1、江苏省南京师范大学附属中学2020届高三物理下学期六月押题本试卷分第卷(选择题)和第卷(非选择题)两部分满分120分，考试时间100分钟第卷(选择题共31分)一、 单项选择题：本题共5小题，每小题3分，共15分每小题只有一个选项符合题意1. 下列说法正确的是()A. 伽利略用“逻辑归缪法”得出物体下落快慢由它们的质量决定B. 开普勒在前人工作的基础上发现了万有引力定律C. 密立根通过扭秤实验，比较准确地测定了元电荷的数值D. 安培提出著名的分子电流假说，他认为分子电流使每个物质微粒成为一个微小的磁体，它的两侧相当于两个磁极2. 如图所示，在两水平极板间存在匀强电场和匀强磁场，电场方向竖直向下，
2、磁场方向垂直于纸面向里一带电粒子以某一速度沿水平直线通过两极板若不计重力，下列四个物理量中哪一个改变时，粒子运动轨迹不会改变()A. 粒子所带电荷量 B. 粒子速度的大小C. 电场强度 D. 磁感应强度3. 如图所示，a、b两个闭合线圈用同样的导线制成，匝数均为10匝，半径ra2rb，图示区域内有匀强磁场，且磁感应强度随时间均匀减小，则下列说法正确的是()A. a、b线圈中产生的感应电流方向均为逆时针方向B. a、b线圈均有扩张趋势C. a、b线圈中产生的感应电动势之比EaEb21D. a、b线圈中产生的感应电流之比IaIb414. 如图所示，将某小球从同一位置斜向上抛出，其中有两次小球垂直撞
3、在竖直墙上，不计空气阻力，则下列说法正确的是()A. 小球两次撞墙的速度可能相等B. 从抛出到撞墙，两次小球在空中运动的时间相同C. 小球两次抛出时速度的竖直分量可能相等D. 小球抛出时的动能，第一次可能比第二次小5. 一物体静止在水平地面上，在竖直向上拉力F作用下开始向上运动，如图甲所示，在物体向上运动过程中，其机械能E与位移x的关系图象如图乙所示，已知曲线上A点的切线斜率最大，不计空气阻力，则下列说法错误的是()A. 在x1处物体所受拉力最大B. 0x1过程中合外力增大C. 在x1x2过程中，物体的加速度一直减小D. 在x1x2过程中，物体的动能先增大后减小二、 多项选择题：本题共4小题，
4、每小题4分，共16分每小题有多个选项符合题意，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，错选或不答的得0分6. 北斗卫星导航系统是中国自行研制的全球卫星导航系统，也是继GPS、GLONASS和GALILEO之后的第四个成熟的卫星导航系统该系统中的主力卫星是中圆地球轨道卫星(MEO)，其圆周运动绕行周期为12小时，多颗该种卫星协同工作能使信号全球覆盖下列关于中圆地球轨道卫星的说法正确的是()A. 其半径为地球同步卫星轨道半径的一半B. 其圆周运行线速度小于7.9 km/sC. 其轨道平面必定与赤道平面共面D. 其向心加速度大于地球同步卫星轨道的向心加速度7. 阴极射线示波管的聚焦电场是由电极A1、A
5、2形成，实线为电场线，虚线为等势线，Z轴为该电场的中心轴线，P、Q、R为一个从左侧进入聚焦电场的电子运动轨迹上的三点，则()A. 电极A1的电势低于电极A2的电势B. 电场中Q点的电场强度小于R点的电场强度C. 电子在P点处的动能大于在Q点处的动能D. 电子从P至R的运动过程中，电场力对它一直做正功8. 如图所示，变压器为理想变压器，副线圈中三个电阻的阻值大小关系为R1R22r2 ，电流表为理想交流电表，原线圈输入正弦式交流电e220sin 100t(V)，开关S断开时，电阻r消耗的电功率为100 W下列说法正确的是()A. 通过电阻r的电流方向每秒钟变化100次B. 开关S闭合前后，电流表的
6、示数之比为23C. 开关S闭合前后，电阻R1两端的电压之比为23D. 变压器原副线圈的匝数之比为2239. 如图所示为某工厂用传送带传送工件的示意图，传送带从底端A到顶端B的长度为L，与水平方向间夹角为.工件从传送带下端A位置轻放于传送带上，初速度忽略不计，工件运动s1距离与传送带速度相同，此时立即放上另一个工件，每个工件质量均为m，与传送带之间的动摩擦因数，重力加速度为g，传送带始终以速率v稳定运行，设L10s1，下列说法正确的是()A. 若匀速运动的相邻工件之间的距离是s2，则s22s1B. 传送带运行相当长一段时间后传送带消耗的电功率将保持不变C. 每个工件与传送带之间由于摩擦产生的热量
7、大小为Qmgs1cos D. 传送一个工件到顶端，摩擦力对工件做的功为Wmv2mgLsin Q，Q为该工件与传送带之间摩擦生热第卷(非选择题共89分)三、 简答题：本题分必做题(第10、11、12题)和选做题(第13题)两部分，共42分请将解答填写在相应的位置 【必做题】10. (8分)某小组利用气垫导轨装置探究“做功与物体动能改变量之间的关系”图1中，遮光条宽度为d，光电门可测出其挡光时间滑块与遮光条的总质量为M，钩码质量为m，总共有5个，滑轮和导轨摩擦可以忽略实验步骤如下：图1 打开气源，调节气垫导轨使其水平，将滑块轻放到导轨上，并将所有钩码放到滑块上； 将滑块静止放在导轨右侧的某一位置，
8、测出遮光条到光电门的距离为S； 从滑块上取出一个钩码挂在左侧细线下端，释放滑块记录遮光条经过光电门的挡光时间t； 再从滑块上取出一个钩码挂在左侧钩码下端，从相同位置由静止释放滑块，记录遮光条经过光电门的挡光时间； 重复步骤，直至滑块上的钩码全部挂到左侧钩码下端请完成下面问题：(1) 如图2所示，本实验应该使用游标卡尺的_(选填“A”“B”或“D”)部分测量，测量动作完成时，应先将_(选填“C”或“E”)紧固，然后再读数(2) 本实验使用的是10分度的游标卡尺，测得遮光条宽度d如图3所示，则d_mn.(3) 滑块经过光电门时的速度可用v_(用题中所给的字母表示)计算(4) 假设操作过程左侧钩码重
9、力做功为W，且根据以上步骤综合实验数据得到W的图线如图4所示，则图线的斜率k_(用题中所给的字母表示)11. (10分)某同学利用以下器材设计一个电路来描绘出小灯泡的UI曲线(如图甲所示)，器材如下：A. 小灯泡 B. 电流表(量程0.6 A，内阻约为0.4 )C. 电压表(量程6 V，内阻约为10 000 ) D. 滑动变阻器R1(010 )E. 滑动变阻器R2(01 000 ) F. 电源(电动势为6 V，内阻约为1 )G. 开关，导线若干(1) 滑动变阻器应选_(选填“D”或“E”)(2) 在图乙中画出他设计的实验电路图(根据该电路设计可得到UI关系的完整曲线)(3) 根据小灯泡UI关系
10、的完整曲线可知小灯泡电阻随电压的增大而_(填选“增大”“减小”或“不变”)(4) 如果将小灯泡与某电池相连，该电池的电动势为6.0 V，内电阻为8 ，则： 当如图丙所示，将1个该小灯泡与该电池相连时，小灯泡的电阻RL_(保留两位有效数字) 当如图乙所示，将2个相同的该种小灯泡串联后再与该电池相连，其中1个小灯泡的功率PL_W(保留两位有效数字)12. 【选修35】(12分)(1) 下列说法正确的是_A. 核反应堆中常用镉棒作为“慢化剂”，使快中子减速B. 天然放射现象的发现，揭示了原子核具有内部结构C. 卢瑟福通过粒子的散射实验，发现了原子的核式结构D. 实物粒子的运动速度越大，其物质波的波长
11、就越大(2) 如图甲所示是研究光电效应规律的光电管，用绿光照射阴极K，实验测得流过电流表G的电流I与AK之间的电势差UAK满足如图乙所示规律结合图象，每秒钟阴极发射的光电子数N_个；光电子飞出阴极K时的最大动能为_eV.(3) 1919年，卢瑟福用粒子轰击氮核发现质子科学研究表明其核反应过程是：粒子轰击静止的氮核后形成了不稳定的复核，复核发生衰变放出质子，变成氧核设粒子质量为m1，初速度为v0，氮核质量为m2，质子质量为m0，氧核的质量为m3，假设光速为c，不考虑相对论效应 粒子轰击氮核形成不稳定复核的瞬间，复核的速度为多大？ 此过程中释放的核能【选做题】13. 本题包括A、B两小题，请选定其
12、中一题作答若都作答，则按A小题评分A. 选修33(12分)(1) 对应四幅图，下列说法正确的有_A. 根据分子间的作用力与距离的关系可知当分子间距rr0时，分子势能最大B. 根据某种气体分子速率分布图可判断T1T2C. 水的饱和汽压随温度的升高而增大，与饱和汽的体积无关D. 根据某理想气体的pT关系图可知此理想气体为等容变化(2) 某日中午，南京市空气相对湿度为65%，将一满瓶水倒去一部分，刚拧紧瓶盖时(瓶子静止放置)，单位时间内进入水中的水分子数_(选填“多于”“少于”或“等于”)从水面飞出的水分子数再经过一段时间后，瓶内水的上方形成饱和汽，此时瓶内气压_(选填“大于”“小于”或“等于”)外
13、界大气压(3) 游客到高原旅游常购买便携式氧气袋，袋内密闭一定质量的氧气，可视为理想气体温度为27 时，袋内气体压强为2 atm，体积为10 L，求袋内氧气的分子数已知阿伏加德罗常数为6.01023 mol1，在标准状况(压强p01 atm、温度t00 )下，理想气体的摩尔体积都为22.4 L/mol.(计算结果保留两位有效数字)B. 选修34(12分)(1) 关于下列四幅图的说法，正确的有_A. 图甲是两种光现象图案，上方为光的干涉条纹、下方为光的衍射条纹B. 图乙中飞快行驶的火车车厢中央发出一束闪光，地面上的人认为光同时到达前后壁C. 图丙中C摆开始振动后，A、B、D三个摆中D摆的振幅最大
14、D. 图丁为两列水波在水槽中产生的干涉图样，振动加强区域与减弱区域是交替出现的(2) 一列简谐横波沿x轴正方向传播，在t0时刻的波形图如图所示已知这列波在P点出现两次波峰的最短时间为0.4 s，这列波的波速是_m/s；再经_s质点R第二次到达波峰(3) 反光膜是一种广泛用于道路交通标志的材料，基本结构如图所示光照射到反光膜的玻璃珠上时，经折射后射到反射层反射，最终平行于原入射方向反向射出玻璃珠玻璃珠是半径为R的均匀球体，AB是入射光线，其出射光线与光线AB的间距为R. 请作出光线AB从射入到射出玻璃珠的完整光路图； 求玻璃珠的折射率n，四、 计算题：本题共3小题，共47分解答时请写出必要的文字
15、说明、方程式和重要的演算步骤只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位14. (15分)如图甲所示，MN、PQ两条平行的光滑金属轨道与水平面成30角固定，M、P之间接电阻箱R，导轨所在空间存在匀强磁场，磁场方向垂直于轨道平面向上质量为m0.2 kg的金属杆ab水平放置在轨道上，其接入电路的阻值为r.现从静止释放杆ab，测得最大速度为vm.改变电阻箱的阻值R，得到vm与R的关系如图乙所示已知MN、PQ两平行金属轨道间距离为L1 m，重力加速度g取10 m/s2，轨道足够长且电阻不计求：(1) 金属杆ab运动过程中所受安培力的最大值；(2) 磁感应强度B的大小和r的阻值
16、；(3) 当变阻箱R取4 ，且金属杆ab在下滑l9.0 m前速度已达最大，ab杆下滑9.0 m的过程中，电阻R上产生的焦耳热15. (16分)如图所示为某实验装置示意图，A、B、O在同一竖直线上，一根轻质弹性绳一端固定在天花板上A点，另一端绕过B处的定滑轮后系在一个质量为m0.8 kg的小物体上，小的体置于地面上O处时，弹性绳中弹力为mg，将小物体向右推到O1点，OO1距离为x10.3 m，小物体由静止释放，并水平向左滑行，当小物体经过O点时与弹性绳脱离，之后恰能运动至M处，OM距离为s0.075 m，已知弹性绳原长等于AB距离，且始终不超过弹性限度，弹性势能为Epk(l)2，l为形变量大小，
17、小物体与地面的动摩擦因数为0.5，g10 m/s2.求：(1) 小物体运动到O位置时的速度大小v；(2) 弹性绳的劲度系数k；(3) 小物体的向左最大速度vm.16. (16分)如图所示，两矩形边界内分布有匀强磁场，AF的长度为l，AGEF内磁场垂直于平面向外，大小为B，FECD内磁场垂直于平面向里，大小为2B，一带正电的粒子，电荷量为q，质量为m，沿AG方向射入磁场，入射速度大小可调，不计粒子的重力(1) 若粒子第一次到达FE边界时，速度方向恰好垂直于FE，则求粒子速度v0的大小？(2) 假设AG长度足够长，为使粒子不从CD边射出，则FD的长度至少为多少？(3) 假设FD长度足够长，FE的长
18、度为1.5l，求为使粒子能到达G点，粒子速度v0的可能值？物理参考答案及评分标准1. D2. A3. B4. D5. C6. BD7. AD8. ABD9. AC10. (1) B(1分)C(1分)(2) 10.2(2分)(3) (2分)(4) (2分)11. (1) D(2分)(2) 如图所示(2分)(3) 增大(2分)(4) 8.18.7(2分)0.490.53(2分)12. (1) BC(4分)(2) 51012(2分)0.5(2分)(3) 解： 设复核的速度为v，由动量守恒定律得m1v0(m1m2)v解得v(2分) 质量亏损为m(m1m2)(m0m3)由质能方程得释放核能为E(m1m2
19、m0m3)c2(2分)13. A. (1) CD(4分)(2) 少于(2分)大于(2分)(3) 解：由理想气体状态方程得V0 L18.2 L(2分)氧气分子数为NNA610234.91023个(2分)B. (1) AD(4分)(2) 10(2分)1.1(2分)(3) 解： 光路图如图所示(1分) 设射入B点光线的入射角为1，折射角为2，则sin 1，122(1分)由折射定律有n(1分)解得n1.73(1分)14. 解：(1) 杆下滑过程中F合mgsin ma(2分)当加速度a0时，v最大，FA最大，FAmmgsin 1 N(2分)(2) 由得当a0时，vm(1分)由图象数据得2，4(2分)解得
20、r2 ，B1 T(2分)(3) 由得，当R4 时，vm6 m/s(2分)由能量守恒与转化得mglsin mvQ总(2分)解得Q总5.4 J(1分)由能量分配关系得QRQ总3.6 J(1分)15. 解：(1) OM过程：由动能定理mgsmv2(2分)得v m/s(2分)(2) O1O过程：分析弹力在水平方向上的分量Fxklcos kx即Fx与相对O点的水平位移x成正比(1分)分析弹力在竖直方向上的分量Fyklsin khBO恒量mg即O1O过程中支持力FN恒量mgmgmg(1分)由动能定理(kx10)x1mgx1mv2(2分)解得k20 N/m(2分)另外用弹性势能公式求解，也正确(3) 设O2
21、点速度最大，此处受力平衡kx2mg，得x20.1m(2分)O1O2过程：由动能定理(kx1kx2)(x1x2)mg(x1x2)mv(2分)解得vm1 m/s(2分)另外用弹性势能公式求解，也正确16. 解：(1) 由几何关系得半径rl(1分)由Bqv0(2分)得v0(1分)(2) 设粒子入射方向与EF夹角为，最低点距离EF高度为h则由几何关系得hr2(1cos )，cos (2分)因为r1，r2(2分)综合可得hll(定值)，即FD的长度至少为l(1分)(3) 由几何关系得第二次到达AG时向右推进的距离为x2(r1r2)sin 3r1sin 由题意知到达G点的条件为nx1.5l(n为正整数)，即3nr1sin 1.5l(1分)又由sin ，联立得r1(l)(1分)讨论恰好不从AD边出射的临界情况：由几何关系得sin ，cos ，r1min(1cos )l(1分)解得r1min(96)l(1分)所以(l)(96)l解得n28.4，即n可取1或2(1分)当n1时，r1，v0(1分)当n2时，r1，v0(1分)