1、2015-2016学年内蒙古通辽市霍林郭勒市一中高三（上）月考物理试卷（9月份）一、单项选择题（共8小题，每小题4分，共32分，在每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要求，选对的得4分，选错或不答的得0分）1意大利科学家伽利略在研究物体变速运动规律时，做了著名的“斜面实验”，他测量了铜球在较小倾角斜面上的运动情况，发现铜球做的是匀变速直线运动，且铜球加速度随斜面倾角的增大而增大，于是他对大倾角情况进行了合理的外推，由此得出的结论是( )A自由落体运动是一种匀变速直线运动B力是使物体产生加速度的原因C力不是维持物体运动的原因D物体都具有保持原来运动状态的属性，即惯性2架在A、B两根晾衣杆
2、之间的均匀铁丝在夏、冬两季由于热胀冷缩的效应，铁丝呈现如图所示的两种形状下列说法中正确的是( )A夏季铁丝对晾衣杆的拉力较大B冬季铁丝对晾衣杆的拉力较大C夏季晾衣杆对地面的压力较大D冬季晾衣杆对地面的压力较大3如图所示，木块A、B静止叠放在水平面上，A的质量为m，B的质量为2m现施水平力F拉B，A、B刚好不发生相对滑动，一起沿水平面运动若改用水平力F拉A，使A、B也保持相对静止，一起沿水平面运动，则F不得超过( )A2FBFC3FDF4如图所示，质量为m的木块A放在质量为M的三角形斜劈上，现用大小均为F、方向相反的水平力同时推A和B，它们均静止不动则( )AA与B之间一定存在摩擦力BB与地之间
3、可能存在摩擦力CB对A的支持力一定小于mgD地面对B的支持力的大小一定等于（M+m）g5如图所示，用细绳系住放在倾角为的光滑斜面上的球，当细绳由水平方向缓慢向上偏移至竖直方向的过程中，细绳上的拉力将( )A逐渐增大B逐渐减小C先增大后减小D先减小后增大6如图所示，为a、b两条曲线汽车a、b在同一条平直公路上速度时间图象，已知在t2时刻，两车相遇，下列说法正确的是( )At1时刻两车也相遇Bt1时刻a车在前，b车在后Ca车速度先增大后减小，b车速度先减小后增大Da车加速度先增大后减小，b车加速度先减小后增大7物体A、B都静止在同一水平面上，它们的质量分别为mA、mB，与水平面间的动摩擦因数分别为
4、A、B，用水平拉力F拉物体A、B，所得加速度a与拉力F关系图线如图中A、B所示，则有( )AA=B，mAmBBAB，mAmBCA=B，mAmBDAB，mAmB8如图，三个物体质量分别为m1=1kg、m2=2kg、m3=3kg，已知斜面上表面光滑，斜面倾角=30，m1和m2之间的动摩擦因数=0.8不计绳和滑轮的质量和摩擦初始用外力使整个系统静止，当撤掉外力时，m2将：（g=10m/s2），最大静摩擦力等于滑动摩擦力）( )A相对于m1下滑B和m1一起沿斜面上滑C相对于m1上滑D和m1一起沿斜面下滑二、多项选择题（共4小题，每小题4分，共16分，在每小题给出的四个选项中，有两个以上选项符合题目要求
5、，全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分）9某物体以一定的初速度沿足够长的斜面从底端向上滑去，此后该物体的运动图象可能的是（图中x是位移、v是速度、t是时间）( )ABCD10一个质点正在作匀加速直线运动，用固定在地面上的照相机对该质点进行闪光照相，闪光时间间隔为2s，分析照片得到的数据，发现质点在第2次、第3次闪光的时间间隔内移动了4m；第4次、第5次时间间隔内移动了8m；由此可以求出( )A质点运动的加速度为1m/s2B质点运动的加速度为0.5m/s2C第1次闪光时质点的速度为1m/sD从第3次闪光到第4次闪光这段时间内质点的位移为6m11如图，质量为m2的物体2放在正沿平
6、直轨道向右行驶的车厢底板上，并用竖直细绳通过光滑定滑轮连接质量为m1的物体1，与物体1相连接的绳与竖直方向成角，则( )A车厢的加速度为gsinB绳对物体1的拉力为C物体2所受底板的摩擦力为m2gtanD底板对物体2的支持力为（m2m1）g12如图示，质量为m的物体，在与水平方向成角的拉力F作用下，在水平面上做加速度为a的匀加速运动已知物体与水平面间有弹力作用且动摩擦因数为，则物体所受的各力产生的加速度的大小，下面说法正确的是( )A滑动摩擦力产生的加速度等于gB拉力F产生的加速度为 C重力和支持力的合力产生的加速度为零D合力产生的加速度为g三、实验题（共2小题，共15分）13图（a）为测量物
7、块与水平桌面之间动摩擦因数的实验装置示意图实验步骤如下：用天平测量物块和遮光片的总质量M重物的质量m：用游标卡尺测量遮光片的宽度d；用米尺测最两光电门之间的距离s；调整轻滑轮，使细线水平：让物块从光电门A的左侧由静止释放，用数字毫秒计分别测出遮光片经过光电门A和光电门B所用的时间tA和tB，求出加速度a；多次重复步骤，求a的平均；根据上述实验数据求出动擦因数回答下列为题：（1）测量d时，某次游标卡尺（主尺的最小分度为1mm）的示如图（b）其读数为_cm（2）物块的加速度a可用d、s、tA，和tB，表示为a=_（3）动摩擦因数可用M、m、；和重力加速度g表示为=_14某同学探究弹力与弹簧伸长量的
8、关系（1）将弹簧悬挂在铁架台上，将刻度尺固定在弹簧一侧弹簧轴线和刻度尺都应在_方向（填“水平”或“竖直”）（2）弹簧自然悬挂，待弹簧静止时，长度记为L；弹簧下端挂上砝码盘时，长度记为Lx；在砝码盘中每次增加10g砝码，弹簧长度依次记为L1至L6，数据如表：表中有一个数值记录不规范，代表符号为_（3）如图是该同学根据表中数据作的图，纵轴是砝码的质量，横轴是弹簧长度与_的差值（填“L”或“Lx”）（4）由图可知弹簧的劲度系数为_N/m；通过图和表可知砝码盘的质量为_g（结果保留两位有效数字，重力加速度取9.8m/s2）四、计算题（本题包括3小题，共37分，解答时写出必要的文字说明、方程式和重要的演
9、算步骤只写出最后答案的不能得分，没有说明扣除得分的50%，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位，）15质量为M、倾角为的斜面上有质量为m的木块，木块与斜面之间、斜面与水平地面之间的动摩擦因数均为，现用水平力F推动木块，如图所示，使木块恰好沿斜面向上做匀速运动，若斜面始终保持静止，求：（1）水平推力F的大小（2）斜面受到地面的摩擦力和支持力的大小16质量为0.2kg的物体，以v0=24m/s的初速度竖直上抛，由于空气阻力，经过t=2s到达最高点，设空气阻力大小恒定，取g=10m/s2求：（1）物体上升的最大高度H（2）物体所受空气阻力f的大小（3）物体由最高点落回抛出点所用的时间t117
10、一长木板A在水平地面上运动，当长木板A速度为v0=5m/s的时刻将一相对于地面静止的物块B轻放到木板A上，如图甲所示己知木板A与物块B的质量相等，物块B与木板A间的动摩擦因数1=0.2，木板A与地面间的动摩擦因数2=0.3，物块B与木板A间的最大静摩擦力等于滑动摩擦力，且物块B始终在木板A上取重力加速度的大小g=10m/s2求：（1）物块B刚放到木板上时木板A和物块B的加速度的aA和aB大小（2）以物块B刚放到木板A上时为计时起点（t=0），在图乙所示同一坐标系中画出木板A和物块B运动的速度时间（vt）图象（木板A以实线画，物块B以虚线画，要求写出必要的画图依据）（3）木板至少要多长2015-
11、2016学年内蒙古通辽市霍林郭勒市一中高三（上）月考物理试卷（9月份）一、单项选择题（共8小题，每小题4分，共32分，在每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要求，选对的得4分，选错或不答的得0分）1意大利科学家伽利略在研究物体变速运动规律时，做了著名的“斜面实验”，他测量了铜球在较小倾角斜面上的运动情况，发现铜球做的是匀变速直线运动，且铜球加速度随斜面倾角的增大而增大，于是他对大倾角情况进行了合理的外推，由此得出的结论是( )A自由落体运动是一种匀变速直线运动B力是使物体产生加速度的原因C力不是维持物体运动的原因D物体都具有保持原来运动状态的属性，即惯性考点：牛顿第一定律 分析：结论是
12、由实验推导出来的，所以结论必须与实验相联系，题目中的结论要与随着斜面倾角的增大，铜球做怎样的运动有关解答：解：铜球在较小倾角斜面上的运动情况，发现铜球做的是匀变速直线运动，且铜球加速度随斜面倾角的增大而增大，倾角最大的情况就是90时，这时物体做自由落体运动，由此得出的结论是自由落体运动是一种匀变速直线运动故选A点评：该题属于实验推论题，要求同学们正确理解科学家的基本观点和佐证实验，该题难度不大，属于基础题2架在A、B两根晾衣杆之间的均匀铁丝在夏、冬两季由于热胀冷缩的效应，铁丝呈现如图所示的两种形状下列说法中正确的是( )A夏季铁丝对晾衣杆的拉力较大B冬季铁丝对晾衣杆的拉力较大C夏季晾衣杆对地面
13、的压力较大D冬季晾衣杆对地面的压力较大考点：合力的大小与分力间夹角的关系 专题：受力分析方法专题分析：以整条铁丝为研究对象，受力分析根据平衡条件列出等式，结合夏季、冬季的铁丝几何关系求解解答：解：以整条铁丝为研究对象，受力分析如右图所示，由共点力的平衡条件知，两杆对铁丝的弹力的合力与其重力平衡，由几何关系得：Fcos=，故F=，由于夏天气温较高，铁丝的体积会膨胀，两杆正中部位铁丝下坠的距离h变大，则铁丝在杆上固定处的切线方向与竖直方向的夹角变小，故F较小，根据牛顿第三定律得，铁丝对晾衣杆拉力大小与F相等，故答案为B故选B点评：要比较一个物理量的大小关系，我们应该先把这个物理量运用物理规律表示出
14、来本题中应该抓住电线杆上的电线的质量一定，受力平衡，根据夏季、冬季电线在杆上固定处的切线方向与竖直方向的夹角的不同分析求解3如图所示，木块A、B静止叠放在水平面上，A的质量为m，B的质量为2m现施水平力F拉B，A、B刚好不发生相对滑动，一起沿水平面运动若改用水平力F拉A，使A、B也保持相对静止，一起沿水平面运动，则F不得超过( )A2FBFC3FDF考点：牛顿第二定律；物体的弹性和弹力 专题：牛顿运动定律综合专题分析：物体A与B刚好不发生相对滑动的临界条件是A、B间的静摩擦力达到最大值，可以先对A或B受力分析，再对整体受力分析，然后根据牛顿第二定律列式求解解答：解：力F拉物体B时，A、B恰好不
15、滑动，故A、B间的静摩擦力达到最大值，对物体A受力分析，受重力mg、支持力N1、向前的静摩擦力fm，根据牛顿第二定律，有fm=ma对A、B整体受力分析，受重力3mg、支持力和拉力F，根据牛顿第二定律，有F=3ma由解得：fm=当F1作用在物体A上时，A、B恰好不滑动时，A、B间的静摩擦力达到最大值，对物体A，有F1fm=ma1对整体，有：F1=3ma1由上述各式联立解得：F1=即F1的最大值是故选：B点评：本题关键抓住恰好不滑动的临界条件，然后灵活地选择研究对象，运用牛顿第二定律列式求解4如图所示，质量为m的木块A放在质量为M的三角形斜劈上，现用大小均为F、方向相反的水平力同时推A和B，它们均
16、静止不动则( )AA与B之间一定存在摩擦力BB与地之间可能存在摩擦力CB对A的支持力一定小于mgD地面对B的支持力的大小一定等于（M+m）g考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用 专题：共点力作用下物体平衡专题分析：先对A、B整体受力分析，根据平衡条件得到地面对整体的支持力和摩擦力；再对物体A受力分析，根据平衡条件求解B对A的支持力和摩擦力解答：解：B、D、对A、B整体受力分析，如图，受到重力（M+m）g、支持力N和已知的两个推力，对于整体，由于两个推力刚好平衡，故整体与地面间没有摩擦力；根据共点力平衡条件，有N=（M+m）g故B错误，D正确；A、C、再对物体A受力分析，受重力m
17、g、已知的推力F、斜面体B对A的支持力N和摩擦力f，当推力F沿斜面分量大于重力的下滑分量时，摩擦力的方向沿斜面向下，如下图当推力F沿斜面分量小于重力的下滑分量时，摩擦力的方向沿斜面向上，如下图当推力F沿斜面分量等于重力的下滑分量时，摩擦力为零，如下图根据共点力平衡的条件，运用正交分解法，可以得到：N=mgcos+Fsin故A错误，C错误；故选：D点评：本题关键是对A、B整体受力分析，根据平衡条件得到地面对整体的支持力和摩擦力，然后再对物体A受力分析，再次根据平衡条件列式求解出各个力的情况5如图所示，用细绳系住放在倾角为的光滑斜面上的球，当细绳由水平方向缓慢向上偏移至竖直方向的过程中，细绳上的拉
18、力将( )A逐渐增大B逐渐减小C先增大后减小D先减小后增大考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用 专题：共点力作用下物体平衡专题分析：小球放在光滑的斜面上，受到重力G、细绳的拉力F2和斜面的支持力F1，作出细绳在三个不同方向时力的合成图，分析拉力F2和支持力F1的变化情况解答：解：球的重力有两个效果，即拉细绳和压斜面，用图解法分析，作出力的分解图示如图所示，由图可知，当细绳由水平方向逐渐向上偏移至竖直方向时，细绳上的拉力F2将先减小后增大，当F2和F1的方向垂直时，F2有极小值；而球对斜面的压力F1逐渐减小，故D正确故选：D点评：本题运用图解法分析拉力F的变化情况，也可以运用函数
19、法进行分析6如图所示，为a、b两条曲线汽车a、b在同一条平直公路上速度时间图象，已知在t2时刻，两车相遇，下列说法正确的是( )At1时刻两车也相遇Bt1时刻a车在前，b车在后Ca车速度先增大后减小，b车速度先减小后增大Da车加速度先增大后减小，b车加速度先减小后增大考点：匀变速直线运动的速度与时间的关系；匀变速直线运动的图像 专题：直线运动规律专题分析：根据速度时间图线判断汽车的运动规律，通过图线与时间轴围成的面积表示位移判断哪个汽车在前通过图线的斜率判断加速度的变化解答：解：A、在t2时刻，两车相遇，在t1t2时间内，a图线与时间轴围成的面积大，则a的位移大，可知t1时刻，b车在前，a车在
20、后故A、B错误C、由图线可知，a车的速度先增大后减小，b车的速度先减小后增大故C正确D、图线切线的斜率表示加速度，可知a车的加速度先减小后增大，b车的加速度先减小后增大故D错误故选：C点评：解决本题的关键知道速度时间图线的物理意义，知道图线与时间轴围成的面积表示位移，图线的切线斜率表示瞬时加速度7物体A、B都静止在同一水平面上，它们的质量分别为mA、mB，与水平面间的动摩擦因数分别为A、B，用水平拉力F拉物体A、B，所得加速度a与拉力F关系图线如图中A、B所示，则有( )AA=B，mAmBBAB，mAmBCA=B，mAmBDAB，mAmB考点：验证牛顿第二运动定律 专题：实验题；牛顿运动定律综
21、合专题分析：对物体受力分析，受到重力、支持力、拉力和摩擦力，根据牛顿第二定律列式，结合加速度a与拉力F的关系图象分析即可解答：解：对质量为M的物体受力分析，假定动摩擦因素为，根据牛顿第二定律，有：Fmg=ma解得：a=g，故a与F关系图象的斜率表示质量的倒数，故mAmB；从图象可以看出纵轴截距用表示g表示，故AB；故选：B点评：本题关键对物体受力分析后，根据牛顿第二定律列式求解出a与F关系式，再结合图象进行讨论8如图，三个物体质量分别为m1=1kg、m2=2kg、m3=3kg，已知斜面上表面光滑，斜面倾角=30，m1和m2之间的动摩擦因数=0.8不计绳和滑轮的质量和摩擦初始用外力使整个系统静止
22、，当撤掉外力时，m2将：（g=10m/s2），最大静摩擦力等于滑动摩擦力）( )A相对于m1下滑B和m1一起沿斜面上滑C相对于m1上滑D和m1一起沿斜面下滑考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用 专题：共点力作用下物体平衡专题分析：假设m1和m2之间保持相对静止，对整体分析，运用牛顿第二定律求出整体的加速度，隔离对m2分析，根据牛顿第二定律求出m1和m2之间的摩擦力，判断是否超过最大静摩擦力，从而判断能否保持相对静止解答：解：假设m1和m2之间保持相对静止，对整体分析，整体的加速度为：a=2.5m/s2隔离对m2分析，根据牛顿第二定律得：fm2gsin30=m2a解得：f=m2g
23、sin30+m2a=2.0（100.5+2.5）N=15N最大静摩擦力为：fm=m2gcos30=N=8N，可知ffm，知道m2随m1一起做加速运动需要的摩擦力大于二者之间的最大静摩擦力，所以假设不正确，m2相对于m1下滑故A正确，BCD错误故选：A点评：解决本题的关键能够正确地受力分析，运用牛顿第二定律进行求解，掌握整体法和隔离法的运用二、多项选择题（共4小题，每小题4分，共16分，在每小题给出的四个选项中，有两个以上选项符合题目要求，全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分）9某物体以一定的初速度沿足够长的斜面从底端向上滑去，此后该物体的运动图象可能的是（图中x是位移、v是速
24、度、t是时间）( )ABCD考点：匀变速直线运动的图像 分析：物体以一定的初速度沿足够长的斜面，可能先向上做匀减速直线运动，后向下做匀加速直线运动，匀加速运动的加速度大于匀减速运动的加速度，物体返回时速度减小；可能先向上做匀减速直线运动，后停在最高点解答：解：A、物体可能先向上做匀减速直线运动，后向下做匀加速直线运动，根据x=v0t+at2得知，位移是时间的二次函数，图线是曲线，A是可能的故A正确B、可能先向上做匀减速直线运动，后停在最高点故B正确C、由图知道：物体返回时大于出发时速度，不符合物体的运动情况，违反了能量守恒定律，不可能故C错误D、可能先向上做匀减速直线运动，后停在最高点故D正确
25、；故选：ABD点评：本题考查把握物体的运动情况和物理图象之间联系的能力，要考虑各种可能的情况，不能遗漏10一个质点正在作匀加速直线运动，用固定在地面上的照相机对该质点进行闪光照相，闪光时间间隔为2s，分析照片得到的数据，发现质点在第2次、第3次闪光的时间间隔内移动了4m；第4次、第5次时间间隔内移动了8m；由此可以求出( )A质点运动的加速度为1m/s2B质点运动的加速度为0.5m/s2C第1次闪光时质点的速度为1m/sD从第3次闪光到第4次闪光这段时间内质点的位移为6m考点：匀变速直线运动规律的综合运用 专题：直线运动规律专题分析：匀加速直线运动，在连续相等时间内的位移之差是一恒量，根据该推
26、论求出质点的加速度大小再根据匀变速直线运动的位移时间公式求出第1次闪光时质点的速度解答：解：A、根据得，质点的加速度a=故A错误，B正确C、，在相等时间内的位移之差是一恒量，知第1次、第2次闪光的时间间隔内移动了2m，根据x=得，v0=0.5m/s故C错误D、因为相邻的相等时间内的位移之差为2m，第2次、第3次闪光的时间间隔内移动了4m，则从第3次闪光到第4次闪光这段时间内质点的位移为6m故D正确故选BD点评：解决本题的关键掌握匀变速直线运动的运动学公式和推论，并熟练运用11如图，质量为m2的物体2放在正沿平直轨道向右行驶的车厢底板上，并用竖直细绳通过光滑定滑轮连接质量为m1的物体1，与物体1
27、相连接的绳与竖直方向成角，则( )A车厢的加速度为gsinB绳对物体1的拉力为C物体2所受底板的摩擦力为m2gtanD底板对物体2的支持力为（m2m1）g考点：牛顿第二定律；摩擦力的判断与计算；物体的弹性和弹力 专题：牛顿运动定律综合专题分析：先以物体1为研究对象，分析受力情况，根据牛顿第二定律求出其加速度和绳的拉力再对物体2研究，由牛顿第二定律求出支持力和摩擦力解答：解：A、B以物体1为研究对象，重力m1g和拉力T，根据牛顿第二定律得m1gtan=m1a，得a=gtan，则车厢的加速度也为gtan对1的拉力为T=故A错误，B正确C、D对物体2研究，分析受力如图2，根据牛顿第二定律得：N=m2
28、gT=m2g，f=m2a=m2gtan故C正确，D错误故选：BC点评：本题要抓住两个物体与车厢的加速度相同，采用隔离法研究，分别运用合成法和正交分解法处理12如图示，质量为m的物体，在与水平方向成角的拉力F作用下，在水平面上做加速度为a的匀加速运动已知物体与水平面间有弹力作用且动摩擦因数为，则物体所受的各力产生的加速度的大小，下面说法正确的是( )A滑动摩擦力产生的加速度等于gB拉力F产生的加速度为 C重力和支持力的合力产生的加速度为零D合力产生的加速度为g考点：牛顿第二定律 专题：牛顿运动定律综合专题分析：对物体进行受力分析，分别求出各个力，根据牛顿第二定律a=求出各力产生的加速度解答：解：
29、A、物块受重力、支持力、拉力、摩擦力，如图f=（mgFsin），所以摩擦力产生的加速度为：故A错误B、拉力F产生的加速度a=故B错误C、重力和支持力的合力不为零，则加速度不为零故C错误D、物体所受的合力F合=Fcos（mgFsin），所以加速度为：a=故D正确故选：D点评：解决本题的关键掌握牛顿第二定律知道每个力都可以产生加速度，最终的加速度是每个力产生加速度的合加速度三、实验题（共2小题，共15分）13图（a）为测量物块与水平桌面之间动摩擦因数的实验装置示意图实验步骤如下：用天平测量物块和遮光片的总质量M重物的质量m：用游标卡尺测量遮光片的宽度d；用米尺测最两光电门之间的距离s；调整轻滑轮，
30、使细线水平：让物块从光电门A的左侧由静止释放，用数字毫秒计分别测出遮光片经过光电门A和光电门B所用的时间tA和tB，求出加速度a；多次重复步骤，求a的平均；根据上述实验数据求出动擦因数回答下列为题：（1）测量d时，某次游标卡尺（主尺的最小分度为1mm）的示如图（b）其读数为0.960cm（2）物块的加速度a可用d、s、tA，和tB，表示为a=（3）动摩擦因数可用M、m、；和重力加速度g表示为=考点：探究影响摩擦力的大小的因素 专题：实验题；摩擦力专题分析：（1）主尺与游标尺示数之和是游标卡尺的示数；（2）由速度公式求出速度，由匀变速运动的速度位移公式求出加速度；（3）由运动学公式，结合牛顿第二
31、定律，列方程求出动摩擦因数解答：解：（1）由图示游标卡尺可知，主尺示数为0.9cm，游标尺示数为120.05mm=0.60mm=0.060cm，游标卡尺示数为0.9cm+0.060cm=0.960cm；（2）滑块的速度vA=，vB=，从A到B，由速度位移公式得：vB2vA2=2as，解得，加速度a=（3）由牛顿第二定律，则有：mgMg=（M+m），解得：=；故答案为：（1）0.960；（2）；（3）点评：本题考查了游标卡尺读数、求加速度、求动摩擦因数等问题；主尺与游标尺示数之和是游标卡尺的示数，游标卡尺不需要估读应用速度公式、匀变速运动的速度位移公式、动能定理即可正确解题14某同学探究弹力与弹
32、簧伸长量的关系（1）将弹簧悬挂在铁架台上，将刻度尺固定在弹簧一侧弹簧轴线和刻度尺都应在竖直方向（填“水平”或“竖直”）（2）弹簧自然悬挂，待弹簧静止时，长度记为L；弹簧下端挂上砝码盘时，长度记为Lx；在砝码盘中每次增加10g砝码，弹簧长度依次记为L1至L6，数据如表：表中有一个数值记录不规范，代表符号为L3（3）如图是该同学根据表中数据作的图，纵轴是砝码的质量，横轴是弹簧长度与Lx的差值（填“L”或“Lx”）（4）由图可知弹簧的劲度系数为4.9N/m；通过图和表可知砝码盘的质量为10g（结果保留两位有效数字，重力加速度取9.8m/s2）考点：探究弹力和弹簧伸长的关系 专题：实验题分析：用毫米刻
33、度尺测量长度是要估读到分度值的下一位，即要有估读的充分利用测量数据，根据公式F=kx可以计算出弹簧的劲度系数k其中x为弹簧的形变量解答：解：（1）将弹簧悬挂在铁架台上，将刻度尺固定在弹簧一侧，弹簧轴线和刻度尺都应在竖直方向（2）表中有一个数值记录不规范，尺的最小分度值为1mm，所以长度L3应为33.40cm，由表可知所用刻度尺的最小刻度为1mm（3）在砝码盘中每次增加10g砝码，所以弹簧的形变量应该是弹簧长度与LX的差值（4）充分利用测量数据k=4.9N/m；通过图和表可知：L0=25.35cm，Lx=27.35cm所以砝码盘的质量为：m=0.01kg=10g；故答案为：（1）竖直，（2）L3
34、，（3）Lx，（4）4.9，10点评：弹簧测力计的原理是在弹簧的弹性限度内，弹簧的伸长与受到的拉力成正比对于实验问题，我们要充分利用测量数据求解可以减少误差四、计算题（本题包括3小题，共37分，解答时写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤只写出最后答案的不能得分，没有说明扣除得分的50%，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位，）15质量为M、倾角为的斜面上有质量为m的木块，木块与斜面之间、斜面与水平地面之间的动摩擦因数均为，现用水平力F推动木块，如图所示，使木块恰好沿斜面向上做匀速运动，若斜面始终保持静止，求：（1）水平推力F的大小（2）斜面受到地面的摩擦力和支持力的大小考点：共点
35、力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力 专题：共点力作用下物体平衡专题分析：（1）对物块进行受力分析，根据共点力平衡，利用正交分解，在沿斜面方向和垂直于斜面方向都平衡，进行求解；（2）把木块和斜面看成一个整体，根据水平和竖直方向受力平衡求解解答：解：（1）由平衡条件得：FcosmgsinFn=0FnFsinmgcos=0解得：F=（2）把木块和斜面看成一个整体，竖直方向受力平衡，则有：FN=（m+M）g，水平方向受力平衡，则有：f=F=答：（1）水平推力F的大小为（2）斜面受到地面的摩擦力为，支持力的大小为（m+M）g点评：解决本题的关键正确受力分析，根据共点力平衡，利用正交分解进行求解，注意
36、整体法和隔离法的应用16质量为0.2kg的物体，以v0=24m/s的初速度竖直上抛，由于空气阻力，经过t=2s到达最高点，设空气阻力大小恒定，取g=10m/s2求：（1）物体上升的最大高度H（2）物体所受空气阻力f的大小（3）物体由最高点落回抛出点所用的时间t1考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的速度与时间的关系 专题：牛顿运动定律综合专题分析：物体上升到最高点做匀减速运动，根据平均速度公式即可求得最大高度；先求出阻力的大小，根据牛顿第二定律求出向下运动时的加速度，再根据位移时间公式求解最高点落回抛出点所用的时间解答：解：（1）物体上升的加速度大小：最大高度：（2）由于空气阻力，物体向上向下的
37、加速度a是不同的，在向上时有：mg+f=ma，f=0.212N0.210N=0.4N （3）则下落时的加速度：由可得：答：（1）物体上升的最大高度是24m；（2）物体所受空气阻力f的大小为0.4N（3）由最高点落回抛出点所用的时间是s点评：本题主要考查了牛顿第二定律及运动学基本公式的应用，要注意到下落时的加速度与上升时的加速度是相同的难度适中17一长木板A在水平地面上运动，当长木板A速度为v0=5m/s的时刻将一相对于地面静止的物块B轻放到木板A上，如图甲所示己知木板A与物块B的质量相等，物块B与木板A间的动摩擦因数1=0.2，木板A与地面间的动摩擦因数2=0.3，物块B与木板A间的最大静摩擦
38、力等于滑动摩擦力，且物块B始终在木板A上取重力加速度的大小g=10m/s2求：（1）物块B刚放到木板上时木板A和物块B的加速度的aA和aB大小（2）以物块B刚放到木板A上时为计时起点（t=0），在图乙所示同一坐标系中画出木板A和物块B运动的速度时间（vt）图象（木板A以实线画，物块B以虚线画，要求写出必要的画图依据）（3）木板至少要多长考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的速度与时间的关系；匀变速直线运动的位移与时间的关系 专题：牛顿运动定律综合专题分析：（1）分别对两物体受力分析，由牛顿第二定律可求得加速度；（2）分析两物体的运动过程，根据速度公式可得出对应点的速度，从而得出图象；（3）根据图
39、象中图象与时间轴围成的面积表示位移，则可以求出板的长度解答：解：（1）设初速度方向为正；B在木板上受重力、支持力和摩擦力作用；受到的合外力FA=1mg；由牛顿第二定律可知，B的加速度为aB=1g=0.210=2m/s2；A受重力、支持力、压力、B的摩擦力及地面对B的摩擦力；其合力FB=1mg+22mg则由牛顿第二定律可得：加速度aA=1g+22g=0.210+20.310=8m/s2；方向与运动方向相反；（2）由以上分析可知，A做加速运动，B做减速运动；设经t二者速度相等，则有：v0aAt=aBt解得：t=0.5s此时二者的共同速度v共=aBt=20.5=1m/s；此后二者共同以1m/s的速度运动；加速度a=2g=0.310=3m/s2；则经t=s两物体停止；图象如图所示；（3）由图象可知，只要能保证0.5s末不掉下来即可；由图象可得，木板长度至少为：l=1.25m；答：（1）物块B刚放到木板上时木板A和物块B的加速度的aA和aB大小为2m/s2和8m/s2（2）如图所示；（3）木板至少要1.25m点评：本题涉及两个物体，故在受力分析时应注意保证准确性，能正确隔离物体进行分析，再由牛顿第二定律求解即可
