1、高考资源网（） 您身边的高考专家集宁一中2018-2019学年第二学期期末考试高二年级物理试题一、选择题:本题共16小题。在每小题给出的四个选项中，第1-10题只有一项符合题目要求，每小题3分。第11-16题有多项符合题目要求，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。1.下列说法中正确的是（）A. 布朗运动就是液体分子的无规则运动B. 固体不容易被压缩是因为分子间只存在斥力C. 内燃机可以把内能全部转化为机械能D. 给物体加热，物体的内能不一定增加【答案】D【解析】【详解】布朗运动是固体颗粒的运动，间接反映了液体分子的无规则运动，A错误；固体不容易被压缩，是因为分子间距离较小，分
2、子间作用力表现为斥力，B错误；根据热力学第二定律，热机的效率不可能到达1，即内燃机不可以把内能全部转化为机械能，C错误；给物体加热，物体吸热的同时可能对外做功，故物体的内能不一定增加，D正确2.A、B二分子的距离等于分子直径的10倍，若将B分子向A分子靠近，直到不能再靠近的过程中，关于分子力做功及分子势能的变化说法正确的是（）A. 分子力始终对B做正功，分子势能不断减小B. B分子始终克服分子力做功，分子势能不断增大C. 分子力先对B做功，而后B克服分子力做功，分子势能先减小后增大D. B分子先克服分子力做功，而后分子力对B做功，分子势能先增大后减小【答案】C【解析】【分析】分子力做正功，分子
3、势能减小，分子力做负功，分子势能增大【详解】将B分子从分子直径10倍处向A分子靠近，分子力先表现为引力，引力做正功，分子势能减小，当r小于时，分子力表现为斥力，分子力又做负功，分子势能增加，C正确【点睛】决本题的关键掌握分子力的特点，以及分子力做功与分子势能的关系，分子力做正功，分子势能减小，分子力做负功，分子势能增大3.如图所示，绕在铁芯上的线圈、电源、滑动变阻器和电键组成闭合回路在铁芯的右端套有一个表面绝缘的铜环A，下列各种情况中铜环A中没有感应电流的是（）A. 线圈中通以恒定的电流B. 通电时，使变阻器的滑片P作匀速滑动C. 通电时，使变阻器的滑片P作加速滑动D. 将电键突然断开的瞬间【
4、答案】A【解析】【详解】A项：线圈中通以恒定的电流时，线圈产生稳恒的磁场，穿过铜环A的磁通量不变，没有感应电流产生。故A正确。 B项：通电时，使变阻器的滑片P作匀速滑动时，变阻器接入电路的电阻减小，回路中电流增大，线圈产生的磁场增强，穿过铜环A磁通量增大，产生感应电流。不符合题意。故B错误。 C项：通电时，使变阻器的滑片P作加速滑动时，变阻器接入电路的电阻变化，回路中电流变化，线圈产生的磁场变化，穿过铜环A磁通量变化，产生感应电流。不符合题意。故C错误。 D项：将电键突然断开的瞬间，线圈产生的磁场从有到无消失，穿过穿过铜环A的磁通量减小，产生感应电流，不符合题意。故D错误。 故选：A。4.已知
5、真空中的光速，下列说法正确的是A. 铋210的半衰期为5天，经过10天，32个铋210衰変后还剩下8个B. 用中子轰击铀核的核反应方程为，属于原子核的衰变C. 若核反应释放出的能量，则该过程质量亏损约为D. 某原子核吸收一个中子后，放出一个电子，最后分裂为两个粒子，则【答案】C【解析】【详解】A.半衰期是针对大量原子核的衰变行为的统计规律，少数原子核不适用此规律；A项错误.B.是原子核的裂变；B项错误.C.根据，可得；C项正确.D.根据质量数和电荷数守恒可知，则；D项错误.5.如图所示，一根竖直的弾簧支持着一倒立气缸内的活塞，使气缸处于静止状态。设活塞与气缸壁间无摩擦，可在气缸内自由移动，气缸
6、壁导热性良好，使气缸内气体的温度保持与外界大气温度相同，则下列说法正确的是A. 若外界大气压强增大，则弹簧的压缩量将增大B. 若外界大气压强増大，则气缸上底面距地面的高度将增大C. 若气温升高，则活塞距地面的高度将减小D. 若气温升高，则气缸的上底面距地面的高度将增大【答案】D【解析】【详解】A.以活塞和气缸整体为研究对象可知，重力等于弹簧弹力，跟外界大气压强无关，即弹簧的压缩量不变，A项错误.B.以气缸为研究对象，若外界大气压强增大，则气缸的上底面距地面的高度将减小，B项错误.C.若气温升高，因为弹力不变，活塞距地面的高度不变，C项错误.D.若气温升高，气体体积增大，故气缸上升，所以上底面距
7、地面的高度将增大，D项正确.6.随着科学的发展与生活水平的提高，传感器已经进入日常生活。如图所示为某居住小区门口利用光敏电阻设计的行人监控装置，为光敏电阻（随光照强度的增强，阻值减小）、为定值电阻，接监控装置。则下列说法正确的是当有人通过遮蔽光线时，之间的电压升高当有人通过遮蔽光线时，之间的电压降低当仅増大的阻值时，之间的电压升高当仅减小的阻值时，之间的电压升高A. B. C. D. 【答案】C【解析】【详解】AB. R1为光敏电阻，有光照射时，电阻减小，当有人通过而遮蔽光线时，R1的阻值变大，回路中的电流减小，之间的电压降低，故项错误，项正确；则A，B均错误.CD.由闭合电路欧姆定律得，当仅
8、增大R2的阻值时，电路中的电流减小，之间的电压升高，故项正确；当仅减小R2的阻值时，电路中的电流增大，之间的电压降低，故项错误，则C项正确，D错误.7.如图是氢原子的能级图。一个氢原子从n4的能级向低能级跃迁，则以下判断正确的是()A. 该氢原子最多可辐射出6种不同频率的光子B. 该氢原子跃迁到基态时需要吸收12.75 eV的能量C. 该氢原子只有吸收0.85 eV的光子时才能电离D. 该氢原子向低能级跃迁时，向外辐射的光子的能量是特定值【答案】D【解析】【详解】本题研究的是单个氢原子，单个处于n能级的氢原子向低能级跃迁时最多可辐射出n1条不同频率的光子，故该氢原子向低能级跃迁时最多可辐射出3
9、种不同频率的光子，故A错误；该氢原子跃迁到基态时需要释放0.85 eV(13.6 eV)12.75 eV的能量，故B错误；只要吸收的光子的能量大于0.85 eV，该氢原子就能电离，故C错误；氢原子向低能级跃迁时，向外辐射的光子的能量等于两能级的能量差，此能量差为一特定值，故D正确。8.关于固体、液体和气体，下列说法不正确的是A. 固体可以分为晶体和非晶体两类，非晶体和多晶体都没有确定的几何形状B. 液晶像液体一样具有流动性，而其光学性质与某些多晶体相似，具有各向同性C. 在围绕地球运行的“天宫一号”中，自由飘浮的水滴呈球形，这是表面张力作用的结果D. 空气的相对湿度越大，空气中水蒸气的压强越接
10、近同温度时水的饱和汽压【答案】B【解析】【详解】A.固体可以分为晶体和非晶体两类，晶体又分为单晶体和多晶体，非晶体和多晶体都没有确定的几何形状，A项正确；B.液晶像液体一样具有流动性，而其光学性质与某些单晶体相似，具有各向异性，B项错误；C.作用于液体表面使液体表面积缩小的力称为液体表面张力，它产生的原因是液体跟气体接触的表面存在一个薄层，叫作表面层，表面层里的分子比液体内部稀疏，分子间的距离比液体内部大一些，分子间的相互作用表现为引力，在围绕地球运行的“天宫一号”中，自由漂浮的水滴呈球形，这是表面张力作用的结果，C项正确；D.空气相对湿度越大，空气中水蒸气的压强越接近同湿度时水的饱和汽压，D
11、项正确.9.如图所示，为三个完全相同的灯泡，为自感线圈（自感系数较大，电阻不计），为电源，为开关。闭合开关，电路稳定后，三个灯泡均能发光，则下列说法正确的是A. 断开开关瞬间，灯泡熄灭，稍后灯泡同时熄灭B. 断开开关瞬间，流过灯泡的电流方向改变C. 闭合开关时，灯泡同时亮D. 闭合开关时，灯泡同时先亮，灯泡后亮【答案】A【解析】【详解】CD.闭合开关时，由于的自感作用，流过灯泡的电流逐渐增大，所以灯泡先亮，灯泡后亮，C、D项错误；AB.断开开关瞬间，灯泡构成闭合回路，由于的自感作用，流过灯泡的电流要逐渐减小，流过灯泡的电流方向不变，所以灯泡立即熄灭，灯泡稍后熄灭，A项正确，B项错误.10.物体
12、A和B用轻绳相连接，挂在轻质弹簧下静止不动，如图（a）所示。A的质量为m，B的质量为M。当连接A、B的绳突然断开后，物体A上升，经某一位置时的速度大小为v。这时，物体B的下落速度大小为u，如图（b）所示。在这段时间里，弹簧的弹力对物体A的冲量为A. mvB. mvMuC. mv+MuD. mv+mu【答案】D【解析】由题意可知，虽然整个过程所用的时间可以直接求出，但弹簧的弹力是一变力，要求它的冲量只能用动量定理来计算。以物体A为研究对象，取竖直向上为正方向，根据动量定理有(式)，在t时间内，物体B做自由落体运动，则(式)。由两式得弹力的冲量Ft=mv+mu。所以正确的选项为D。11.用如图的装
13、置研究光电效应现象，当用光子能量为2.5eV的光照射到光电管上时，电流表G的读数为0.2mA移动变阻器的触点c，当电压表的示数大于或等于0.7V时，电流表读数为0则（）A. 光电管阴极的逸出功为B. 电键k断开后，没有电流流过电流表GC. 光电子的最大初动能为D. 改用能量为的光子照射，电流表G也有电流，但电流较小【答案】AC【解析】【详解】AC该装置所加的电压为反向电压，发现当电压表的示数大于或等于0.7V时，电流表示数为0，知道光电子点的最大初动能为0.7eV，根据光电效应方程EKm=h-W0，W0=1.8eV故AC正确。B电键S断开后，用光子能量为2.5eV的光照射到光电管上时发生了光电
14、效应，有光电子逸出，则有电流流过电流表。故B错误。D改用能量为1.5eV的光子照射，由于光电子的能量小于逸出功，不能发生光电效应，无光电流。故D错误。12.如图所示为一定质量的理想气体状态变化过程中的四个状态，图中平行于横轴，的延长线过原点，下列说法正确的是A. 从状态到状态，气体体积减小B. 从状态到状态，气体体积减小C. 从状态到状态，气体体积增大D. 从状态到状态，气体体积不变【答案】BCD【解析】【详解】A.气体从状态到状态，温度不变，理想气体内能不变，但是由于压强减小，所以体积增大，A项错误；B.由图象可知，斜率与气体体积成反比，从状态到状态斜率增大，体积减小，B项正确；C.气体从状
15、态到状态是一个等压、升温过程，同时体积增大，C项正确；D.由得，故气体从状态到状态一个等容变化过程，故D项正确.13.如图所示为远距离输电示意图，两变压器均为理想变压器。升压变压器的原、副线圈匝数之比为，在的原线圈两端接入一正弦交流电，输电线的总电阻为，降压变压器的原、副线圈匝数之比为，若的“用电设备”两端的电压为且“用电设备”消耗的电功率为，不考虑其他因素的影响，则下列说法正确的是A. 的副线圈两端电压的最大值为B. 的原线圈两端的电压为C. 输电线上损失的电功率为D. 的原线圈输入的电功率为【答案】AB【解析】【详解】AB.由题可以知道，根据，可得到，再根据，得，则，则最大值为，故A项正确
16、，B项正确；C.输电线上损失的电功率为，故C项错误；D.根据能量守恒定律可知的原线圈输入的电功率为，故D项错误.14.用波长为和2的光照射同一种金属，分别产生的速度最快的光电子速度之比为2：1，普朗克常数和真空中光速分别是，那么下列说法正确的有 （ ）A. 该种金属的逸出功为B. 该种金属的逸出功为C. 波长超过2的光都不能使该金属发生光电效应D. 波长超过4的光都不能使该金属发生光电效应【答案】AD【解析】【详解】由题意可知，由爱因斯坦光电效应方程， ，与 ，所以： ，且： ，解得： 根据发生光电效应现象的条件， ，即可发生，AD正确BC错误。15.如图所示，理想变压器原线圈a匝数n1200
17、匝，副线圈b匝数n2100匝，线圈a接在u44sin 314t V的交流电源上，“12 V6 W”的灯泡恰好正常发光，电阻R216 ，电压表V为理想电表.下列推断正确的是()A. 交变电流的频率为100 HzB. 穿过铁芯的磁通量的最大变化率为Wb/sC. 电压表V的示数为22 VD. R1消耗的功率是1 W【答案】BD【解析】【详解】由表达式知，交变电流的频率为，故A错误；副线圈电流的有效值为，电阻R2两端的电压为：，副线圈两端电压的有效值为：，副线圈电压的最大值为：，根据，可得：，故B正确；由B可知：电压表V的示数为20V，故C错误；原线圈的电流强度为：，原线圈的电压为：，电阻R1消耗的功
18、率为：P=（E-U1）I1=（44-40）0.25W=1W，故D正确。所以BD正确，AC错误。16.如图所示，用隔板将一绝热气缸分成两部分，隔板左侧充有理想气体，隔板右侧与绝热活塞之间是真空。现将隔板抽开，气体会自发扩散至整个气缸。待气体达到稳定后，缓慢推压活塞，将气体压回到原来的体积。假设整个系统不漏气。下列说法正确的是A. 气体自发扩散前后内能相同，在被压缩的过程中内能增大B. 气体在被压缩的过程中，气体分子的平均动能不变C. 在自发扩散过程中，气体对外界做功D. 气体在被压缩的过程中，外界对气体做功【答案】AD【解析】【详解】ACD.气体向真空扩散过程中不对外做功，且气缸绝热，故自发扩散
19、前后内能相同；气体在被压缩过程中活塞对气体做功，因气缸绝热，故气体内能增大，即A、D项正确，C项错误；B.气体在被压缩过程中内能增加，使其温度升高，故分子的平均动能增大，即B项错误.二、非选择题：本题包括5小题，共56分。17.如图甲所示为某电阻随摄氏温度变化的关系，图中表示时的电阻，表示图线的斜率。若用该电阻与电池（电动势为，内阻为）、电流表（内阻为）、滑动变阻器串连起来，连接成如图乙所示的电路，用该电阻做测温探头，把电流表的电流刻度改为相应的温度刻度，于是就得到了一个简单的“电阻测温计”。（1）实际使用时要把电流表的刻度值改为相应的温度刻度值，若温度，则的刻度应在刻度的_（填“左”或“右”
20、）侧。（2）在标识“电阻测温计”的温度刻度时，需要弄清所测温度和电流的对应关系。请用（表示滑动变阻器接入的阻值）等物理量表示所测温度与电流的关系式：_.（3）由（2）知，计算温度和电流的对应关系需要先测量电流表的内阻（约为）。已知实验室有下列器材：A.电阻箱（）B.电阻箱（）C.滑动变阻器（）D.滑动变阻器（）此外，还有电动势合适的电源、开关、导线等。请在虚线框内设计一个用“半偏法”测电流表内阻的电路_；在这个实验电路中，电阻箱应选_，滑动变阻器应选_。（填仪器前的选项字母）。【答案】 (1). 右 (2). (3). (4). B (5). D【解析】【详解】第一空.由题图甲可知，温度升高时
21、电阻阻值增大，导致流过电流表的电流减小，可知的刻度应在刻度的右侧.第二空由闭合电路欧姆定律知，由图甲知，解得.第三空.应用半偏法测电流表的内阻实验时，滑动变阻器采用限流式，电流表和电阻箱并联，设计的电路如图所示：第四空.第五空.采用半偏法测电阻时，电阻箱的最大阻值应该大于电流表的内阻，同时滑动变阻器应该选择阻值较大的，故电阻箱选择B，滑动变阻器选择D.18.测量分子大小的方法有很多，如油膜法、显微法(1)在“用油膜法估测分子大小”的实验中，用移液管量取0.25 mL油酸，倒入标注250 mL的容量瓶中，再加入酒精后得到250 mL的溶液然后用滴管吸取这种溶液，向小量筒中滴入100滴溶液，溶液的
22、液面达到量筒中1 mL的刻度，再用滴管取配好的油酸溶液，向撒有痱子粉的盛水浅盘中滴下2滴溶液，在液面上形成油酸薄膜，待油膜稳定后，放在带有正方形坐标格的玻璃板下观察油膜，如图甲所示坐标中每个小正方形方格的大小为2 cm2 cm.由图可以估算出油膜的面积是_ cm2，由此估算出油酸分子的直径是_ m(保留一位有效数字)(2)如图乙是用扫描隧道显微镜拍下的一个“量子围栏”的照片这个量子围栏是由48个铁原子在铜的表面排列成直径为1.43108 m的圆周而组成的由此可以估算出铁原子的直径约为_ m(结果保留两位有效数字)【答案】 (1). 256 (2). 810-10 (3). 9.410-10【解
23、析】【详解】（1）本题通过数格就能计算模的面积，多于半个格的算一个，少于半个格的舍去，分子的直径等于油膜体积除以油膜面积（2）圆周周长为，为48个铁分子的直径长度，所以铁分子的直径长度为19.采用验证玻马定律实验的主要器材针管及其附件来测定大气压强的值，实验步骤如下：a. 将针管水平固定，拔下橡皮帽，向右将活塞从针管中抽出；b.用天平称出活塞与固定在其上的支架的总质量为；c.用卡尺测出活塞直径d；d.再将活塞插入针管中，保持针管中有一定质量的气体，并盖上橡皮帽，此时，从针管上可读出气柱体积为，如图丙所示；e.将弹簧秤挂钩钩在活塞支架上，向右水平缓慢拉动活塞到一定位置，此时弹簧秤的示数为，气柱体
24、积为.试用以上测量的数据，写出大气压强的表达式_，本实验中_步骤是多余的。【答案】 (1). (2). b【解析】【详解】第一空.开始时气体的压强为，向右水平缓慢拉动活塞到一定位置，弹簧秤的示数为时气体的压强为，则有，该过程中温度不变，则有，整理得.第二空.由上面的式子可知，在表达式中与活塞及固定在其上的支架的总质量无关，所以步骤是多余的.20.如图甲所示，长、宽分别为L1、L2的矩形金属线框位于竖直平面内，其匝数为n，总电阻为r，可绕其竖直中心轴O1O2转动。线框的两个末端分别与两个彼此绝缘的铜环C、D（集流环）焊接在一起，并通过电刷和定值电阻R相连。线框所在空间有水平向右均匀分布的磁场，磁
25、感应强度B的大小随时间t的变化关系如图乙所示，其中B0、B1和t1均为已知。在0t1的时间内，线框保持静止，且线框平面和磁场垂直；t1时刻后线框在外力的驱动下开始绕其竖直中心轴以角速度匀速转动。求：（1）0t1时间内通过电阻R的电流大小；（2）线框匀速转动后，在转动一周的过程中电流通过电阻R产生的热量；（3）线框匀速转动后，从图甲所示位置转过90的过程中，通过电阻R的电荷量。【答案】（1）（2）R（3）q=【解析】（1）0t1时间内，线框中的感应电动势E=n根据闭合电路欧姆定律可知，通过电阻R的电流I=（2）线框产生感应电动势的最大值Em=nB1 L1L2感应电动势的有效值E=nB1 L1L2
26、通过电阻R的电流的有效值I=线框转动一周所需的时间t=此过程中，电阻R产生的热量Q=I2Rt=R（3）线框从图甲所示位置转过90的过程中，平均感应电动势平均感应电流通过电阻R电荷量q=21.如图甲所示，水平放置的气缸内壁光滑，活塞厚度不计，在两处设有限制装置，使活塞只能在之间运动，左面气缸的容积为，之间的容积为，开始时活塞在处，缸内气体的压强为（为大气压强），温度为，现缓慢加热气缸内气体，直至温度为。求：（1）活塞刚离开处时的温度；（2）缸内气体最后的压强；（3）在图乙中画出整个过程的图象。【答案】(1) (2) (3)【解析】【详解】（1）活塞离开之前，气体做等容变化，根据查理定律有解得（2
27、）考虑气体各状态间的关系，设活塞最终可以移动到处，从活塞刚离开处到刚到达处，气体做等压变化由盖吕萨克定律得解得从活塞刚到达处到升温至的过程中，气体做等容变化。由查理定律有解得由结果可知，活塞可以移动到处的假设成立.（3）整个过程的图线如图所示：22.如图所示，在光滑水平面上有一块长为的木板，其上表面粗糙。在其左端有一个光滑的圆弧槽与木板接触但不连接，圆弧槽的下端与木板的上表面相平，静止在水平面上。现有很小的滑块以初速度从右端滑上木板，并以的速度滑离木板，恰好能到达圆弧槽的最高点。的质量均为，重力加速度为，求：（1）滑块与木板上表面间的动摩擦因数；（2）圆弧槽的半径.【答案】(1) (2)【解析】【详解】（1）对整体分析，设滑块刚离开木板时，木板和圆弧槽的共同速度为，从滑块滑上木板到刚离开木板的过程中动量守恒，有:解得：由能量守恒定律有:解得:（2）从滑块滑上圆弧槽到恰好能到达圆弧槽的最高点的过程中，设滑块到达最高点时滑块和圆弧槽的共同速度为，滑块和圆弧槽组成的系统在水平方向上,由动量守恒定律有:解得：此过程中滑块和圆弧槽组成的系统机械能守恒有:解得:- 20 - 版权所有高考资源网