1、2015-2016学年吉林省延边三中高三（上）月考物理试卷（12月份）一选择题（每小题至少一个正确答案，每题5分，共50分）1某质点的位移随时间的变化规律的关系是：s=4t+2t2，s与t的单位分别为m和s，则质点的初速度与加速度分别为( )A4m/s与2m/s2B0与4m/s2C4m/s与4m/s2D4m/s与02运动学中有人认为引入“加速度的变化率”没有必要，然而现在有人指出“加速度的变化率”能引起人的心理效应，车辆的平稳加速（即加速度基本不变）使人感到舒服，否则人感到不舒服，关于“加速度的变化率”，下列说法正确的是( )A从运动学角度的定义，“加速度的变化率”的单位应是m/s3B加速度的
2、变化率为0的运动是匀速直线运动C若加速度与速度同方向，如图所示的at图象，表示的是物体的速度在减小D若加速度与速度同方向，如图所示的at图象，已知物体在t=0时速度为5m/s，则2s末的速度大小为8m/s3下列说法正确的是( )A两个共点力的合力为一定值，则一个力的两个分力也是定值B物体做曲线运动时，其合力的瞬时功率可能为零C一对平衡力所做功可能为零，也可能大小相等、一正一负D在月球上举重比在地球上容易，所以同一个物体在月球上比在地球上惯性小E在国际单位制中，质量、长度、时间、电流都属于基本物理量4如图所示，倾角为的斜面上只有AB段粗糙，其余部分都光滑，AB段长为3L有若干个相同的小方块（每个
3、小方块的边长远小于L）沿斜面靠在一起，但不粘接，总长为L将它们由静止释放，释放时下端距A为2L当下端运动到A下面距A为L/2时物块运动的速度达到最大下列说法正确的是( )A小方块与斜面的动摩擦因数=2tanB小方块停止运动时下端与A点的距离为2LC要使所有小方块都能通过B点，由静止释放时小方块下端与A点距离至少为3LD若将题中的若干相同的小方块改为长为L，质量分布均匀的条状滑板，其余题设不变，要让滑板能通过B点，则滑板静止释放时，其下端与A点的距离至少为3L5一辆汽车正在做匀加速直线运动，计时之初，速度为6m/s，运动28m后速度增加到8m/s，则下列说法正确的是( )A这段运动所用时间是4
4、sB这段运动的加速度是3.5 m/s2C自开始计时起，2 s末的速度是7 m/sD从开始计时起，经过14 m处的速度是5 m/s6某人从五楼走到一楼的过程中，重力做了6103 J的功，则( )A人的重力势能减少了6103JB人的重力势能增加了6103JC人的动能减少了6103JD人的机械能增加了6103J7如图为“高分一号”与北斗导航系统两颗卫星在空中某一面内运动的示意图“北斗”系统中两颗卫星“G1”和“G3”以及“高分一号”均可认为绕地心O做匀速圆周运动卫星“G1”和“G3”的轨道半径为r，某时刻两颗工作卫星分别位于轨道上的A、B两位置，“高分一号”在C位置若卫星均顺时针运行，地球表面处的重
5、力加速度为g，地球半径为R，不计卫星间的相互作用力则以下说法正确的是( )A卫星“G1”和“G3”的加速度大小相等均为B卫星“G1”由位置A运动到位置B所需的时间为C对“高分一号”卫星加速即可使其在原来轨道上快速到达B位置的下方D“高分一号”是低轨道卫星，其所在高度有稀薄气体，运行一段时间后，高度会降低，速度增大，机械能会增大8小球从空中自由下落，与水平地面碰后弹到空中某一高度，其速度随时间变化的关系如图所示取g=10m/s2则( )A小球第一次反弹初速度的大小为5m/sB小球第一次反弹初速度的大小为3m/sC小球能弹起的最大高度为0.45mD小球能弹起的最大高度为1.25m9“快乐向前冲”节
6、目中有这样一种项目，选手需要借助悬挂在高处的绳飞跃到鸿沟对面的平台上，如果已知选手的质量为m，选手抓住绳由静止开始摆动，此时绳与竖直方向夹角为，绳的悬挂点O距平台的竖直高度为H，绳长为L，不考虑空气阻力和绳的质量，下列说法正确的是( )A选手摆到最低点时所受绳子的拉力为mgB选手摆到最低点时处于超重状态C选手摆到最低点时所受绳子的拉力大小大于选手对绳子的拉力大小D选手摆到最低点的运动过程中，其运动可分解为水平方向的匀加速运动和竖直方向上的匀加速运动10小物块随足够长的水平传送带一起运动，被一水平向左飞来的子弹击中并从物块中穿过（子弹与物块作用时间极短），如图1所示固定在传送带右端的位移传感器纪
7、录了小物块被击中后的位移x随时间t的变化关系图象如图2所示（图象前3s内为二次函数，34.5s内为一次函数，取向左运动的方向为正方向）已知传送带的速度保持不变，g取10m/s2下列说法正确的是( )A物块被子弹击中后向左运动的初速度是4m/sB传送带与物块间的动摩擦因数为0.1C传送带的速度大小为1m/sD物块在传送带上滑过的痕迹是9m二填空题（每空2分，共20分11如图所示，把两支完全相同的密度计分别放在甲、乙两种液体中，所受到的浮力为F甲和F乙，则F甲_F乙；若它们的液面相平，则两液体对容器底部的压强关系是P甲_P乙12如图1所示的装置研究光电效应现象，当用光子能量为5eV的光照射到光电管
8、上时，测得电流计上的示数随电压变化的图象如图2所示则光电子的最大初动能为_J，金属的逸出功为_J13足球守门员在发门球时，将一个静止的质量为0.4kg的足球，以10m/s的速度踢出，若守门员踢球的时间为0.1s，则足球的平均加速度为_m/s2；足球沿草地作直线运动，速度不断减小，设加速度大小恒为2m/s2，3s后足球运动到距发球点20m的后卫队员处，则此过程中，足球运动的平均速度为_m/s，后卫队员接到球时，足球的速度为_m/s14某同学在测定匀变速直线运动的加速度时，得到了几条较为理想的纸带，已知在每条纸带每5个计时点取好一个计数点，两个计数点之间的时间间隔为0.1s，依打点时间顺序编号为0
9、、1、2、3、4、5，由于不小心，纸带被撕断了，如图所示请根据给出的A、B、C、D四段纸带回答：（1）在B、C、D三段纸带中选出从纸带A上撕下的那段应是_（2）打A纸带时，物体的加速度大小是_m/s215如图所示，竖直平面内存在竖直向下的匀强电场，质量为m的带正电小球以速度V0从O点沿OX轴水平射入，且恰好能通过A点，OA与x轴成30角，则小球通过A点时的动能为多少？三、实验题（共10分）16在“探究平抛运动规律”的实验中：在做“研究平抛运动”的实验时，让小球多次沿同一轨道运动，通过描点法画小球做平抛运动的轨迹为了能较准确地描绘运动轨迹，A通过调节使斜槽的末端保持_B每次释放小球的位置必须_（
10、填“相同”或者“不同”）C每次必须由_释放小球（“运动”或者“静止”）D小球运动时不应与木板上的白纸相接触E将球的位置记录在纸上后，取下纸，将点连成_（“折线”或“直线”或“光滑曲线”）某同学在做“研究平抛物体的运动”的实验中，忘记记下小球抛出点的位置O，如图所示，A为物体运动一段时间后的位置g取10m/s2，根据图象，可知平抛物体的初速度为_；小球抛出点的位置O的坐标为（_，_）17有一游标卡尺，主尺的最小分度是1mm，游标卡尺上有20个小的等分刻度用它测量一小球的直径，如图1所示的读数是_mm用螺旋测微器测量一根金属丝的直径，如图2所示的读数是_mm四计算题（本大题包括2小题，共20分解答
11、应写出必要的文字说明方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）18如图，一端封闭、粗细均匀的U形玻璃管开口向上竖直放置，管内用水银将一段气体封闭在管中当温度为280K时，被封闭的气柱长L=22cm，两边水银柱高度差h=16cm，大气压强p0=76cm Hg（1）为使左端水银面下降3cm，封闭气体温度应变为多少？（2）封闭气体的温度重新回到280K后为使封闭气柱长度变为20cm，需向开口端注入的水银柱长度为多少？19严重的雾霾天气，圣国计民生已造成了严重的影响，汽车尾气是形成雾霾的重要污染源，“铁腕治污”已成为国家的工作重点，地铁列车可实现零
12、排放，大力发地铁，可以大大减少燃油公交车的使用，减少汽车尾气排放，若一地铁列车从甲站由静止启动后做直线运动，先匀加速运动20s达到最高速度72km/h，再匀速运动80s，接着匀减速运动15s到达乙站停住设列车在匀加速运动阶段牵引力为1106N，匀速阶段牵引力的功率为6103kW，忽略匀减速运动阶段牵引力所做的功（1）求甲站到乙站的距离；（2）如果燃油公交车运行中做的功与该列车从甲站到乙站牵引力做的功相同，求公交车排放气体污染物的质量（燃油公交车每做1J功排放气体污染物3109kg）2015-2016学年吉林省延边三中高三（上）月考物理试卷（12月份）一选择题（每小题至少一个正确答案，每题5分，
13、共50分）1某质点的位移随时间的变化规律的关系是：s=4t+2t2，s与t的单位分别为m和s，则质点的初速度与加速度分别为( )A4m/s与2m/s2B0与4m/s2C4m/s与4m/s2D4m/s与0【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系 【专题】直线运动规律专题【分析】将所给公式与匀变速直线运动位移公式进行对比即可得出正确结果【解答】解：物体做匀变速直线运动的位移公式为： 题目中公式可改变为： 比较可得：v0=4m/s，a=4m/s2，故ABD错误，C正确故选C【点评】本题出题思路比较巧妙，考察了学生对运动学公式的熟练程度以及类比法的应用2运动学中有人认为引入“加速度的变化率”没有必要，
14、然而现在有人指出“加速度的变化率”能引起人的心理效应，车辆的平稳加速（即加速度基本不变）使人感到舒服，否则人感到不舒服，关于“加速度的变化率”，下列说法正确的是( )A从运动学角度的定义，“加速度的变化率”的单位应是m/s3B加速度的变化率为0的运动是匀速直线运动C若加速度与速度同方向，如图所示的at图象，表示的是物体的速度在减小D若加速度与速度同方向，如图所示的at图象，已知物体在t=0时速度为5m/s，则2s末的速度大小为8m/s【考点】加速度 【专题】直线运动规律专题【分析】速度的变化率是指加速度的变化与所用时间的比值，加速度变化率为0的运动是指加速度保持不变的运动，加速与速度同向物体做
15、加速运动，加速度与速度反向做减速运动【解答】解：A、加速度的变化率是指加速度的变化与所用时间的比值，即，根据单位制知，其单位为m/s3，故A正确；B、加速度变化率为0是指加速度保持不变，如果加速度为0则物体做匀速直线运动，如果加速度不为0，则物体做匀变速运动，故B错误；C、若加速度与速度同向，则物体作加速运动，如图示加速度减小，则物体速度增加得变慢了，但仍是加速运动，故C错误；D、根据vt图象可知，图象与时间轴所围图形面积表示物体的位移，同理在at图象中可知图象与时间轴所围图形的面积表示物体速度的变化量即v，则得：v=m/s=3m/s由于加速度与速度同向，故物体做变加速直线运动，已知初速度为5
16、m/s，则小球在2s末的速度为8m/s，故D正确故选：AD【点评】本题主要考查物体运动时加速度的定义，知道在at图象中图象与时间轴所围图形的面积表示物体速度的变化量，能理解加速运动与减速运动由加速度与速度方向决定而不是由加速度的大小变化决定3下列说法正确的是( )A两个共点力的合力为一定值，则一个力的两个分力也是定值B物体做曲线运动时，其合力的瞬时功率可能为零C一对平衡力所做功可能为零，也可能大小相等、一正一负D在月球上举重比在地球上容易，所以同一个物体在月球上比在地球上惯性小E在国际单位制中，质量、长度、时间、电流都属于基本物理量【考点】惯性；力学单位制 【分析】一个受变力作用的物体做曲线运
17、动时，如果速度为力垂直，功率为零，一对平衡力是作用在一个物体上，其合力为零，惯性只跟质量有关，跟其他任何因数无关，单位制包括基本单位和导出单位，规定的基本量的单位叫基本单位，国际单位制规定了七个基本物理量分别为长度、质量、时间、热力学温度、电流、光强度、物质的量它们的在国际单位制中的单位称为基本单位【解答】解：A、根据平行四边形定则可知，一个力可以分解成无数组分力，故A错误；B、物体做曲线运动时，如果速度和力垂直，功率为零，如匀速圆周运动，故B正确；C、平衡力做功之和为零，故可能都不做功，或一个正功一个负功，且大小一定相等，故C正确；D、惯性只跟质量有关，跟其他任何因数无关，故D错误；E、国际
18、单位制规定了七个基本物理量，分别为长度、质量、时间、热力学温度、电流、光强度、物质的量，故E正确故选：BCE【点评】本题主要考查了力的分解原则、惯性的影响因素以及国际单位制等知识点，都是一些基本概念题，难度不大，属于基础题4如图所示，倾角为的斜面上只有AB段粗糙，其余部分都光滑，AB段长为3L有若干个相同的小方块（每个小方块的边长远小于L）沿斜面靠在一起，但不粘接，总长为L将它们由静止释放，释放时下端距A为2L当下端运动到A下面距A为L/2时物块运动的速度达到最大下列说法正确的是( )A小方块与斜面的动摩擦因数=2tanB小方块停止运动时下端与A点的距离为2LC要使所有小方块都能通过B点，由静
19、止释放时小方块下端与A点距离至少为3LD若将题中的若干相同的小方块改为长为L，质量分布均匀的条状滑板，其余题设不变，要让滑板能通过B点，则滑板静止释放时，其下端与A点的距离至少为3L【考点】动能定理；牛顿第二定律 【专题】定性思想；推理法；动能定理的应用专题【分析】当下端运动到A下面距A为时物块运动的速度达到最大，则此时物体加速度为零，受力平衡，根据平衡条件即可求解动摩擦因数；运用动能定理即可求得物块停止时的位置，在不同过程两次运用动能定理，列出方程组即可求解【解答】解：A、当整体所受合外力为零时，整体速度最大，设整体质量为m，则有：解得：=2tan，故A正确；B、设物块停止时下端距A点的距离
20、为x，根据动能定理得：mgcos（xL）=0解得：x=3L，即物块的下端停在B端，故B错误；C、设静止时物块的下端距A的距离为s，物块的上端运动到A点时速度为v，根据动能定理得：mg（L+s）sin=0物块全部滑上AB部分后，小方块间无弹力作用，取最上面一块为研究对象，设其质量为m，运动到B点时速度正好减到零，根据动能定理得：mg3Lsinmg3Lcos=0两式联立可解得：s=3L，故C正确；D、若将题中的若干相同的小方块改为长为L，质量分布均匀的条状滑板，其余题设不变，则当下端运动到A下面距A为时，受到的摩擦力比没有改成条状滑板的大，则要让滑板能通过B点，则滑板静止释放时，其下端与A点的距离
21、最小要大于3L，故D错误故选：AC【点评】本题主要考查了动能定理的直接应用，要求同学们能选取合适的过程运用动能定理求解，特别注意若将题中的若干相同的小方块改为长为L，质量分布均匀的条状滑板，其余题设不变，则当下端运动到A下面距A为时，受到的摩擦力比没有改成条状滑板的大，难度适中5一辆汽车正在做匀加速直线运动，计时之初，速度为6m/s，运动28m后速度增加到8m/s，则下列说法正确的是( )A这段运动所用时间是4 sB这段运动的加速度是3.5 m/s2C自开始计时起，2 s末的速度是7 m/sD从开始计时起，经过14 m处的速度是5 m/s【考点】匀变速直线运动的速度与时间的关系 【专题】定性思
22、想；推理法；直线运动规律专题【分析】根据匀变速直线运动的速度位移公式求出汽车的加速度，结合速度时间公式求出所用的时间，以及两秒末的速度结合速度位移公式求出经过14m处的速度【解答】解：A、根据v2v=2ax得，加速度：a=m/s2=0.5m/s2汽车运动的时间：t=s=4s故A正确，B错误C、2s末的速度为：v=v0+at=6+0.52m/s=7m/s故C正确D、根据v2v=2ax带入数据得：v=5 m/s故D正确故选：ACD【点评】解决本题的关键掌握匀变速直线运动的运动学公式，并能灵活运用6某人从五楼走到一楼的过程中，重力做了6103 J的功，则( )A人的重力势能减少了6103JB人的重力
23、势能增加了6103JC人的动能减少了6103JD人的机械能增加了6103J【考点】动能和势能的相互转化；功的计算 【分析】根据功能关系可知，重力势能的减小量等于重力做的功，动能的减少量等于合外力做的功，机械能的变化量等于除重力以外的力所做的功【解答】解：A、根据功能关系可知，重力势能的减小量等于重力做的功，所以人的重力势能减少了6103J，故A正确B错误；C、从五楼走到一楼的初末位置动能都为零，动能没有变化，故C错误；D、从五楼走到一楼时，动能不变，重力势能减小，所以机械能减小了，故D错误故选：A【点评】本题考查了功能关系，知道重力势能的减小量等于重力做的功，动能的减少量等于合外力做的功，机械
24、能的变化量等于除重力以外的力所做的功，难度不大，属于基础题7如图为“高分一号”与北斗导航系统两颗卫星在空中某一面内运动的示意图“北斗”系统中两颗卫星“G1”和“G3”以及“高分一号”均可认为绕地心O做匀速圆周运动卫星“G1”和“G3”的轨道半径为r，某时刻两颗工作卫星分别位于轨道上的A、B两位置，“高分一号”在C位置若卫星均顺时针运行，地球表面处的重力加速度为g，地球半径为R，不计卫星间的相互作用力则以下说法正确的是( )A卫星“G1”和“G3”的加速度大小相等均为B卫星“G1”由位置A运动到位置B所需的时间为C对“高分一号”卫星加速即可使其在原来轨道上快速到达B位置的下方D“高分一号”是低轨
25、道卫星，其所在高度有稀薄气体，运行一段时间后，高度会降低，速度增大，机械能会增大【考点】人造卫星的加速度、周期和轨道的关系；万有引力定律及其应用 【专题】运动学与力学（二）；人造卫星问题【分析】A、根据万有引力提供向心力，以及黄金代换式GM=gR2求卫星的加速度大小B、根据万有引力提供向心力求出卫星的角速度，然后通过转过的角度求出时间C、“高分一号”卫星速度增大，万有引力不够提供向心力，做离心运动，轨道半径变大，速度变小，路程变长，运动时间变长D、“高分一号”是低轨道卫星，其所在高度有稀薄气体，要克服阻力做功，机械能减小【解答】解：A、根据万有引力提供向心力，得a=而GM=gR2所以卫星的加速
26、度故A错误B、根据万有引力提供向心力，得所以卫星1由位置A运动到位置B所需的时间t=，故B正确C、“高分一号”卫星加速，将做离心运动，轨道半径变大，速度变小，路程变长，运动时间变长，故如果调动“高分一号”卫星快速到达B位置的下方，必须对其减速，故C错误D、“高分一号”是低轨道卫星，其所在高度有稀薄气体，克服阻力做功，机械能减小故D错误故选：B【点评】解决本题的关键掌握万有引力提供向心力，以及黄金代换式GM=gR28小球从空中自由下落，与水平地面碰后弹到空中某一高度，其速度随时间变化的关系如图所示取g=10m/s2则( )A小球第一次反弹初速度的大小为5m/sB小球第一次反弹初速度的大小为3m/
27、sC小球能弹起的最大高度为0.45mD小球能弹起的最大高度为1.25m【考点】自由落体运动；功能关系 【专题】自由落体运动专题【分析】由速度时间图象可得出小球的运动规律，图线与时间轴围成的面积表示物体通过的位移大小【解答】解：A、B、由vt图可知，小球第一次反弹后的速度为3m/s，故A错误，B正确；C、D、弹起后的负向位移为：h=0.45m，故C正确，D错误；故选：BC【点评】本题考查图象的应用，重点明确vt图象与时间轴围成的面积表示物体通过的位移大小9“快乐向前冲”节目中有这样一种项目，选手需要借助悬挂在高处的绳飞跃到鸿沟对面的平台上，如果已知选手的质量为m，选手抓住绳由静止开始摆动，此时绳
28、与竖直方向夹角为，绳的悬挂点O距平台的竖直高度为H，绳长为L，不考虑空气阻力和绳的质量，下列说法正确的是( )A选手摆到最低点时所受绳子的拉力为mgB选手摆到最低点时处于超重状态C选手摆到最低点时所受绳子的拉力大小大于选手对绳子的拉力大小D选手摆到最低点的运动过程中，其运动可分解为水平方向的匀加速运动和竖直方向上的匀加速运动【考点】机械能守恒定律；牛顿运动定律的应用-超重和失重；向心力 【专题】机械能守恒定律应用专题【分析】选手向下摆动过程中，机械能守恒，由机械能守恒求出选手摆到最低点时的速度在最低点时绳子拉力和重力的合力提供向心力，由牛顿第二定律求拉力选手在最低点松手后，做平抛运动，明确了整
29、个过程的运动特点，依据所遵循的规律即可正确求解【解答】解：A、选手在摆动过程中机械能守恒，有：mgl（1cos）=mv2 设绳子拉力为T，在最低点有：Tmg=m 联立解得：T=（32cos）mg，故A错误；B、选手摆到最低点时向心加速度竖直向上，Tmg，因此处于超重状态，故B正确C、绳子对选手的拉力和选手对绳子的拉力属于作用力和反作用力，因此大小相等，方向相反，故C错误；D、选手摆到最低点的运动过程中，沿绳子方向有向心加速度，沿垂直绳子方向做加速度逐渐减小的加速运动，其运动不能分解为水平方向的匀加速运动和竖直方向上的匀加速运动，故D错误故选：B【点评】本题属于圆周运动与平抛运动的结合，对于这类
30、问题注意列功能关系方程和向心力公式方程联合求解10小物块随足够长的水平传送带一起运动，被一水平向左飞来的子弹击中并从物块中穿过（子弹与物块作用时间极短），如图1所示固定在传送带右端的位移传感器纪录了小物块被击中后的位移x随时间t的变化关系图象如图2所示（图象前3s内为二次函数，34.5s内为一次函数，取向左运动的方向为正方向）已知传送带的速度保持不变，g取10m/s2下列说法正确的是( )A物块被子弹击中后向左运动的初速度是4m/sB传送带与物块间的动摩擦因数为0.1C传送带的速度大小为1m/sD物块在传送带上滑过的痕迹是9m【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系 【专题】应用
31、题；定量思想；图析法；传送带专题【分析】根据图示图象应用匀变速直线运动的位移公式求出物块的速度与加速度，然后由牛顿第二定律求出动摩擦因数；根据图示图象求出传送带的速度大小，应用匀变速直线运动规律求出传送带与物块的位移，然后求出痕迹的长度【解答】解：A、由图示图象可知，前3s内，物块的位移先增大后减小，图象前3s内为二次函数，子弹击中物块后物块向左做匀减速直线运动，物块的位移：x=v0t+at2，由图示图象可知，t=1s时x=3m，t=2s时x=4m，代入位移公式得：3=v01+a12，4=v02+a22，解得：v0=4m/s，a=2m/s2，故A正确；B、对物块，由牛顿第二定律得：mg=ma，
32、解得：=0.2，故B错误；C、由图示图象可知，34.5s内为一次函数，此时物块与传送带相对静止，一起做匀速直线运动，则传送带的速度：v=2m/s，故C错误；D、由图示图象可知，物块向左减速滑动的位移：x1=4m，向右加速运动的位移：x2=43=1m，物块相对传送带滑动的时间t=3s，在你此期间传送带的位移：x=vt=23=6m，物块在传送带上滑过痕迹的长度：x=x1+xx2=4+61=9m，故D正确；故选：AD【点评】本题考查了求物块初速度、传送带速度、动摩擦因数与痕迹长度问题，分析清楚图示图象、根据图示图象分析清楚物块的运动过程是解题的关键，应用匀变速直线运动的运动规律、牛顿第二定律可以解题
33、二填空题（每空2分，共20分11如图所示，把两支完全相同的密度计分别放在甲、乙两种液体中，所受到的浮力为F甲和F乙，则F甲=F乙；若它们的液面相平，则两液体对容器底部的压强关系是P甲P乙【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用 【专题】共点力作用下物体平衡专题【分析】密度计受重力和浮力平衡；根据P=gh判断两液体对容器底部的压强关系【解答】解：如图所示，把两支完全相同的密度计分别放在甲、乙两种液体中，因为两支密度计都漂浮在液面上，所以密度计所受到的浮力（与重力相等）F甲=F乙由图可知甲密度计排开液体的体积较大，由浮力公式G=F浮=液gV排可知甲乙，因为它们的液面相平，由压强公式p
34、=液gh可知两液体对容器底部的压强关系是P甲P乙故答案为：=，【点评】本题的解题关键是通过密度计的状态判断出两种液体密度大小的关系12如图1所示的装置研究光电效应现象，当用光子能量为5eV的光照射到光电管上时，测得电流计上的示数随电压变化的图象如图2所示则光电子的最大初动能为3.21019J，金属的逸出功为4.81019J【考点】光电效应 【专题】光电效应专题【分析】该装置所加的电压为反向电压，发现当电压表的示数大于或等于2V时，电流表示数为0，知道光电子点的最大初动能为2eV，根据光电效应方程EKm=hW0，求出逸出功光电子的最大初动能与入射光的频率成线性关系，而光的强度不会改变光电子的最大
35、初动能，从而判断是否电流表是否有示数【解答】解：由图2可知，当该装置所加的电压为反向电压，当电压是2V时，电流表示数为0，知道光电子点的最大初动能为：2eV=3.21019J，根据光电效应方程EKm=hW0，W0=3eV=4.81019J故答案为：3.21019； 4.81019【点评】解决本题的关键掌握光电效应的条件，以及光电效应方程EKm=hW0注意光的入射频率决定光电子最大初动能，而光的强度不影响光电子的最大初动能13足球守门员在发门球时，将一个静止的质量为0.4kg的足球，以10m/s的速度踢出，若守门员踢球的时间为0.1s，则足球的平均加速度为100m/s2；足球沿草地作直线运动，速
36、度不断减小，设加速度大小恒为2m/s2，3s后足球运动到距发球点20m的后卫队员处，则此过程中，足球运动的平均速度为6.7m/s，后卫队员接到球时，足球的速度为4m/s【考点】平均速度；加速度 【专题】直线运动规律专题【分析】根据加速度的定义式求出足球的加速度根据求出足球的平均速度；根据匀变速直线运动的速度时间公式求出足球的速度【解答】解：加速度平均速度根据v=v0+at得，v=1023m/s=4m/s故本题答案为：100，6.7，4【点评】解决本题的关键掌握加速度的定义式以及平均速度的公式14某同学在测定匀变速直线运动的加速度时，得到了几条较为理想的纸带，已知在每条纸带每5个计时点取好一个计
37、数点，两个计数点之间的时间间隔为0.1s，依打点时间顺序编号为0、1、2、3、4、5，由于不小心，纸带被撕断了，如图所示请根据给出的A、B、C、D四段纸带回答：（1）在B、C、D三段纸带中选出从纸带A上撕下的那段应是B（2）打A纸带时，物体的加速度大小是6.6m/s2【考点】测定匀变速直线运动的加速度 【专题】实验题【分析】根据连续相等时间内的位移之差是一恒量，求出位移之差，从而确定4、5点间的距离，选择正确的那段根据x=aT2求出物体的加速度【解答】解：（1）相邻相等时间内的位移之差为：x=36.630.0cm=6.6cm则4、5点间的距离为：x45=x12+2x=36.6+6.62cm=4
38、9.8cm故B正确故选：B（2）根据匀变速直线运动的推论公式x=aT2可以求出加速度的大小，得：a=6.6m/s2故答案为：（1）B（2）6.6【点评】要提高应用匀变速直线的规律以及推论解答实验问题的能力，在平时练习中要加强基础知识的理解与应用15如图所示，竖直平面内存在竖直向下的匀强电场，质量为m的带正电小球以速度V0从O点沿OX轴水平射入，且恰好能通过A点，OA与x轴成30角，则小球通过A点时的动能为多少？【考点】电势差与电场强度的关系；电场强度 【专题】电场力与电势的性质专题【分析】小球在电场中受到重力和电场力而做类平抛运动，水平方向不受力做匀速运动，运用速度合成，求出P点的速度，再求出
39、动能【解答】解：小球做类平抛运动，有：tan30=，得：v0，故在A点的动能为：m（）=答：小球通过A点时的动能为【点评】本题考查灵活选择解题规律的能力类平抛运动通常用动力学方法处理三、实验题（共10分）16在“探究平抛运动规律”的实验中：在做“研究平抛运动”的实验时，让小球多次沿同一轨道运动，通过描点法画小球做平抛运动的轨迹为了能较准确地描绘运动轨迹，A通过调节使斜槽的末端保持水平B每次释放小球的位置必须相同（填“相同”或者“不同”）C每次必须由静止释放小球（“运动”或者“静止”）D小球运动时不应与木板上的白纸相接触E将球的位置记录在纸上后，取下纸，将点连成光滑曲线（“折线”或“直线”或“光
40、滑曲线”）某同学在做“研究平抛物体的运动”的实验中，忘记记下小球抛出点的位置O，如图所示，A为物体运动一段时间后的位置g取10m/s2，根据图象，可知平抛物体的初速度为2；小球抛出点的位置O的坐标为（20cm，5cm）【考点】研究平抛物体的运动 【专题】实验题【分析】（1）保证小球做平抛运动必须通过调节使斜槽的末端保持水平，因为要画同一运动的轨迹，必须每次释放小球的位置相同，且由静止释放，以保证获得相同的初速度，实验要求小球滚下时不能碰到木板平面，避免因摩擦而使运动轨迹改变，最后轨迹应连成平滑的曲线（2）根据平抛运动竖直方向上相邻相等时间内的位移之差是一恒量求出相等的时间间隔，结合水平位移求出
41、小球的初速度，根据某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度求出A点的竖直分速度，从而结合速度时间公式求出抛出点到B点的时间，根据位移公式求出抛出点到B点的水平距离和竖直距离，从而得出抛出点的横纵坐标【解答】解：A、通过调节使斜槽末端保持水平，是为了保证小球做平抛运动BC、因为要画同一运动的轨迹，必须每次释放小球的位置相同，且由静止释放，以保证获得相同的初速度E、将球的位置记录在纸上后，取下纸，将点连成光滑曲线在竖直方向上，根据y=gT2得T=，则小球的初速度为：，C点竖直方向的速度则从抛出点到A点的时间为t=tCT=0.20.1=0.1s，所以抛出点距离A点的水平位移为：xA=v0t=10.
42、2m=0.2m=20cm，抛出点的横坐标为：x=20cm抛出点离A点的竖直位移为y=则抛出点的纵坐标为：x=5cm故答案为：水平，相同，静止，光滑曲线 2，20cm，5cm【点评】本题考查了实验注意事项，要知道实验原理与实验注意事项，在平抛运动的规律探究活动中不一定局限于课本实验的原理，要注重学生对探究原理的理解17有一游标卡尺，主尺的最小分度是1mm，游标卡尺上有20个小的等分刻度用它测量一小球的直径，如图1所示的读数是13.55mm用螺旋测微器测量一根金属丝的直径，如图2所示的读数是0.680mm【考点】刻度尺、游标卡尺的使用；螺旋测微器的使用 【专题】实验题【分析】游标卡尺读数的方法是主
43、尺读数加上游标读数，不需估读螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读【解答】解：游标卡尺的主尺读数为13mm，游标读数为0.0511mm=0.55mm，所以最终读数为13.55mm 螺旋测微器的固定刻度读数为0.5mm，可动刻度读数为0.0118.0mm=0.180mm，所以最终读数为0.680mm故本题答案为：13.55，0.680【点评】解决本题的关键掌握游标卡尺和螺旋测微器的读数方法，游标卡尺读数的方法是主尺读数加上游标读数，不需估读螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读四计算题（本大题包括2小题，共20分解答应写
44、出必要的文字说明方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）18如图，一端封闭、粗细均匀的U形玻璃管开口向上竖直放置，管内用水银将一段气体封闭在管中当温度为280K时，被封闭的气柱长L=22cm，两边水银柱高度差h=16cm，大气压强p0=76cm Hg（1）为使左端水银面下降3cm，封闭气体温度应变为多少？（2）封闭气体的温度重新回到280K后为使封闭气柱长度变为20cm，需向开口端注入的水银柱长度为多少？【考点】理想气体的状态方程 【专题】理想气体状态方程专题【分析】（1）对封闭气体来讲，PVT均发生变化，由理想气体状态方程求解（2）由等
45、温变化列方程求解【解答】解：（1）初态压强P1=（7616）cmHg末态时左右水银面的高度差为1623cm=10cm末状态压强为：P2=7610cmHg=66cmHg由理想气体状态方程得：故：T1=（2）加注水银后，左右水银面的高度差为：h=（16+22）l由玻意耳定律得，P1V1=P3V3，其中P3=76解得：l=10cm答：（1）为使左端水银面下降3cm，封闭气体温度应变为350K；（2）需向开口端注入的水银柱长度为10cm【点评】利用理想气体状态方程解题，关键是正确选取状态，明确状态参量，尤其是正确求解被封闭气体的压强，这是热学中的重点知识，要加强训练，加深理解本题的一大难点在于高度差的
46、计算19严重的雾霾天气，圣国计民生已造成了严重的影响，汽车尾气是形成雾霾的重要污染源，“铁腕治污”已成为国家的工作重点，地铁列车可实现零排放，大力发地铁，可以大大减少燃油公交车的使用，减少汽车尾气排放，若一地铁列车从甲站由静止启动后做直线运动，先匀加速运动20s达到最高速度72km/h，再匀速运动80s，接着匀减速运动15s到达乙站停住设列车在匀加速运动阶段牵引力为1106N，匀速阶段牵引力的功率为6103kW，忽略匀减速运动阶段牵引力所做的功（1）求甲站到乙站的距离；（2）如果燃油公交车运行中做的功与该列车从甲站到乙站牵引力做的功相同，求公交车排放气体污染物的质量（燃油公交车每做1J功排放气
47、体污染物3109kg）【考点】动能定理的应用；匀变速直线运动的位移与时间的关系 【专题】牛顿运动定律综合专题【分析】（1）应用匀变速直线运动的平均速度公式与匀速运动的速度公式求出各阶段列车的位移，然后求出两站间的距离（2）求出燃烧燃油做的功，然后求出排放气体产生的污染物的质量【解答】解：（1）根据匀变速直线运动规律可知，地铁列车匀加速运动的位移为：s1=t1 匀减速运动的位移为：s3=t3 根据匀速运动规律可知，地铁列车匀速运动的位移为：s2=vt2 根据题意可知，甲站到乙站的距离为：s=s1+s2+s3 由式联立，并代入数据解得：s=1950m；（2）地铁列车在从甲站到乙站的过程中，牵引力做的功为：W1=Fs1+Pt2 根据题意可知，燃油公交车运行中做的功为：W2=W1 由式联立，并代入数据解得：W2=6.8108J 所以公交车排放气体污染物的质量为：m=31096.8108kg=2.04kg；答：（1）甲站到乙站的距离为1950m；（2）公交车排放气体污染物的质量为2.04kg【点评】本题考查了求位移、求排放的污染物的质量，分析清楚车的运动过程，应用位移公式、W=Pt可以解题，分析清楚车的运动过程是正确解题的关键