 正比 mg 弹簧测力计 竖直向下的 质量2.弹力(1)定义:发生_的物体由于要恢复原状而对与它接触的物体产生的作用力.(2)产生的条件.

2、物体间直接_;接触处发生_.(3)方向:总是与物体形变的方向_.【答案】弹性形变 接触 弹性形变 相反 (4)大小胡克定律.内容:弹簧发生_时,弹力的大小跟弹簧伸长(或缩短)的长度x成_.表达式:F=_.k是弹簧的_,由弹簧自身的性质决定,单位是_,用符号_表示.x是弹簧长度的_,不是弹簧形变以后的长度. 【答案】弹性形变 正比 kx 劲度系数 牛顿每米 N/m 变化量二、摩擦力1.定义:两个相互接触的物体,当它们发生相对运动或具有相对运动的趋势时,在接触面上产生阻碍_或_的力.2.产生条件(1)接触面_;(2)接触处有_;(3)两物体间有_或_.3.方向:与受力物体相对运动或相对运动趋势的方

3、向_.【答案】相对运动 相对运动趋势粗糙 弹力 相对运动 相对运动趋势相反 4.大小(1)滑动摩擦力:Ff=_;(2)静摩擦力:_2(m+M)g时,长木板便开始运动D 无论怎样改变F的大小,长木板都不可能运动【答案】选A 、D 【详解】木块向右滑行,木块受到水平向左的滑动摩擦力,其大小Ff=1mg,则木板受到木块水平向右的滑动摩擦力为1mg,由于木板处于静止状态,故木板受到地面的静摩擦力的大小一定是1mg,方向水平向左,A 正确,B 错误;力F发生变化,只能改变木块的运动状态,但木块所受的滑动摩擦力不会发生变化,因此长木板仍保持静止状态,C 错误、D正确.3.如图所示,两辆车在以相同的速度做匀

4、速运动;根据图中所给信息和所学知识你可以得出的结论是( )A 物体各部分都受重力作用,但可以认为物体各部分所受重力集中于一点B 重力的方向总是垂直向下的C 物体重心的位置与物体形状和质量分布有关D 力是使物体运动的原因【答案】AC【详解】物体各部分都受重力作用,但可以认为物体各部分所受重力集中于一点,这个点就是物体的重心,故A正确;重力的方向总是和水平面垂直,是竖直向下而不是垂直向下,故B 错误;从图中可以看出,汽车(包括货物)的形状和质量分布发生了变化,重心的位置就发生了变化,故C 正确;力不是使物体运动的原因,而是使物体发生形变或产生加速度的原因,故D 错误.4.(2013兴化模拟)实验室

5、常用的弹簧测力计如图甲所示,弹簧的一端与连接有挂钩的拉杆相连,另一端固定在外壳上的O点,外壳上固定一个圆环,整个外壳重为G,弹簧和拉杆的质量忽略不计.现将该弹簧测力计以如图乙和丙的两种方式固定在地面上,并分别用同样的力F0(F0G)竖直向上拉弹簧测力计,则稳定后弹簧测力计的读数分别为( )A 乙图读数为F0-G,丙图读数为F0+GB .乙图读数为F0+G,丙图读数为F0-GC 乙图读数为F0,丙图读数为F0-GD 乙图读数为F0-G,丙图读数为F0【答案】选D 【详解】弹簧测力计的读数与弹簧的形变成正比,按图乙方式外壳受力F0=F+G,则弹簧测力计的读数F=F0-G,按图丙方式弹簧测力计的读数

6、直接由F0引起,弹簧测力计的读数为F0,正确.5.(2013南通模拟)如图所示,水平桌面上平放一叠共计54张的扑克牌,每一张的质量均为m.用一手指以竖直向下的力压第1 张牌,并以一定速度向右移动手指,确保手指与第1 张牌之间有相对滑动.设最大静摩擦力与滑动摩擦力相同,手指与第1张牌之间的动摩擦因数为1,牌间的动摩擦因数均为2 ,第54张牌与桌面间的动摩擦因数为3 ,且有123.则下列说法正确的是( )A 第2 张牌到第53 张牌之间可能发生相对滑动B.第2 张牌到第53 张牌之间不可能发生相对滑动C.第1 张牌受到手指的摩擦力向左D第54 张牌受到水平桌面的摩擦力向左【答案】选B D 【详解】

7、由题意知,第1张牌受到手指的摩擦力方向向右,错误;如果第2张牌到第53张牌之间发生了相对滑动,则其中的某一张牌受到的来自于其上方的牌的摩擦力F上必大于其所受来自下方牌的摩擦力F下,牌之间的摩擦因数均为2,令每张牌的重力为mg,令F上=2FN,则F下=2(mg+FN),总有F下F上,即从第2张牌到第53张牌之间不可能有相对滑动发生.将第2张牌到第53张牌视为一个整体,该整体受第1张牌的摩擦力向右,由牛顿第三定律知第53张牌对第54张牌的摩擦力向右,则桌面对第54张牌的摩擦力必向左.6.(2013银川模拟)在水平力F作用下,重为G的物体沿墙壁匀速下滑,如图所示.若物体与墙之间的动摩擦因数为,则物体

8、所受的摩擦力的大小为( )A.FB .F+GC .GD .【答案】选、.【详解】由Ff=FN得Ff=F,正确,错误;由竖直方向二力平衡得Ff=G,正确,错误.7.(2013揭阳模拟)如图所示,物体P放在粗糙水平面上,左边用一根轻弹簧与竖直墙相连,物体静止时弹簧的长度小于原长.若再用一个从0开始逐渐增大的水平力F向右拉P,直到拉动,那么在P被拉动之前的过程中,弹簧对P的弹力FT的大小和地面对P的摩擦力Ff的大小的变化情况是( )A.弹簧对P的弹力FT始终增大,地面对P的摩擦力始终减小B 弹簧对P的弹力FT保持不变,地面对P的摩擦力始终增大C 弹簧对P的弹力FT保持不变,地面对P的摩擦力先减小后增

9、大D 弹簧对P的弹力FT先不变后增大,地面对P的摩擦力先增大后减小【答案】选B 【详解】在P被拉动之前的过程中,弹簧长度不变,弹簧对P的弹力FT的大小保持不变;由于弹簧长度小于原长,P有向右的运动趋势,所受静摩擦力向左,用一个从0开始逐渐增大的水平力F向右拉P的过程中,地面对P的摩擦力始终增大,选项正确.8.(2013成都市高三摸底测试)缓冲装置可抽象成如右图所示的简单模型,图中、为原长相等、劲度系数分别为k1、k2(k1k2)的两个不同的轻质弹簧下列表述正确的是()A 装置的缓冲效果与两弹簧的劲度系数无关B 垫片向右移动稳定后,两弹簧产生的弹力之比F1F2k1k2C 势片向右移动稳定后,两弹

10、簧的长度之比l1l2k2k1D 垫片向右移动稳定后,两弹簧的压缩量之比x1x2k2k1【答案】D 【详解】根据力的作用是相互的可知:轻质弹簧A、B中的弹力是相等的,即k1x1k2x2,所以两弹簧的压缩量之比x1x2k2k1,故D正确9如图,物体M在竖直向上的拉力F的作用下能静止在斜面上,关于M受力的个数,下列说法中正确的是()AM一定是受两个力作用BM一定是受四个力作用C M可能受三个力作用D M不是受两个力作用就是受四个力作用【答案】【详解】若拉力F大小等于物体的重力,则物体与斜面没有相互作用力,所以物体就只受到两个力作用;若拉力F小于物体的重力时,则斜面对物体产生支持力和静摩擦力,故物体应

11、受到四个力作用,D正确10如图所示,将一质量为3m的长木板静止地放在水平地面上,另一质量为m的木块以水平初速度v0滑上长木板,若木块与木板、木板与地面间的动摩擦因数均为,则在木块与长木板相对静止之前,长木板受地面的摩擦力大小为()A mg B 2mgC 3mg D 4mg【答案】【详解】木块对木板的摩擦力向右,大小为mg,木板静止,木板水平方向合力为0,故地面对木板的摩擦力向左,大小为mg.11.木块A 、B分别重50 N 和60 N,它们与水平地面之间的动摩擦因数均为0.25;夹在、之间的轻弹簧被压缩了2 cm,弹簧的劲度系数为400 N/m.系统置于水平地面上静止不动.现用F1 N的水平拉

12、力作用在木块上,如图所示,求力F作用后木块、所受摩擦力的大小.【详解】未加F时,木块A 、B 受力平衡,所受静摩擦力等于弹簧的弹力,即FAFBF弹kx4000.02 N8 N(3分)木块B受地面的最大静摩擦力为: (3分)施加F后,对木块B有: (2分)故所受摩擦力仍为静摩擦力,其大小为:FBFF弹9 N(2分)施加F后,木块所受摩擦力仍为静摩擦力,大小为:FA8 N(2分)【答案】8 N9 N12. (2013铜陵模拟)如图所示,倾角为的光滑斜面A B C放在水平面上,劲度系数分别为k1、k2的两个轻弹簧沿斜面悬挂着,两弹簧之间有一质量为m1的重物,最下端挂一质量为m2的重物,此时两重物处于平衡状态,现把斜面ABC绕A点缓慢地顺时针旋转90后,重新达到平衡.试求m1、m2分别沿斜面移动的距离.【详解】没旋转时,两弹簧均处于伸长状态,两弹簧伸长量分别为x1、x2k2x2=m2gsin(2分)解得 (1分)k2x2+m1gsin=k1x1(2分)解得 (1分)旋转后,两弹簧均处于压缩状态,压缩量分别为x1、x2m2gcos=k2x2(2分)解得 (1分)(m1+m2)gcos=k1x1(2分)解得 (1分)所以m1移动的距离 (2分)m2移动的距离 (2分)【答案】

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