1、绝密启用前云南省建水县民中2017-2018学年下学期6月份考试高二物理本试卷分第卷和第卷两部分，共100分，考试时间120分钟。学校：_姓名：_班级：_考号：_分卷I一、单选题(共10小题,每小题3.0分,共30分) 1.如图所示，金属杆ab静止放在水平固定的“U”形金属框上，整个装置处于竖直向上的磁场中，当磁感应强度均匀增大时，金属杆ab总保持静止则()A 杆中感应电流方向从b到aB 杆中感应电流大小保持不变C 金属杆所受安培力大小保持不变D 金属杆所受安培力水平向右2.如图，线圈abcd固定于分布均匀的磁场中，磁场方向垂直线圈平面当磁场的磁感应强度B随时间t变化时，该磁场对ab边的安培力
2、大小恒定下列描述B随t变化的图象中，可能正确的是()ABCD3.如图所示的电路中，三个灯泡L1、L2、L3的电阻关系为R1R2d)导轨下部处于垂直导轨平面向外的匀强磁场中，磁场上边界距导轨下端为h，磁感应强度随时间变化情况如图乙所示金属棒PQ从t0以前某时刻自由释放，t0时刻进入磁场并恰好开始做匀速直线运动，金属棒PQ与金属导轨的电阻不计，棒在下落过程中始终与导轨接触良好，求：(1)金属棒匀速运动的速度大小v；(2)t1时刻(t1t0)，流过电阻R的电流I2；(4)0t2时间内，电阻R产生的焦耳热Q.19.某村在较远的地方建立了一座小型水电站，发电机的输出功率为100 kW，输出电压为500
3、V，输电导线的总电阻为10 ，导线上损耗的电功率为4 kW，该村的用电电压是220 V输电电路如图所示，求升压、降压变压器的原、副线圈的匝数比答案解析1.【答案】B【解析】整个装置所在平面的磁感应强度均匀增大，磁通量增加，根据楞次定律，杆中感应电流方向是从a到b，选项A错误；根据法拉第电磁感应定律，由于磁感应强度均匀变化，故在回路中会产生恒定的电流，选项B正确；根据安培力公式FBIL，磁感应强度均匀增加，故杆所受到的安培力大小也逐渐变大，选项C错误；根据左手定则，杆所受安培力水平向左，选项D错误2.【答案】B【解析】磁场对ab边的安培力大小FBIL，若磁场的磁感应强度B随时间t增大，则电流I必
4、须随时间t减小根据法拉第电磁感应定律，磁感应强度B随时间t的变化率必须逐渐减小，选项B正确，A、D错误若磁场的磁感应强度B随时间t减小，则电流I必须随时间t增大根据法拉第电磁感应定律，磁感应强度B随时间t的变化率必须逐渐增大，所以选项C错误3.【答案】B【解析】当K突然断开时，电感L由于自感，电流继续原方向流动，L、L1和L3构成一闭合回路，L中电流从I1逐渐减少，则通过L1的电流也逐渐减少通过L3的电流开始时比原来电流大，后逐渐变小当K突然断开时，电感L相当于电源，由此时二极管处于反向截止状态，故L2立即熄灭故B正确，A、C、D错误故选B.4.【答案】A【解析】当一个蹄形磁铁移近铜盘时，铜盘
5、转动切割磁感线，产生涡流，由楞次定律可知感应电流受到的安培力阻碍其相对运动，所以铜盘的转动将变慢，故正确选项为A.5.【答案】C【解析】输电时导线上损失的电压UIR，它不同于输电电压，P或PIU中的U应为导线上损失的电压，故A、B错，导线上功率的损失为发热损失，即PI2R，故C正确6.【答案】D【解析】由公式XL2fL得感抗与线圈自感系数有关，A错误根据公式XC，得容抗与电容也有关系，B错误感抗容抗和电阻等效，对不同交变电流由不同的值，所以C错感抗是由于电流变化时在线圈中产生了自感电动势而对电流的变化产生的阻碍作用，D正确7.【答案】A【解析】由，知U2U1，当单刀双掷开关与a连接时，U122
6、0 V，n1n2101，解得：U222 V，A选项正确；u1220sin 100t，所以u1220sin 100110(V)，B选项错误；滑动变阻器触头向上移动时，其电阻R变大，由欧姆定律得：I2，I2变小，电流表示数变小，而电压表示数不变，C错误；当单刀双掷开关由a扳向b时，匝数n1变小，匝数n2和输入电压U1不变，由U2U1，得U2变大，I2变大，因此电压表和电流表示数均变大，D错误8.【答案】A【解析】节约的电功率即为普通电路输电时损耗的电功率，IA50 AP线I2R5020.4 W1 000 W，故节约的电功率为1 kW，A项正确9.【答案】A【解析】当F向上压膜片电极时，板间距离减小
7、，电容器的电容将增大当F变化时，电容变化，而板间电压不变，由QCU，故带电荷量Q发生变化，电容器将发生充、放电现象，回路中有电流，电流计有示数反之，电流计有示数时，压力F必发生变化10.【答案】B【解析】电子秤是利用压力传感器制成的11.【答案】AD【解析】电热毯是利用导体发热，没有涉及电磁感应原理；电磁灶是通入交流电后线圈中产生变化的电磁场，当锅放入变化的电磁场内时使得锅底的自由电荷在电场力的驱使下做高速运动，从而产生热能；电吹风是通电后电动机转动将暖风吹出，所以没有利用电磁感应原理，故D正确12.【答案】AD【解析】磁通量等于磁感应强度与垂直磁场方向上的投影面积的乘积，A正确；线圈面积大，
8、但投影面积不一定大，B错误；磁通量大，磁感应强度不一定大，C错误，D正确13.【答案】AD【解析】电动机启动时转速低，产生的反电动势较小，因此电流表的读数较大，故A正确；用手轻触电动机，电动机的转速降低，产生的反电动势变小，因此电流表的读数较大，故B错误；用手轻触使电动机停止转动，反电动势为零，电流最大，根据PUI，电功率最大，故C错误；为防止电动机烧坏，在启动时可以先加较小电压，达到一定转速后再改为额定电压，故D正确14.【答案】BD【解析】由题图可知T0.02 s，100 rad/s，A错误在00.005 s内，由UmnBS得BSWb，qC，B正确电热丝两端电压UV90V，C错误电热丝的发
9、热功率PI2RW1 800 W，D正确15.【答案】(1)右右左(2)BC【解析】(1)因合上电键S时，电流增大，穿过线圈的磁通量增加，此时电流表指针向右偏，则当滑片P右移时，电阻减小，电流增加，故此时电流表指针向右偏；在原线圈中插入软铁棒时，穿过线圈的磁通量增加，则此时电流表指针向右偏；拔出原线圈时，穿过线圈的磁通量减小，则此时电流表指针向左偏；(2)因副线圈中产生顺时针方向的感应电流，故穿过A的磁通量为向里的减小或者向外的增加；若原线圈中电流为顺时针方向，变阻器滑片P在右移，则电流增大，磁通量为向里增加，选项A错误； 原线圈中电流为顺时针方向，正从副线圈中拔出铁芯 ，则磁通量为向里减小，选
10、项B正确；原线圈中电流为逆时针方向，正把铁芯插入原线圈中，则磁通量为向外增加，选项C正确；原线圈中电流为逆时针方向，电键S正断开时，则磁通量为向外减小，选项D错误；故选B、C.16.【答案】(1)红(2)400【解析】当车辆闯红灯或车辆压在压敏电阻超载时，光控开关闭合，继电器的衔铁就被吸下，电控照相机自动拍照，根据闭合电路欧姆定律I，当电流为0.06 A时，外电阻R90 ，从题图乙中找出对应的压力为4103N，故质量为400 kg.17.【答案】(1)3 m/s(2)FA0.24N(3)7.65 J【解析】(1)外电路总电阻R外2 ，由图象得5 s末的电流I10.2 A，故I总3I10.6 A
11、，EI总(R外r)0.6(22) V2.4 V，由EBLv得v13 m/s.(2)图象方程：I0.020.004t，得I10.1A，I总3I10.3A.安培力FABI总L0.24N.(3)图线与时间轴包围的“面积”为(0.020.04)50.15，故5 s内R1中产生的焦耳热Q10.156 J0.9 J，电路中总电热Q总Q1Q2Q6Q15.4 J，金属杆初始速度v01.5m/s，由功能关系WFWAEk得：WFEkQ总m(vv)Q总代入数据得WF1(321.522)5.4 J7.65 J.18.【答案】(1)(2)(3)(4)【解析】(1)金属棒进入磁场瞬间开始做匀速直线运动，则mgF安mgv(2)据法拉第电磁感应定律有：EI1(3)金属棒匀速切割磁感线，则EB0dvI2(4)0t0时间内电流恒为I1，则Q1IRt0t0t2时间内电流恒为I2，则Q2IR(t2t0)QQ1Q2.19.【答案】【解析】因为P损IR线所以I2A20 AI1A200 A则，U3U2I2R线(500102010) V4 800 V则.