1、2013-2014学年山东省烟台市高三（上）期末物理试卷一、本题共14小题，每小题3分，共42分在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确，全选对的得3分；选对但不全的得2分；有选错或不答的得0分 1（3分）对以下几位物理学家所作科学贡献的叙述中，正确的说法是（）A亚里士多德认为两个从同一高度自由落下的物体，重物体与轻物体下落一样快B牛顿根据理想斜面实验，提出力不是维持物体运动的原因C卡文迪许通过实验，测定了引力常量D奥斯特通过实验研究，发现了电磁感应现象 2（3分）下列说法正确的是（）A举重运动员在举起杠铃后不动的那段时间内处于超重状态B宇航员在飞船中绕地球做
2、匀速圆周运动时处于完全失重状态C由于卫星中的物体处于失重状态，所以卫星中的物体没有惯性D卫星环绕地球运动的过程中，卫星内所有物体的运动状态始终保持不变 3（3分）（2014滨州一模）一辆电动小车由静止开始沿直线运动，其vt图象如图所示，则汽车在01s和1s3s两段时间内（）A运动方向相反B位移相同C加速度相同D平均速度相同 4（3分）在如图所示的电路中，电源电动势为E、内电阻为r，C为电容器，R0为定值电阻，R为滑动变阻器开关闭合后，灯泡L能正常发光当滑动变阻器的滑片向右移动后，下列判断正确的是（）A灯泡L将变暗B电源消耗的功率将变大CR0两端的电压将减小D电容器C的电荷量将减小 5（3分）（
3、2014鄂州模拟）完全相同的两物体P、Q，质量均为m，叠放在一起置于水平面上，如图所示现用两根等长的细线系在两物体上，在细线的结点处施加一水平拉力F，两物体始终保持静止状态，则下列说法正确的是（重力加速度为g）（）A两物体间的摩擦力大小为FB两物体间弹力大小可能为0C物体Q对地面的压力大小为2mgD物体P受到细线的拉力大小为 6（3分）如图所示，a、b是x轴上关于O点对称的两点，c、d是y轴上关于O点对称的两点，a、b两点上固定一对等量异种点电荷，带正电的检验电荷仅在电场力的作用下从c点沿曲线运动到d点，以下说法正确的是（）A将检验电荷放在O点时受到的电场力为零B检验电荷由c点运动到d点速度先
4、增大后减小Cc、d两点电势相等，电场强度大小相等D检验电荷从c运动到d的过程中，电势能先减少后增加 7（3分）如图甲所示，理想变压器原、副线圈的匝数比为55：9，电压表和电流表均为理想电表，原线圈接如图乙所示的正弦交变电流，图中R为可变电阻，R为定值电阻下列说法正确的是（）A电压表V2的示数为36VB原线圈两端电压的瞬时值表达式为（V）CR减小时，电流表的示数变大，电压表V2的示数变大D变压器原线圈的输入功率和副线圈的输出功率之比为55：9 8（3分）如图所示，宽度为200m的河，河水的流速为v1=3m/s，河的下游有一养殖区已知小船在静水中的速度为v2=4m/s，现让小船从A处驶到对岸且能避
5、开养殖区，小船行驶过程中船头一直垂直指向对岸，则下列说法正确的是（）AA处与养殖区的距离L至少为120mBA处与养殖区的距离L至少为150mC船在河中运动的实际速度为5m/sD船在河中运动的实际速度为7m/s 9（3分）如图甲所示，一个边长为L的正方形线框固定在匀强磁场（图中未画出）中，磁场方向垂直于导线框所在平面，规定向里为磁感应强度的正方向，向右为导线框ab边所受安培力F的正方向，线框中电流i沿abcd方向时为正已知在04s时间内磁场的磁感应强度的变化规律如图所示则下列图象所表示的关系正确的是（）ABCD 10（3分）假设地球同步卫星的轨道半径是地球半径的n倍，地球表面的重力加速度为g，第
6、一宇宙速度为v，则（）A同步卫星在轨道上的运行速度为vB同步卫星在轨道上的运行速度为v/n2C同步卫星的向心加速度为ngD同步卫星的向心加速度为g/n2 11（3分）如图所示，一平行板电容器的电容为C，两极板M、N间距离为d，所接电源的电动势为E，两板间a、b、c三点的连线构成一等腰直角三角形三角形的两直角边长均为L，其中ab边与两板平行，以下说法正确的是（）A电容器所带电荷量为CEB两极板间匀强电场的电场强度大小为Ca、c两点间的电势差为D若增大两板间距离时，a、c两点间电势差不变 12（3分）如图所示，已知物体与三块材料不同的长方形板间的动摩擦因数分别为、2和3，三块板长度均为L，并排铺在
7、水平地面上，该物体以一定的初速度v0从a点滑上第一块板，则物体恰好滑到第三块的末尾d点停下来，物体在运动中三块板均保持静止；若让物体从d点以相同大小的初速度水平向左运动，三块木板仍能保持静止，则下列说法正确的是（）A物体仍能运动到a点并停下来B物体不能运动到a点C物体两次经过c点时速度大小相等D物体两次经过b点时速度大小相等 13（3分）如图，MN和PQ是电阻不计的平行金属导轨，其间距为L，导轨弯曲部分和水平部分均光滑，二者平滑连接右端接一个阻值为R的定值电阻水平部分导轨左边区域有宽度为d的匀强磁场区域，磁场方向竖直向上，磁感应强度大小为B质量为m、电阻也为R的金属棒从磁场区域的右边界以平行于
8、水平导轨的初速度v0进入磁场，离开磁场后沿弯曲轨道上升h高度时速度变为零，已知金属棒与导轨间接触良好，则金属棒穿过磁场区域的过程中（重力加速度为g）（）A金属棒产生的最大感应电动势为Bdv0B通过金属棒的电荷量为C克服安培力所做的功为mv02D整个过程电路中产生的焦耳热为mv02mgh 14（3分）（2014临沂模拟）在倾角为的光滑斜面上有两个用轻弹簧相连接的物块A、B，它们的质量均为m，弹簧劲度系数为k，C为一固定挡板，系统处于静止状态现用一恒力F沿斜面方向拉物块A使之向上运动，当物块B刚要离开C时，A的速度为v，则此过程（弹簧的弹性势能与弹簧的伸长量或压缩量的平方成正比，重力加速度为g）（
9、）A物块A运动的距离为B物块A加速度为C拉力F做的功为D拉力F对A做的功等于A的机械能的增加量一、本题4小题，共18分，其中第15、16、17小题各4分；第18小题6分把答案填到题中横线上 15（4分）用多用电表的欧姆挡测量一未知电阻的阻值，若将选择开关拨至“100”的挡位测量时，指针停在刻度盘0附近处，为了提高测量的精确度，有下列可供选择的步骤：A将两根表笔短接B将选择开关拨至“1k”挡C将选择开关拨至“10”挡D将两根表笔分别接触待测电阻的两端，记下读数E调节欧姆调零旋钮，使指针停在0刻度线上F将选择开关拨至交流电压最高挡上将上述步骤中必要的步骤选出来，这些必要步骤的合理顺序是_（填写步骤
10、的代号）；若操作正确，上述D步骤中，指针偏转情况如图所示，则此未知电阻的阻值是_ 16（4分）某同学采用如图所示的实验装置做“验证机械能守恒定律”的实验时，请指出这个实验过程中产生误差的主要原因（找出两条即可）：_ 17（4分）某实验小组设计了如图（a）所示的实验装置，探究物体的加速度与受力的关系，通过改变重物的质量，利用传感器可得到滑块运动的加速度a和所受拉力F，而后做出aF关系图象他们在轨道水平和倾斜的两种情况下分别做了实验，得到了两条aF图线，如图（b）所示由图象可知图线不过坐标原点的原因是_；滑块和加速度传感器的总质量m=_kg 18（6分）实验室中现有如下器材：电池E（电动势6V）电
11、流表A（量程0.6A）电压表Vl（量程3V，内阻未知）电压表V2（量程3V，内阻10K）滑动变阻器R1（最大阻值约20）滑动变阻器R2（最大阻值10）开关S和导线若干某同学设计了一个同时测定滑动变阻器R1最大阻值和电压表Vl内阻的实验电路，如图所示若某次实验中电流表的示数用I表示，电压表Vl、V2的示数分别用U1、U2表示，电压表V2的内阻用r2表示，则R1的最大阻值R1m=_；电压表Vl的内阻r1=_三、本题共3小题，共30分解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案必须明确写出数值和单位 19（8分）下图为某小型企业的一道工序示意图，图
12、中一楼为原料车间，二楼为生产车间为了节约能源，技术人员设计了一个滑轮装置用来运送原料和成品，在二楼生产的成品装入A箱，在一楼将原料装入B箱，而后由静止释放A箱，若A箱与成品的总质量为M，B箱与原料的总质量为m（mM），这样在A箱下落的同时会将B箱拉到二楼生产车间，当B箱到达二楼平台时可被工人接住，若B箱到达二楼平台时没有被工人接住的话，它可以继续上升h高度速度才能减小到零不计绳与滑轮间的摩擦及空气阻力，重力加速度为g，求：（1）一楼与二楼的高度差H；（2）在AB箱同时运动的过程中绳对B箱的拉力大小 20（10分）如图所示，圆心角为90的光滑圆弧形轨道，半径为1.6m，其底端切线沿水平方向长为的
13、斜面，倾角为60，其顶端与弧形轨道末端相接，斜面正中间有一竖直放置的直杆，现让质量为1Kg的物块从弧形轨道的顶端由静止开始滑下，物块离开弧形轨道后刚好能从直杆的顶端通过，重力加速度取10m/s2，求：（1）物块滑到弧形轨道底端时对轨道的压力大小；（2）直杆的长度为多大 21（12分）如图所示，在平面直角坐标系xOy平面内存在着方向相反的两个匀强磁场区域，其中圆心在坐标原点、半径为R的圆形区域内磁场方向垂直于xOy平面向里，第一象限和第四象限的圆形区域外（区域）的磁场方向垂直于xOy平面向外，MN为与x轴垂直且与y轴相距2.5R的一条直线，现有一质量为m、电荷量为+q的带电粒子，经过加速电压为U
14、的加速电场加速后，从坐标为（R，0）的A点沿x轴正方向射入区域，并从横坐标为0.5R处的P点进入区域已知粒子第一次经过直线MN和第二次经过直线MN时的速度方向恰好相反，不计粒子重力，求：（1）粒子进入圆形区域时的运动速度v的大小；（2）区域和中磁感应强度B1、B2的大小；（3）粒子从A点开始到第二次经过直线MN的过程中运动的总时间t四、选作题，共3小题请从22、23、24三个题中任选一题作答解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分有数值计算的题，答案必须明确写出数值和单位 22（10分）（1）下列说法正确的是_A布朗运动是液体分子的无规则运动B分子间引力总是随
15、着分子间的距离减小而减小C热量能够自发地从高温物体传导到低温物体，但不能自发地从低温物体传导到高温物体D水的饱和汽压随温度的升高而增大（2）如图所示，一导热性能良好、内壁光滑的气缸开口向上竖直放置，横截面积为S=2l03m2、质量与厚度均不计的活塞，与气缸底部之间封闭了一部分气体，此时活塞与气缸底部之间的距离为24cm大气压强P0=l.0105Pa现将质量为4kg的物块放在活塞上，取g=10m/s2求：稳定后活塞与气缸底部之间的距离；分析说明上述过程气体是吸热还是放热 23（10分）（1）如图甲所示，一列简谐波沿x轴传播，实线为t=0时的波形图，此时P质点向y轴负方向运动，虚线为经过0.01s
16、时第一次出现的波形图，则波沿x轴_（填“正”或“负”）方向传播，波速为_m/s（2）某同学欲测直角三棱镜ABC的折射率n他让光线沿平行于BC边的方向射到三棱镜的侧面AB上，经棱镜AB边和AC边的两次折射和BC边的一次反射后，又从另一侧面AC边上的P点射出在图乙上画出光路图；若将射向AB边的光的入射角调整为=60，此时的折射角=30，求折射率n的值 24（10分）（1）下列说法正确的是_A原子核发生衰变时遵守电荷数守恒和质量数守恒的规律B射线、射线、射线都是高速运动的带电粒子流C氢原子从激发态向基态跃迁只能辐射特定频率的光子D汤姆逊提出了原子核式结构学说（2）如图所示，光滑水平面上滑块A、C质量
17、均为m=1kg，B质量为M=3kg开始时A、B静止，现将C以初速度v0=2m/s的速度滑向A，与A碰后C的速度变为零，而后A向右运动与B发生碰撞并粘在一起；求：A与B碰撞后的共同速度大小；A与B碰撞过程中，A与B增加的内能为多少？2013-2014学年山东省烟台市高三（上）期末物理试卷参考答案与试题解析一、本题共14小题，每小题3分，共42分在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确，全选对的得3分；选对但不全的得2分；有选错或不答的得0分1（3分）对以下几位物理学家所作科学贡献的叙述中，正确的说法是（）A亚里士多德认为两个从同一高度自由落下的物体，重物体与轻物
18、体下落一样快B牛顿根据理想斜面实验，提出力不是维持物体运动的原因C卡文迪许通过实验，测定了引力常量D奥斯特通过实验研究，发现了电磁感应现象考点：物理学史版权所有分析：本题亚里士多德、伽利略、卡文迪许和法拉第对物理学所作的贡献进行解答解答：解：A、亚里士多德认为两个从同一高度自由落下的物体，重物比轻物下落快，故A错误B、伽利略根据理想斜面实验，提出力不是维持物体运动的原因，故B错误C、牛顿发现了万有引力定律之后，卡文迪许通过实验测定了引力常量，故C正确D、法拉第通过实验研究，发现了电磁感应现象，故D错误故选：C点评：本题是物理学史问题，平时要加强记忆，注重积累，特别是著名科学家的成就要记牢2（3
19、分）下列说法正确的是（）A举重运动员在举起杠铃后不动的那段时间内处于超重状态B宇航员在飞船中绕地球做匀速圆周运动时处于完全失重状态C由于卫星中的物体处于失重状态，所以卫星中的物体没有惯性D卫星环绕地球运动的过程中，卫星内所有物体的运动状态始终保持不变考点：牛顿运动定律的应用-超重和失重；惯性版权所有专题：牛顿运动定律综合专题分析：超重是物体所受限制力（拉力或支持力）大于物体所受重力的现象当物体做向上加速运动或向下减速运动时，物体均处于超重状态，即不管物体如何运动，只要具有向上的加速度，物体就处于超重状态；超重现象在发射航天器时更是常见，所有航天器及其中的宇航员在刚开始加速上升的阶段都处于超重状
20、态； 物体对支持物的压力（或对悬绳的拉力）小于物体所受重力的现象叫做失重现象；只要物体具有向下的加速度，物体就处于失重状态解答：解：A、举重运动员在举起杠铃后不动的那段时间内，加速度为零，处于平衡状态，故A错误；B、宇航员在飞船中绕地球做匀速圆周运动时，重力完全提供向心力，处于完全失重状态，故B正确；C、惯性大小的位移量度是质量，与物体的加速度无关，故C错误；D、卫星环绕地球运动的过程中，卫星内所有物体均绕地球做匀速圆周运动，线速度方向不断改变，故D错误；故选：B点评：做超重和失重的题目要抓住关键：有向下的加速度，失重；有向上的加速度，超重3（3分）（2014滨州一模）一辆电动小车由静止开始沿
21、直线运动，其vt图象如图所示，则汽车在01s和1s3s两段时间内（）A运动方向相反B位移相同C加速度相同D平均速度相同考点：匀变速直线运动的图像版权所有专题：运动学中的图像专题分析：解答本题应掌握：加速度的大小为vt图象斜率的绝对值图象与坐标轴所围的“面积”大小等于位移；匀变速直线运动的平均速度可公式=求解解答：解：A、在01s时间内物体做匀加速直线运动，在1s3s间内物体做匀减速直线运动，但速度一直为正，即运动方向相同，故A错误；B、根据vt图象与坐标轴所围的“面积”大小等于位移，则得：位移之比为x1：x2=11：12=1：2位移不相同，故B错误；C、物体的最大速度为1m/s，根据vt图象斜
22、率的绝对值等于加速度大小，则得加速度大小之比为：a1：a2=：=2：1，故加速度不同故C错误；D、由平均速度公式得两段时间内的平均速度均为m/s，即平均速度相同，故D正确故选：D点评：vt图象的斜率即为物体运动的加速度，“面积”大小等于位移，掌握这点是解决此类题目的关键所在4（3分）在如图所示的电路中，电源电动势为E、内电阻为r，C为电容器，R0为定值电阻，R为滑动变阻器开关闭合后，灯泡L能正常发光当滑动变阻器的滑片向右移动后，下列判断正确的是（）A灯泡L将变暗B电源消耗的功率将变大CR0两端的电压将减小D电容器C的电荷量将减小考点：闭合电路的欧姆定律版权所有专题：恒定电流专题分析：电路稳定时
23、，与电容器串联的电路没有电流，相当于断路当滑动变阻器的滑片向右移动时，变阻器在路电阻增大，外电阻增大，即可知电压表读数增大电路中电流减小，灯L变暗电容器的电压等于路端电压，分析其电压变化，由Q=CU分析电量的变化解答：解：A、当滑动变阻器的滑片向右移动时，变阻器在路电阻增大，外电阻增大，电路中电流减小，灯L变暗，故A正确B、电源消耗的功率P=EI，电流减小所以电源消耗的功率将变小，故B错误C、R0两端的电压不变，始终等于故C错误 D、电容器的电压等于路端电压，可见其电压是增大的，则由Q=CU知，电容器C的电荷量将增大故D错误故选：A点评：本题是电路的动态变化分析问题，可直接根据路端电压随外电阻
24、增大而增大，判断电压表读数的变化5（3分）（2014鄂州模拟）完全相同的两物体P、Q，质量均为m，叠放在一起置于水平面上，如图所示现用两根等长的细线系在两物体上，在细线的结点处施加一水平拉力F，两物体始终保持静止状态，则下列说法正确的是（重力加速度为g）（）A两物体间的摩擦力大小为FB两物体间弹力大小可能为0C物体Q对地面的压力大小为2mgD物体P受到细线的拉力大小为考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用版权所有专题：共点力作用下物体平衡专题分析：将F按照平行四边形定则进行分解，求出两根绳子上的拉力大小，以PQ整体为研究对象求物体Q对地面的压力大小解答：解：将F按照平行四边形定则
25、进行分解，如图：由几何知识知：细线的拉力T=F，即物体P受到细线的拉力大小为F，故D错误；以P为研究对象受力分析，根据平衡条件，竖直方向：T2cos60+mg=N，可见P所受支持力不为0，即两物体间的弹力大小不可能为0，故B错误；以P为研究对象受力分析，根据平衡条件，水平方向：T2sin30=f=F，故A错误；以PQ整体为研究对象受力分析，根据平衡条件，竖直方向：N地=2mg，根据牛顿第三定律则物体Q对地面的压力大小为2mg，故C正确；故选：C点评：整体法和隔离法是动力学问题常用的解题方法，整体法是指对物理问题中的整个系统或整个过程进行分析、研究的方法在力学中，就是把几个物体视为一个整体，作为
26、研究对象，受力分析时，只分析这一整体对象之外的物体对整体的作用力（外力），不考虑整体内部之间的相互作用力6（3分）如图所示，a、b是x轴上关于O点对称的两点，c、d是y轴上关于O点对称的两点，a、b两点上固定一对等量异种点电荷，带正电的检验电荷仅在电场力的作用下从c点沿曲线运动到d点，以下说法正确的是（）A将检验电荷放在O点时受到的电场力为零B检验电荷由c点运动到d点速度先增大后减小Cc、d两点电势相等，电场强度大小相等D检验电荷从c运动到d的过程中，电势能先减少后增加考点：匀强电场中电势差和电场强度的关系；电势能版权所有分析：本题考查了等量异种电荷周围电场分布情况：在如图所示的电场中，等量异
27、种电荷连线上的电场方向是相同的，由+Q指向Q；两电荷连线上的电场强度大小关于O点对称，MN是一条等势线解答：解：根据等量异种电荷周围的电场分布，a、b两点的电场强度的大小相等，方向相同MN为一条等势线，所以c、d电势相等因为试探电荷的电性未知，无法判断出试探电荷的电场力方向，所以无法判断电场力做正功还是负功故C正确，A、B、D错误故选C点评：解决本题的关键知道等量异种电荷周围的电场线分布，知道两电荷连线的中垂线是等势线7（3分）如图甲所示，理想变压器原、副线圈的匝数比为55：9，电压表和电流表均为理想电表，原线圈接如图乙所示的正弦交变电流，图中R为可变电阻，R为定值电阻下列说法正确的是（）A电
28、压表V2的示数为36VB原线圈两端电压的瞬时值表达式为（V）CR减小时，电流表的示数变大，电压表V2的示数变大D变压器原线圈的输入功率和副线圈的输出功率之比为55：9考点：变压器的构造和原理版权所有专题：交流电专题分析：由图可知输入电压的最大值及周期；则可求得有效值；再由变压器的电压关系求出电压表的示数；对输出端由功率公式求得总功率解答：解：A、由图可知，输入端电压的有效值为220V，则有效值为=220V；则输出端电压U2=220=36V；故A正确；B、由图可知，输入电压的周期为2102s；电压的瞬时表达式u=220sin（100t）（V），故B错误；C、当滑动变阻器电阻减小时，输出电流增大，
29、但输出电压不变；故错误；D、变压器只改变电压和电流，但不会改变功率；故功率之比为1：1；故D错误；故选：A点评：本题考查变压器的性质，应明确变压器可以改变电压及电流，但不会改变功率；输入功率一定等于输出功率8（3分）如图所示，宽度为200m的河，河水的流速为v1=3m/s，河的下游有一养殖区已知小船在静水中的速度为v2=4m/s，现让小船从A处驶到对岸且能避开养殖区，小船行驶过程中船头一直垂直指向对岸，则下列说法正确的是（）AA处与养殖区的距离L至少为120mBA处与养殖区的距离L至少为150mC船在河中运动的实际速度为5m/sD船在河中运动的实际速度为7m/s考点：运动的合成和分解版权所有专
30、题：运动的合成和分解专题分析：将小船的运动分解为垂直于河岸方向和沿河岸方向，根据平行四边形定则，求出合速度，从而确定运动的轨迹，从而求出位移大小解答：解：A、由题意可知，船的实际距离为s=，结合分运动与合运动等时性，则有：A处与养殖区的距离L=v1t=3m=150m，故A错误，B正确；C、小船实际的速度是水流速与静水速的合速度，根据平行四边形定则，合速度v=5m/s小船实际的运动沿合速度的方向故C正确，D错误故选：BC点评：解决本题的关键会根据平行四边形定则进行速度的合成，以及知道小船实际运动的轨迹与小船合速度的方向相同，注意分运动与合运动的等时性9（3分）如图甲所示，一个边长为L的正方形线框
31、固定在匀强磁场（图中未画出）中，磁场方向垂直于导线框所在平面，规定向里为磁感应强度的正方向，向右为导线框ab边所受安培力F的正方向，线框中电流i沿abcd方向时为正已知在04s时间内磁场的磁感应强度的变化规律如图所示则下列图象所表示的关系正确的是（）ABCD考点：法拉第电磁感应定律；闭合电路的欧姆定律版权所有专题：电磁感应与电路结合分析：由图可知磁感应强度的变化，则可知线圈中磁通量的变化，由法拉第电磁感应定律可知感应电动势变化情况，由楞次定律可得感应电流的方向，根据左手定则可以找出安培力方向，结合可得出正确的图象解答：解：由题意可知，规定向里为磁感应强度的正方向，线框中电流i沿abcd方向时为
32、正；A、由法拉第电磁感应定律可知，感应电动势E=，感应电流I=，由Bt图象可知，在每一时间段内，是定值，在各时间段内I是定值，ad边受到的安培力F=BIL，I、L不变，B均匀变化，则安培力F均匀变化，不是定值，A正确，B错误C、由图示Bt图象可知，01s时间内，B减小，减小，由楞次定律可知，感应电流是逆时针的，为正值；同理12s，磁场向里，且增大，磁通量增大，根据楞次定律，感应电流是逆时针，为正值；23s，B的方向垂直纸面向里，B减小，减小，由楞次定律可知，感应电流沿顺时针方向，感应电流是正的；34s内，B的方向垂直纸面向外，B增大，增大，由楞次定律可知，感应电流沿顺时针方向，感应电流是正的，
33、故C错误，D正确；故选：AD点评：本题考查了判断It图象与Ft图象是否正确，分析清楚Bt图象、应用楞次定律、法拉第电磁感应定律、安培力公式即可正确解题10（3分）假设地球同步卫星的轨道半径是地球半径的n倍，地球表面的重力加速度为g，第一宇宙速度为v，则（）A同步卫星在轨道上的运行速度为vB同步卫星在轨道上的运行速度为v/n2C同步卫星的向心加速度为ngD同步卫星的向心加速度为g/n2考点：同步卫星版权所有专题：人造卫星问题分析：研究同步卫星绕地球做匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力，列出等式表示出所要比较的物理量根据已知量结合关系式求出未知量了解同步卫星的含义，即同步卫星的周期必须与地球自转
34、周期相同解答：解：A、研究同步卫星绕地球做匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力，列出等式：=mv=，其中r为同步卫星的轨道半径地球同步卫星的轨道半径是地球半径的n倍，即r=nR，所以v=而第一宇宙速度为v，所以同步卫星的运行速度是第一宇宙速的故A错误，B也错误C、D、研究同步卫星绕地球做匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力，列出等式：=ma，a=根据地球表面万有引力等于重力得：=mg，解得：g=则有：=所以同步卫星的向心加速度是地球表面重力加速度的，故C错误，D正确故选：D点评：求一个物理量之比，我们应该把这个物理量先用已知的物理量表示出来，再根据表达式进行比较向心力的公式选取要根据题目提供的
35、已知物理量或所求解的物理量选取应用11（3分）如图所示，一平行板电容器的电容为C，两极板M、N间距离为d，所接电源的电动势为E，两板间a、b、c三点的连线构成一等腰直角三角形三角形的两直角边长均为L，其中ab边与两板平行，以下说法正确的是（）A电容器所带电荷量为CEB两极板间匀强电场的电场强度大小为Ca、c两点间的电势差为D若增大两板间距离时，a、c两点间电势差不变考点：电容；电场强度；电势差版权所有专题：电容器专题分析：根据电容的定义式C=求出电容器的带电量两极板间匀强电场的电场强度大小E=PN间的电势差小于板间电压U根据U=Ed，d是两点间沿场强方向的距离求电势差将带电量为+q的电荷从M移
36、到P，电场力做正功，电势能减小根据电场力做功公式WMP=qUMP求出电场力做功解答：解：A、电容器两端的电压为电源的电动势；故电容器的带电量Q=EC；故A正确；B、电场强度E=；故B正确；C、ac两点的电势差Uac=Edac=Lsin45=；故C错误；D、因电容器与电源相连；故电容两端的电压不变；增大两板间的距离时，电场强度减小，故ac两点的电势差减小；故D错误；故选：AB点评：本题中涉及电容、电场强度、电势差、电场力做功等多个知识点公式U=Ed中，d是两点间沿场强方向的距离，不是两点间的距离12（3分）如图所示，已知物体与三块材料不同的长方形板间的动摩擦因数分别为、2和3，三块板长度均为L，
37、并排铺在水平地面上，该物体以一定的初速度v0从a点滑上第一块板，则物体恰好滑到第三块的末尾d点停下来，物体在运动中三块板均保持静止；若让物体从d点以相同大小的初速度水平向左运动，三块木板仍能保持静止，则下列说法正确的是（）A物体仍能运动到a点并停下来B物体不能运动到a点C物体两次经过c点时速度大小相等D物体两次经过b点时速度大小相等考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系版权所有专题：牛顿运动定律综合专题分析：对向右和向左运动的过程运用动能定理分别列式，即可得到速度大小相等的位置解答：解：A、物块从a点开始向右运动过程，根据动能定理：mgL+2mgL+3mgL=mv02假设物块从d
38、向左运动过程能到达a点，则根据动能定理克服摩擦力做的功仍然为mgL+2mgL+3mgL=mv02故物体仍嫩运动到a点停下来；故A正确B错误；C、设速度大小相同的点为e点，e点在c点左侧s处图示：根据动能定理得：向右运动过程：mgL2mg（Ls）=Ekemv02向左运动过程： 3mgL2mgS=Ekemv02由上两式得：3mgL2mgS=3mgL+2mgS所以S=0，即为c点，故C正确D错误；故选：AC点评：本题是动能定理的运用题型，关键要正确选择研究的过程，明确有哪些力做功，哪些力做正功哪些力做负功13（3分）如图，MN和PQ是电阻不计的平行金属导轨，其间距为L，导轨弯曲部分和水平部分均光滑，
39、二者平滑连接右端接一个阻值为R的定值电阻水平部分导轨左边区域有宽度为d的匀强磁场区域，磁场方向竖直向上，磁感应强度大小为B质量为m、电阻也为R的金属棒从磁场区域的右边界以平行于水平导轨的初速度v0进入磁场，离开磁场后沿弯曲轨道上升h高度时速度变为零，已知金属棒与导轨间接触良好，则金属棒穿过磁场区域的过程中（重力加速度为g）（）A金属棒产生的最大感应电动势为Bdv0B通过金属棒的电荷量为C克服安培力所做的功为mv02D整个过程电路中产生的焦耳热为mv02mgh考点：导体切割磁感线时的感应电动势；电磁感应中的能量转化版权所有专题：电磁感应功能问题分析：金属棒进入磁场中做减速运动，产生的感应电动势减
40、小，所以开始进入磁场时的感应电动势最大，由公式E=BLv求解最大感应电动势；根据法拉第电磁感应定律、欧姆定律求解感应电荷量；克服安培力所做的功等于电路中产生的焦耳热，根据能量守恒求解解答：解：A、金属棒刚开始进入磁场时产生的感应电动势最大，为 Em=BLv0故A错误B、根据法拉第电磁感应定律得：=由欧姆定律得：=通过金属棒的电荷量为 q=t磁通量的变化量为=BLd联立得：q=，故B错误C、D：根据功能关系得知：克服安培力所做的功等于电路中产生的焦耳热，根据能量守恒得：W=Q=，故C错误，D正确故选：D点评：推导感应电荷量的表达式q=是解决本题的关键，同时要正确分析能量如何转化的，知道克服安培力
41、所做的功等于电路中产生的焦耳热，这些都是电磁感应问题的基本思路14（3分）（2014临沂模拟）在倾角为的光滑斜面上有两个用轻弹簧相连接的物块A、B，它们的质量均为m，弹簧劲度系数为k，C为一固定挡板，系统处于静止状态现用一恒力F沿斜面方向拉物块A使之向上运动，当物块B刚要离开C时，A的速度为v，则此过程（弹簧的弹性势能与弹簧的伸长量或压缩量的平方成正比，重力加速度为g）（）A物块A运动的距离为B物块A加速度为C拉力F做的功为D拉力F对A做的功等于A的机械能的增加量考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系；机械能守恒定律版权所有专题：牛顿运动定律综合专题分析：未加拉力F时，物体A对弹
42、簧的压力等于其重力的下滑分力；物块B刚要离开C时，弹簧的拉力等于物体B重力的下滑分力；根据平衡条件并结合胡克定律求解出两个状态弹簧的行变量，得到弹簧的长度变化情况；然后结合功能关系进行分析即可解答：解：A、开始时，弹簧处于压缩状态，压力等于物体A重力的下滑分力，根据胡克定律，有：mgsin=kx1解得：x1=物块B刚要离开C时，弹簧的拉力等于物体B重力的下滑分力，根据胡克定律，有；mgsin=kx2解得：x2=故物块A运动的距离为：，故A正确；B、此时物体A受拉力、重力、支持力和弹簧的拉力，根据牛顿第二定律，有：FmgsinT=ma弹簧的拉力等于物体B重力的下滑分力，为：T=mgsin故：a=
43、，故B错误；C、D、拉力F做的功等于物体A、物体B和弹簧系统机械能的增加量，为：W=mgxsin+，故C错误，D错误；故选：A点评：本题关键抓住两个临界状态，开始时的平衡状态和最后的B物体恰好要滑动的临界状态，然后结合功能关系分析，不难一、本题4小题，共18分，其中第15、16、17小题各4分；第18小题6分把答案填到题中横线上15（4分）用多用电表的欧姆挡测量一未知电阻的阻值，若将选择开关拨至“100”的挡位测量时，指针停在刻度盘0附近处，为了提高测量的精确度，有下列可供选择的步骤：A将两根表笔短接B将选择开关拨至“1k”挡C将选择开关拨至“10”挡D将两根表笔分别接触待测电阻的两端，记下读
44、数E调节欧姆调零旋钮，使指针停在0刻度线上F将选择开关拨至交流电压最高挡上将上述步骤中必要的步骤选出来，这些必要步骤的合理顺序是C、A、E、D、F（填写步骤的代号）；若操作正确，上述D步骤中，指针偏转情况如图所示，则此未知电阻的阻值是120考点：用多用电表测电阻版权所有专题：实验题分析：用欧姆表测电阻时，要选择适当的挡位，使指针指针刻度盘中央附近；用多用电阻测电阻的实验步骤为：多用电表测量电阻时先机械校零，再将选择开关旋到欧姆档某一位置，然后欧姆调零后，测量电阻读出示数注意示数是由刻度值与倍率的乘积当发现指针偏转太小时，则需要选择更大的倍率欧姆表使用完毕后，把选择开关置于OFF处或交流电压最高
45、挡解答：解：将选择开关拨至“100”的挡位测量时，指针停在刻度盘0附近处，说明欧姆表所选挡位太大，为准确测量电阻阻值，应选择10挡，然后重新进行欧姆调零，再测电阻阻值，测量完毕，把选择开关置于交流电压最高挡上，正确的实验步骤为：C、A、E、D、F；由图示表盘可知，未知电阻阻值为1210=120故答案为：C、A、E、D、F；120点评：应掌握欧姆表测量电阻的原理和方法，注意选择倍率时，明确电表指针指在中值电阻附件时，读数才较准确，这是选档的依据16（4分）某同学采用如图所示的实验装置做“验证机械能守恒定律”的实验时，请指出这个实验过程中产生误差的主要原因（找出两条即可）：纸带与打点计时器限位孔和
46、振针间存在摩擦阻力；测量纸带长度时存在误差考点：验证机械能守恒定律版权所有专题：实验题；机械能守恒定律应用专题分析：重物带动纸带下落过程中，除了重力还受到阻力，从能量转化的角度，由于阻力做功，重力势能减小除了转化给了动能还有一部分转化给摩擦产生的内能；而动能的增加与重力势能的减小，均需要长度测量，因此测量过程中存在误差解答：解：由实验装置可知，重物的质量虽大，但重物和纸带之间存在阻力，重物及纸带在下落时受到阻力，从能量转化的角度，由于阻力做功，重力势能减小除了转化给了动能还有一部分转化给摩擦产生的内能，所以重物增加的动能略小于减少的重力势能，这是产生误差的其中一个原因；另一个动能的增加与重力势
47、能的减小，均需要测量纸带的长度，因此测量过程中存在误差；故答案为：纸带与打点计时器限位孔和振针间存在摩擦阻力；测量纸带长度时存在误差点评：对于实验中发现重物增加的动能略小于减少的重力势能，我们应该从功能角度研究，同时掌握如何进行误差分析，怎样才能进一步减小误差17（4分）某实验小组设计了如图（a）所示的实验装置，探究物体的加速度与受力的关系，通过改变重物的质量，利用传感器可得到滑块运动的加速度a和所受拉力F，而后做出aF关系图象他们在轨道水平和倾斜的两种情况下分别做了实验，得到了两条aF图线，如图（b）所示由图象可知图线不过坐标原点的原因是轨道倾角太大；滑块和加速度传感器的总质量m=0.5kg
48、考点：探究加速度与物体质量、物体受力的关系版权所有专题：实验题；牛顿运动定律综合专题分析：由图可知当F=0时，图线的加速度为2m/s2，知道滑块运动的加速度说明平衡摩擦力时轨道倾角太大a和所受拉力F的关系图象斜率等于滑块和加速度传感器的总质量的倒数解答：解：由图可知当F=0时，图线的加速度为2m/s2，即没有挂重物时，滑块已经具有2m/s2的加速度，说明平衡摩擦力时轨道倾角太大根据F=ma得a=，所以滑块运动的加速度a和所受拉力F的关系图象斜率等于滑块和位移传感器发射部分的总质量的倒数由图形b得加速度a和所受拉力F的关系图象斜率k=2，所以滑块和加速度传感器的总质量m=0.5kg故答案为：轨道
49、倾角太大；0.5点评：本题要能掌握通过作出两个量的图象，然后由图象去寻求未知量与已知量的关系运用数学知识和物理量之间关系式结合起来求解18（6分）实验室中现有如下器材：电池E（电动势6V）电流表A（量程0.6A）电压表Vl（量程3V，内阻未知）电压表V2（量程3V，内阻10K）滑动变阻器R1（最大阻值约20）滑动变阻器R2（最大阻值10）开关S和导线若干某同学设计了一个同时测定滑动变阻器R1最大阻值和电压表Vl内阻的实验电路，如图所示若某次实验中电流表的示数用I表示，电压表Vl、V2的示数分别用U1、U2表示，电压表V2的内阻用r2表示，则R1的最大阻值R1m=；电压表Vl的内阻r1=r2考点
50、：伏安法测电阻版权所有专题：实验题分析：电压表本身是可以显示自身电压的纯电阻，根据串并联电路电压关系得到滑动变阻器的电压，由电流表读出电流，根据欧姆定律计算电阻值解答：解：R1m上的电压为U1+U2，根据欧姆定律：R1m=；电压表V1的内阻r1=r2；故答案为：；点评：本题关键要掌握串并联电路电压和电流的关系，正确运用欧姆定律求解三、本题共3小题，共30分解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案必须明确写出数值和单位19（8分）下图为某小型企业的一道工序示意图，图中一楼为原料车间，二楼为生产车间为了节约能源，技术人员设计了一个滑轮装置用来
51、运送原料和成品，在二楼生产的成品装入A箱，在一楼将原料装入B箱，而后由静止释放A箱，若A箱与成品的总质量为M，B箱与原料的总质量为m（mM），这样在A箱下落的同时会将B箱拉到二楼生产车间，当B箱到达二楼平台时可被工人接住，若B箱到达二楼平台时没有被工人接住的话，它可以继续上升h高度速度才能减小到零不计绳与滑轮间的摩擦及空气阻力，重力加速度为g，求：（1）一楼与二楼的高度差H；（2）在AB箱同时运动的过程中绳对B箱的拉力大小考点：机械能守恒定律；牛顿第二定律版权所有专题：机械能守恒定律应用专题分析：（1）B从地面对二楼平台的过程，对M、m组成的系统，只有重力做功，系统的机械能守恒，据此列出方程；
52、A落地，B继续上升的过程，m的机械能守恒，列出方程，联立即可求得H（2）在AB箱同时运动的过程中，运用隔离法，根据牛顿第二定律求解绳对B箱的拉力大小解答：解：（1）B从地面对二楼平台的过程，对M、m组成的系统：MgH=mgH+（M+m）v2 对m上升的过程，由机械能守恒有：mgh=mv2联立解得：H= （2）在AB箱同时运动的过程中，根据牛顿第二定律得：对M：MgF=Ma对m：Fmg=ma解得：F=答：（1）一楼与二楼的高度差H为；（2）在AB箱同时运动的过程中绳对B箱的拉力大小为点评：本题绳系统的问题，抓住系统的机械能守恒是关键，但要注意分过程进行研究，准确选择研究对象20（10分）如图所示
53、，圆心角为90的光滑圆弧形轨道，半径为1.6m，其底端切线沿水平方向长为的斜面，倾角为60，其顶端与弧形轨道末端相接，斜面正中间有一竖直放置的直杆，现让质量为1Kg的物块从弧形轨道的顶端由静止开始滑下，物块离开弧形轨道后刚好能从直杆的顶端通过，重力加速度取10m/s2，求：（1）物块滑到弧形轨道底端时对轨道的压力大小；（2）直杆的长度为多大考点：动能定理的应用；牛顿第二定律；向心力版权所有专题：动能定理的应用专题分析：（1）根据动能定理求出最低点速度，再对最低点受力分析，利用合力充当向心力列式解球受到的支持力，根据牛顿第三定律知道对轨道的压力大小（2）根据平抛运动的知识结合几何关系求直杆的长度
54、为多大解答：解：（1）沿弧形轨道下滑过程：mgR=mv2在轨道最低点时：FNmg= 解得：FN=mg+=30N由牛顿第三定律可知物块对轨道的压力大小为30N（2）根据平抛运动的规律知x=Lcos=vt y=gt2 根据几何关系知h=Lsiny 联立式知h=2.1m答：（1）物块滑到弧形轨道底端时对轨道的压力大小为30N；（2）直杆的长度为2.1m点评：本题考查常见的两类运动模型，圆周运动和平抛，要掌握每一种运动的解题思路21（12分）如图所示，在平面直角坐标系xOy平面内存在着方向相反的两个匀强磁场区域，其中圆心在坐标原点、半径为R的圆形区域内磁场方向垂直于xOy平面向里，第一象限和第四象限的
55、圆形区域外（区域）的磁场方向垂直于xOy平面向外，MN为与x轴垂直且与y轴相距2.5R的一条直线，现有一质量为m、电荷量为+q的带电粒子，经过加速电压为U的加速电场加速后，从坐标为（R，0）的A点沿x轴正方向射入区域，并从横坐标为0.5R处的P点进入区域已知粒子第一次经过直线MN和第二次经过直线MN时的速度方向恰好相反，不计粒子重力，求：（1）粒子进入圆形区域时的运动速度v的大小；（2）区域和中磁感应强度B1、B2的大小；（3）粒子从A点开始到第二次经过直线MN的过程中运动的总时间t考点：带电粒子在匀强磁场中的运动；带电粒子在匀强电场中的运动版权所有专题：带电粒子在复合场中的运动专题分析：（1
56、）直线加速过程，根据动能定理列式求解即可；（2）粒子从A点垂直射入磁场，从P点射出，故圆心是过A点垂直AO的线与AP的中垂线的交点，求解出半径后，根据牛顿第二定律列式求解磁感应强度；进入区域后依然做匀速圆周运动，圆心是经过P点和圆心1的连线与直线MN的交点，求解出半径后，根据牛顿第二定律列式求解磁感应强度；（3）根据公式t=列式求解圆周运动的时间解答：解：（1）直线加速过程，根据动能定理，有：qU=mv2解得：v=（2）粒子的轨迹如图：由于P点的横坐标为0.5R，故：sin=，=30由图可知：R1=RR2=R由qvB1=m得：B1=同理可得：B2=（3）由T= 得：T=t1=T=t2=T=t=
57、t1+t2=答：（1）粒子进入圆形区域时的运动速度v的大小为；（2）区域中磁感应强度B1的大小为，区域中磁感应强度B2的大小为；（3）粒子从A点开始到第二次经过直线MN的过程中运动的总时间t为点评：本题关键明确粒子的运动规律，找出圆心，确定半径，画出粒子的运动轨迹，然后结合牛顿第二定律列式求解四、选作题，共3小题请从22、23、24三个题中任选一题作答解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分有数值计算的题，答案必须明确写出数值和单位22（10分）（1）下列说法正确的是CDA布朗运动是液体分子的无规则运动B分子间引力总是随着分子间的距离减小而减小C热量能够自发地
58、从高温物体传导到低温物体，但不能自发地从低温物体传导到高温物体D水的饱和汽压随温度的升高而增大（2）如图所示，一导热性能良好、内壁光滑的气缸开口向上竖直放置，横截面积为S=2l03m2、质量与厚度均不计的活塞，与气缸底部之间封闭了一部分气体，此时活塞与气缸底部之间的距离为24cm大气压强P0=l.0105Pa现将质量为4kg的物块放在活塞上，取g=10m/s2求：稳定后活塞与气缸底部之间的距离；分析说明上述过程气体是吸热还是放热考点：理想气体的状态方程；布朗运动；热力学第一定律版权所有专题：热力学定理专题分析：（1）布朗运动是固体小颗粒的无规则运动；热量能够自发地从高温物体传到低温物体；水的饱
59、和汽压随温度的升高而增大；（2）由气体压强的计算方法可求得气体的压强，则由理想气体的状态方程可求得气体的体积变化，即可求得活塞与气缸底部之间的距离；由热力学第一定律可求得气体是吸热还是放热解答：解：（1）A、布朗运动是固体小颗粒的运动，是液体分子的无规则运动的反映；故A错误；B、分子间的引力总是随着分子间的距离减小而增大；故B错误；C、热量能够自发地从高温物体传导到低温物体；但不能自发地从低温物体传导到高温物体；故C正确；D、水的饱和汽压随温度的升高而增大；故D正确；故选：CD （2）气体温度不变：则由等温变化可得：p0 h0s=（p0+）hs解得：h=20cm；气体体积变小，外界对气体做功等
60、温变化，内能不变由热力学第一定律可知气体放热故答案为：（1）CD；（2）活塞与气缸底部之间的距离为20cm；气体放热点评：本题考查热学的基础内容；热学问题的考查较为全面，在学习时要注意全面掌握，不能有遗漏23（10分）（1）如图甲所示，一列简谐波沿x轴传播，实线为t=0时的波形图，此时P质点向y轴负方向运动，虚线为经过0.01s时第一次出现的波形图，则波沿x轴正（填“正”或“负”）方向传播，波速为100（8n+1）（n=0，1，2，）m/s（2）某同学欲测直角三棱镜ABC的折射率n他让光线沿平行于BC边的方向射到三棱镜的侧面AB上，经棱镜AB边和AC边的两次折射和BC边的一次反射后，又从另一侧
61、面AC边上的P点射出在图乙上画出光路图；若将射向AB边的光的入射角调整为=60，此时的折射角=30，求折射率n的值考点：光的折射定律；横波的图象；波长、频率和波速的关系版权所有专题：光的折射专题分析：（1）由题，此时P质点向y轴负方向运动，判断出波传播方向，根据波形的平移法和周期性得到波传播x的距离通项，由公式v=求出波速（2）光线经过棱镜两次折射后从AC侧面射出时，在BC面上发生了全反射，画出光路图在AC面上和AB面上，分别运用折射定律列式；根据几何关系得到AC面上折射角与AB面上入射角之间的关系，联立即可求得n解答：解：（1）由题，此时P质点向y轴负方向运动，根据波形平移法判断出波沿x轴正
62、方向传播根据波的周期性可知，波传播的距离为x=（n+1）m=（8n+1）m，n=0，1，2，则波速为 v=m/s=100（8n+1）m/s，n=0，1，2，（2）由题意知：光线在BC面上发生了全反射，画出光路图如图所示根据反射定律和几何关系知：光线在AB面的折射角为=30，则折射率为 n=故答案为：（1）正； 100（8n+1）m/s，n=0，1，2，；（2）光路图如图所示折射率n的值为点评：第1题要抓住波的周期性，得到波传播距离的通项是关键；第2题关键要判断出光线在BC面上发生了全反射，运用几何关系求解AB面上的折射角24（10分）（1）下列说法正确的是ACA原子核发生衰变时遵守电荷数守恒和
63、质量数守恒的规律B射线、射线、射线都是高速运动的带电粒子流C氢原子从激发态向基态跃迁只能辐射特定频率的光子D汤姆逊提出了原子核式结构学说（2）如图所示，光滑水平面上滑块A、C质量均为m=1kg，B质量为M=3kg开始时A、B静止，现将C以初速度v0=2m/s的速度滑向A，与A碰后C的速度变为零，而后A向右运动与B发生碰撞并粘在一起；求：A与B碰撞后的共同速度大小；A与B碰撞过程中，A与B增加的内能为多少？考点：动量守恒定律；原子核衰变及半衰期、衰变速度版权所有分析：（1）原子核发生衰变时质量数与核电荷数守恒；根据对衰变粒子性质的掌握分析答题；氢原子跃迁时吸收或辐射特定频率的光子；卢瑟福提出了原
64、子核式结构模型（2）A、C碰撞过程中动量守恒，由动量守恒定律求出它们碰撞后B的速度；A、B碰撞过程中动量守恒，由动量守恒定律可以求出它们的共同速度；由能量守恒定律可以求出A、B碰撞过程系统增加的内能解答：解：（1）A、原子核发生衰变时电荷数和质量数守恒，故A正确；B、射线是氦原子核、射线是电子、射线电磁波，故B错误；C、氢原子从激发态向基态跃迁只能辐射特定频率的光子，故C正确；D、卢瑟福提出了原子核式结构学说，故D错误；故选AC（2）以A、C组成的系统为研究对象，以C的初速度方向为正方向，由动量守恒定律得：mv0=mvA，A、B碰撞过程动量守恒，以A、B组成的系统为研究对象，以A的初速度方向为
65、正方向，由动量守恒定律得：mvA=（m+M）v，代入数据解得：vA=2m/s，v=0.5m/s；A、B碰撞过程中，由能量守恒定律可得A与B增加的内能：E=m（m+M）v2=1.5J；故答案为：（1）AC；（2）A与B碰撞后的共同速度大小为0.5m/s；A与B碰撞过程中，A与B增加的内能为1.5J点评：本题考查了选修35的内容，对于选修内容要掌握基础知识，掌握基础知识即可正确解题；应用动量守恒定律与能量守恒定律即可求出滑块的速度与系统增加的内能参与本试卷答题和审题的老师有：wxz；FAM；灌园叟；木子；YLX888；wslil76；src；gzwl；wgb；大文杰（排名不分先后）2015年2月14日
