1、内蒙古鄂尔多斯市乌审旗高中2015届高三上学期第二次月考物理试卷一、选择题：本题共8小题，每小题6分，共48分.在每小题给出的四个选项中，第1418题只有一项符合题目要求，第1921题有多个选项符合题目要求全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分.1如图所示，质量为m的等边三棱柱静止在水平放置的斜面上已知三棱柱与斜面之的动摩擦因数为，斜面的倾角为30，则斜面对三棱柱的支持力与摩擦力的大小分别为（）Amg和mgBmg和mgCmg和mgDmg和mg2如图所示，传送带保持2m/s的速度顺时针转动现将一质量m=0.5kg的物体轻轻地放在传送带的a点上，设物体与传送带间的动摩擦因数=0.2，
2、a、b间的距离L=3m，则物体从a点运动到b点所经历的时间为 （g取10m/s2）（）AsB3sC2sD1.5 s3如图是物体做直线运动的vt图象，由图可知，该物体（）A第1s内和第3s内的运动方向相反B第3s内和第4s内的加速度相同C第1s内和第4s内的位移大小不等D02s内和04s内的平均速度大小相等4如图所示，表面粗糙的固定斜面顶端安有滑轮，两物块P、Q用轻绳连接并跨过滑轮（不计滑轮的质量和摩擦），P悬于空中，Q放在斜面上，均处于静止状态，当用水平向左的恒力推Q时，P、Q仍静止不动，则（）AQ受到的摩擦力一定变小BQ受到的摩擦力一定变大C轻绳上拉力一定变小D轻绳上拉力一定不变5一质量为M
3、的探空气球在匀速下降，若气球所受浮力F始终保持不变，气球在运动过程中所受阻力仅与速率有关，重力加速度为g现欲使该气球以同样速率匀速上升，则需从气球篮中减少的质量为（）A2（M）BMC2MD06如图所示，物块M在静止的传送带上以速度v匀速下滑时，传送带突然启动，方向如图中箭头所示，若传送带的速度大小也为v，则传送带启动后（）AM静止在传送带上BM可能沿斜面向上运动CM受到的摩擦力不变DM下滑的速度不变7如图所示，两个质量分别为m1=2kg，m2=3kg的物体置于光滑的水平面上，中间用轻质弹簧秤连接两个大小分别为F1=30N、F2=20N的水平拉力分别作用在m1、m2上，则（）A弹簧秤的示数是10
4、NB弹簧秤的示数是26NC在突然撤去F2的瞬间，m1的加速度为零D在突然撤去F2的瞬间，m2的加速度变大8如图所示，汽车以10m/s的速度匀速驶向路口，当行驶至距路口停车线20m处时，绿灯还有3s熄灭而该汽车在绿灯熄灭时刚好停在停车线处，则汽车运动的速度（v）时间（t）图象可能是（）ABCD二、解答题（共4小题，满分47分）9在探究力的合成方法时，先将橡皮条的一端固定在水平木板上，另一端系上带有绳套的两根细绳实验时，需要两次拉伸橡皮条，一次是通过两细绳用两个弹簧秤互成角度地拉橡皮条，另一次是用一个弹簧秤通过细绳拉橡皮条实验对两次拉伸橡皮条的要求中，下列哪些说法是正确的（填字母代号）A将橡皮条拉
5、伸相同长度即可 B将弹簧秤都拉伸到相同刻度C将橡皮条沿相同方向拉到相同长度 D将橡皮条和绳的结点拉到相同位置同学们在操作过程中有如下议论，其中对减小实验误差有益的说法是（填字母代号）A拉橡皮条的细绳要适当长些，标记同一细绳方向的两点要适当远些B弹簧秤、细绳、橡皮条都应与木板平行C用两弹簧秤同时拉细绳时两弹簧秤示数之差应尽可能大D两细绳必须等长10某同学用打点计时器测量做匀加速直线运动的物体的加速度，电源频率f=50Hz在纸带上打出的点中，选出零点，每隔4个点取1个计数点，因保存不当，纸带被污染，如图所示，A、B、C、D是依次排列的4个计数点，仅能读出其中3个计数点到零点的距离：SA=16.6m
6、m SB=126.5mm SD=624.5mm若无法再做实验，可由以上信息推知：相邻两计数点的时间间隔为s打C点时物体的速度大小为m/s（取2位有效数字）物体的加速度大小为m/s211在一次低空跳伞演练中，当直升飞机悬停在离地面224m高处时，伞兵离开飞机做自由落体运动运动一段时间后，打开降落伞，展伞后伞兵以12.5m/s2的加速度匀减速下降为了伞兵的安全，要求伞兵落地速度最大不得超过5m/s，（取g=10m/s2）求：（1）伞兵展伞时，离地面的高度至少为多少？着地时相当于从多高处自由落下？（2）伞兵在空中的最短时间为多少？12（17分）一个质量m=2kg的滑块在倾角为=37的固定斜面上，受到
7、一个大小为40N的水平推力F作用，以v0=10m/s的速度沿斜面匀速上滑（sin37=0.6，取g=10m/s2）（1）求滑块与斜面间的动摩擦因数；（2）若滑块运动到A点时立即撤去推力F，求这以后滑块再返回A点经过的时间（二）选考题：共45分请考生从给出的3道物理题任选1题解答，并用2B铅笔在答题卡上把所选题目涂黑注意所做题目必须与所涂题目一致，在答题卡选答区域指定位置答题如果多做，则每学科按所做的第一题计分【物理-选修3-3】13下列叙述正确的有（）A自然界中所进行的涉及热现象的宏观过程都具有方向性B外界对气体做正功，气体的内能一定增大C温度升高，物体内的每一个分子的热运动速率都增大D扩散现
8、象与布朗运动都与温度有关E第二类永动机违反了热力学第二定律14如图所示，粗细均匀的玻璃细管上端封闭，下端开口，竖直插在大而深的水银槽中，管内封闭有一定质量的空气，玻璃细管足够长，管内气柱长4cm，管内外水银面高度差为10cm现将玻璃管沿竖直方向缓慢移动（大气压强相当于75cmHg）求：若要使管内外水银面恰好相平，此时管内气柱的长度；若要使管内外水银面高度差为15cm，玻璃管又应如何移动多少距离【物理-选修3-5】15关于天然放射性，下列说法正确的是（）A所有元素都可能发生衰变B放射性元素的半衰期与外界的温度无关C放射性元素与别的元素形成化合物时仍具有放射性D、和三种射线，射线的穿透力最强E一个
9、原子核在一次衰变中可同时放出、和三种射线16如图所示，A、B两个木块质量分别为2kg与0.9kg，A、B与水平地面间接触光滑，上表面粗糙，质量为0.1kg的铁块以10m/s的速度从A的左端向右滑动，最后铁块与B的共同速度大小为0.5m/s，求：A的最终速度；铁块刚滑上B时的速度内蒙古鄂尔多斯市乌审旗高中2015届高三上学期第二次月考物理试卷一、选择题：本题共8小题，每小题6分，共48分.在每小题给出的四个选项中，第1418题只有一项符合题目要求，第1921题有多个选项符合题目要求全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分.1如图所示，质量为m的等边三棱柱静止在水平放置的斜面上已知三棱
10、柱与斜面之的动摩擦因数为，斜面的倾角为30，则斜面对三棱柱的支持力与摩擦力的大小分别为（）Amg和mgBmg和mgCmg和mgDmg和mg考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用 分析：对小球进行受力分析，运用力的合成或分解结合共点力平衡条件解决问题解答：解：对三棱柱受力分析如图所示：对重力进行分解，根据共点力平衡条件得出三棱柱合力为0，那么沿斜面方向的合力为0，垂直斜面方向合力为0利用三角函数关系得出：FN=mgcos30=mg，Ff=mgsin30=mg故选A点评：对小球进行受力分析，运用力的合成或分解结合共点力平衡条件解决问题注意几何关系的应用2如图所示，传送带保持2m/s的
11、速度顺时针转动现将一质量m=0.5kg的物体轻轻地放在传送带的a点上，设物体与传送带间的动摩擦因数=0.2，a、b间的距离L=3m，则物体从a点运动到b点所经历的时间为 （g取10m/s2）（）AsB3sC2sD1.5 s考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系 专题：牛顿运动定律综合专题分析：根据牛顿第二定律求出物体的加速度，物块在传送带上先做匀加速直线运动，判断出物块速度达到传送带速度时，位移与L的关系，若位移大于L，则物体一直做匀加速直线运动，若位移小于L，则物体先做匀加速直线运动再做匀速直线运动，根据匀变速直线运动的公式求出运动的时间解答：解：物块的加速度a=当速度达到2m
12、/s时，物块的位移x=1m3m知物块先做匀加速直线运动，再做匀速直线运动则匀加速直线运动的时间t1=1s；匀速直线运动的时间t2=1s；物体从a点运动到b点所经历的时间t=t1+t2=1+1=2s故选：C点评：解决本题的关键通过对物块的受力分析，得出加速度，再根据加速度与速度的关系判断出物体的运动情况，从而根据运动学公式进行求解3如图是物体做直线运动的vt图象，由图可知，该物体（）A第1s内和第3s内的运动方向相反B第3s内和第4s内的加速度相同C第1s内和第4s内的位移大小不等D02s内和04s内的平均速度大小相等考点：匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的速度与时间的关系；牛顿第二定律 专
13、题：运动学中的图像专题分析：速度时间图象中速度的符号表示物体的运动方向；图象的斜率等于加速度；图象与时间轴所围的面积表示位移平均速度等于位移与时间之比根据这些知识进行解答解答：解：A、由图知，在前3s内物体的速度均为正值，说明在前3s内物体的运动方向不变，故A错误；B、速度图象的斜率等于加速度，第3s内和第4s内图线的斜率相同，则加速度相同，故B正确；C、图象与时间轴所围的面积表示位移，由几何知识可知第1s内和第4s内的位移大小相等故C错误；D、根据“面积”可知：02s内和04s内的位移相等，所用时间不等，所以平均速度不等，故D错误故选：B点评：解决本题的关键知道速度时间图线的物理意义，知道图
14、线的斜率表示加速度，图线与时间轴围成的面积表示位移4如图所示，表面粗糙的固定斜面顶端安有滑轮，两物块P、Q用轻绳连接并跨过滑轮（不计滑轮的质量和摩擦），P悬于空中，Q放在斜面上，均处于静止状态，当用水平向左的恒力推Q时，P、Q仍静止不动，则（）AQ受到的摩擦力一定变小BQ受到的摩擦力一定变大C轻绳上拉力一定变小D轻绳上拉力一定不变考点：共点力平衡的条件及其应用 分析：分别对单个物体进行受力分析，运用力的平衡条件解决问题由于不知具体数据，对于静摩擦力的判断要考虑全面解答：解：进行受力分析：对Q物块：当用水平向左的恒力推Q时，由于不知具体数据，Q物块在粗糙斜面上的运动趋势无法确定，故不能确定物块Q
15、受到的摩擦力的变化情况，故A、B错误；对P物块：因为P物块处于静止，受拉力和重力二力平衡，P物块受绳的拉力始终等于重力，所以轻绳与P物块之间的相互作用力一定不变，故C错误，D正确故选D点评：对于系统的研究，我们要把整体法和隔离法结合应用对于静摩擦力的判断要根据外力来确定5一质量为M的探空气球在匀速下降，若气球所受浮力F始终保持不变，气球在运动过程中所受阻力仅与速率有关，重力加速度为g现欲使该气球以同样速率匀速上升，则需从气球篮中减少的质量为（）A2（M）BMC2MD0考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用 分析：分别对气球匀速上升和匀速下降过程进行受力分析，根据共点力平衡条件列式
16、求解即可解答：解：匀速下降时，受到重力Mg，向上的浮力F，向上的阻力f，根据共点力平衡条件Mg=F+f 气球匀速上升时，受到重力（Mm）g，向上的浮力F，向下的阻力f，根据共点力平衡条件（Mm）g+f=F 由式解得m=2（M）故选：A点评：本题关键对气球受力分析，要注意空气阻力与速度方向相反，然后根据共点力平衡条件列式求解6如图所示，物块M在静止的传送带上以速度v匀速下滑时，传送带突然启动，方向如图中箭头所示，若传送带的速度大小也为v，则传送带启动后（）AM静止在传送带上BM可能沿斜面向上运动CM受到的摩擦力不变DM下滑的速度不变考点：滑动摩擦力；力的合成与分解的运用；共点力平衡的条件及其应用
17、 分析：对物体受力分析，由于传送带是向上运动的，对物体的受力没有影响，所以物体的运动状态不变解答：解：由于传送带是向上转动的，在传送带启动前后，物块都只受重力、支持力、沿斜面向上的滑动摩擦力，物块受力不变，所以其下滑的速度也不变故选CD点评：物体本来就是向下运动，受到的摩擦力是向上的，当传送带在向上转动时，对物体的受力没影响，可以思考一下，如果传送带向下转动，情况又会如何呢？7如图所示，两个质量分别为m1=2kg，m2=3kg的物体置于光滑的水平面上，中间用轻质弹簧秤连接两个大小分别为F1=30N、F2=20N的水平拉力分别作用在m1、m2上，则（）A弹簧秤的示数是10NB弹簧秤的示数是26N
18、C在突然撤去F2的瞬间，m1的加速度为零D在突然撤去F2的瞬间，m2的加速度变大考点：牛顿第二定律；力的合成与分解的运用 专题：牛顿运动定律综合专题分析：对整体研究，根据牛顿第二定律求出整体的加速度，隔离分析，求出弹簧秤的拉力撤去某个力的瞬间，弹簧秤的弹力不变，结合牛顿第二定律求出瞬时加速度解答：解：A、对整体分析，整体的加速度a=，隔离对m1分析，根据牛顿第二定律得，F1F=m1a，则弹簧秤的弹力F=F1m1a=3022N=26N，故A错误，B正确C、在突然撤去F2的瞬间，弹簧秤的弹力不变，此时m2的加速度，可知m2的加速度变大，m1的加速度，故C错误，D正确故选：BD点评：本题考查了牛顿第
19、二定律的瞬时问题，知道撤去F的瞬间，弹簧秤的弹力不变，结合牛顿第二定律进行求解8如图所示，汽车以10m/s的速度匀速驶向路口，当行驶至距路口停车线20m处时，绿灯还有3s熄灭而该汽车在绿灯熄灭时刚好停在停车线处，则汽车运动的速度（v）时间（t）图象可能是（）ABCD考点：匀变速直线运动的图像 专题：运动学中的图像专题分析：由题，该同学在绿灯熄灭时刚好停在停车线处，在3s通过的位移正好是20m，根据“面积”确定位移是20m的速度图象才符合题意解答：解：A、在3s内位移为x=，该汽车还没有到达停车线处，不符合题意故A错误B、由图象可知，x10=20m，所以汽车超过停车线，故B错误；C、在3s内位移
20、等于x=，则C可能是该汽车运动的vt图象故C正确D、在3s内位移等于x=，该汽车还没有到达停车线处，不符合题意故D错误故选：C点评：本题是实际问题，首先要读懂题意，其次抓住速度图象的“面积”等于位移进行选择二、解答题（共4小题，满分47分）9在探究力的合成方法时，先将橡皮条的一端固定在水平木板上，另一端系上带有绳套的两根细绳实验时，需要两次拉伸橡皮条，一次是通过两细绳用两个弹簧秤互成角度地拉橡皮条，另一次是用一个弹簧秤通过细绳拉橡皮条实验对两次拉伸橡皮条的要求中，下列哪些说法是正确的CD（填字母代号）A将橡皮条拉伸相同长度即可 B将弹簧秤都拉伸到相同刻度C将橡皮条沿相同方向拉到相同长度 D将橡
21、皮条和绳的结点拉到相同位置同学们在操作过程中有如下议论，其中对减小实验误差有益的说法是AB（填字母代号）A拉橡皮条的细绳要适当长些，标记同一细绳方向的两点要适当远些B弹簧秤、细绳、橡皮条都应与木板平行C用两弹簧秤同时拉细绳时两弹簧秤示数之差应尽可能大D两细绳必须等长考点：验证力的平行四边形定则 专题：实验题分析：该实验采用了“等效替代”的原理，即合力与分力的关系是等效的，要求两次拉橡皮筋时的形变量和方向是等效的，注意所有要求都要便于操作，有利于减小误差进行，所有操作步骤的设计都是以实验原理和实验目的为中心展开，据此可正确解答本题解答：解：A、本实验的目的是为了验证力的平行四边形定则，即研究合力
22、与分力的关系根据合力与分力是等效的，本实验橡皮条两次沿相同方向拉伸的长度要相同故A错误，C正确；B、在白纸上标下第一次橡皮条和绳的结点的位置，第二次将橡皮条和绳的结点拉到相同位置，表明两次效果相同，即两个拉力和一个拉力等效，而弹簧称不必拉到相同刻度故B错误，D正确故选：CDA、为了更加准确的记录力的方向，拉橡皮条的细绳要长些，标记同一细绳方向的两点要远些，故A正确；B、测量力的实验要求尽量准确，为了减小实验中因摩擦造成的误差，操作中要求弹簧秤、细绳、橡皮条都应与木板平行，故B正确；C、用弹簧秤同时拉细绳时，拉力不能太太，也不能太小故C错误；D、通过两细绳用两个弹簧秤互成角度地拉橡皮条时，并非要
23、求两细绳等长，故D错误故选：AB点评：实验的核心是实验原理，根据原理选择器材，安排实验步骤，分析实验误差，进行数据处理等等10某同学用打点计时器测量做匀加速直线运动的物体的加速度，电源频率f=50Hz在纸带上打出的点中，选出零点，每隔4个点取1个计数点，因保存不当，纸带被污染，如图所示，A、B、C、D是依次排列的4个计数点，仅能读出其中3个计数点到零点的距离：SA=16.6mm SB=126.5mm SD=624.5mm若无法再做实验，可由以上信息推知：相邻两计数点的时间间隔为0.1s打C点时物体的速度大小为2.5m/s（取2位有效数字）物体的加速度大小为9.27m/s2考点：测定匀变速直线运
24、动的加速度 专题：实验题分析：纸带实验中，若纸带匀变速直线运动，测得纸带上的点间距，利用匀变速直线运动的推论，可计算出打出某点时纸带运动的瞬时速度和加速度解答：解：打点计时器打出的纸带每隔4个点选择一个计数点，则相邻两计数点的时间间隔为T=0.1s根据间的平均速度等于点的速度得vc=2.5m/s匀加速运动的位移特征是相邻的相等时间间隔内的位移以aT2均匀增大，即x=aT2，所以有：xBC=xAB+aT2，xCD=xBC+aT2=xAB+2aT2，xBD=2xAB+3aT2，所以a=9.27m/s2故答案为：0.1 2.5 9.27点评：要注意单位的换算和有效数字的保留能够知道相邻的计数点之间的
25、时间间隔11在一次低空跳伞演练中，当直升飞机悬停在离地面224m高处时，伞兵离开飞机做自由落体运动运动一段时间后，打开降落伞，展伞后伞兵以12.5m/s2的加速度匀减速下降为了伞兵的安全，要求伞兵落地速度最大不得超过5m/s，（取g=10m/s2）求：（1）伞兵展伞时，离地面的高度至少为多少？着地时相当于从多高处自由落下？（2）伞兵在空中的最短时间为多少？考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系 专题：直线运动规律专题分析：（1）整个过程中，伞兵先做自由落体运动，后做匀减速运动，总位移大小等于224m设伞兵展伞时，离地面的高度至少为h，此时速度为v0，先研究匀减
26、速过程，由速度位移关系式，得到v0与h的关系式，再研究自由落体过程，也得到一个v0与h的关系式，联立求解（2）由（1）求出v0，由速度公式求出两个过程的时间，即可得到总时间解答：解：（1）设伞兵展伞时，离地面的高度至少为h，此时速度为v0，则：对于匀减速运动过程，有 ，即52=212.5h对于自由下落过程，有=2g（224h）=210（224h）联立解得h=99 m，v0=50 m/s以5m/s的速度落地相当于从h1高处自由落下，即2gh1=v2所以h1=m=1.25 m（2）设伞兵在空中的最短时间为t，则有v0=gt1，t1=s=5 s，t2=s=3.6 s，故所求时间t=t1+t2=（5+
27、3.6）s=8.6 s答：（1）伞兵展伞时，离地面的高度至少为99m，着地时相当于从1.25m高处自由落下（2）伞兵在空中的最短时间为8.6s点评：本题涉及两个过程的运动学问题，既要单独研究两个过程，更要抓住它们之间的联系：比如位移关系、速度关系等等12（17分）一个质量m=2kg的滑块在倾角为=37的固定斜面上，受到一个大小为40N的水平推力F作用，以v0=10m/s的速度沿斜面匀速上滑（sin37=0.6，取g=10m/s2）（1）求滑块与斜面间的动摩擦因数；（2）若滑块运动到A点时立即撤去推力F，求这以后滑块再返回A点经过的时间考点：共点力平衡的条件及其应用；匀变速直线运动的位移与时间的
28、关系；力的合成与分解的运用；牛顿第二定律 专题：共点力作用下物体平衡专题分析：（1）滑块在水平推力作用下沿斜面向上匀速运动，合力为零，根据正交分解法列方程，求解动摩擦因数；（2）若滑块运动到A点时立即撤去推力F，滑块先向上做匀减速运动，后向下做匀加速运动根据牛顿第二定律和运动学公式结合求解时间解答：解：（1）滑块在水平推力作用下沿斜面向上匀速运动时，合力为零，则有 Fcos37=mgsin37+（mgcos37+Fsin37）代入解得，=0.5（2）撤去F后，滑块上滑过程：根据牛顿第二定律得：mgsin37+mgcos37=ma1，得，a1=g（sin37+cos37）上滑的时间为 t1=1s
29、上滑的位移为 x=5m滑块下滑过程：mgsin37mgcos37=ma2，得，a2=g（sin37cos37）由于下滑与上滑的位移大小相等，则有 x=解得，=s故 t=t1+t2=（1+）s答：（1）滑块与斜面间的动摩擦因数是0.5；（2）若滑块运动到A点时立即撤去推力F，这以后滑块再返回A点经过的时间是（1+）s点评：本题分析滑块的受力情况和运动情况是关键，由牛顿第二定律和运动学公式结合是处理动力学问题的基本方法（二）选考题：共45分请考生从给出的3道物理题任选1题解答，并用2B铅笔在答题卡上把所选题目涂黑注意所做题目必须与所涂题目一致，在答题卡选答区域指定位置答题如果多做，则每学科按所做的
30、第一题计分【物理-选修3-3】13下列叙述正确的有（）A自然界中所进行的涉及热现象的宏观过程都具有方向性B外界对气体做正功，气体的内能一定增大C温度升高，物体内的每一个分子的热运动速率都增大D扩散现象与布朗运动都与温度有关E第二类永动机违反了热力学第二定律考点：热力学第二定律 专题：热力学定理专题分析：温度是平均动能的标志，改变内能的方式有做功和热传递，自然界中所进行的涉及热现象的宏观过程都具有方向性，扩散现象与布朗运动都与温度有关解答：解：A、自然界中所进行的涉及热现象的宏观过程都具有方向性，故A正确；B、改变内能的方式有做功和热传递，外界对气体做正功，气体的内能不一定增大，故B错误；C、温
31、度升高，平均动能增大，物体内的每一个分子的热运动速率不一定都增大，故C错误；D、扩散现象与布朗运动都与温度有关，温度越高，现象越明显，故D正确；E、第二类永动机违反了热力学第二定律，故E正确；故选：ADE点评：重点掌握温度是平均动能的标志，改变内能的两种方式，布朗运动的实质14如图所示，粗细均匀的玻璃细管上端封闭，下端开口，竖直插在大而深的水银槽中，管内封闭有一定质量的空气，玻璃细管足够长，管内气柱长4cm，管内外水银面高度差为10cm现将玻璃管沿竖直方向缓慢移动（大气压强相当于75cmHg）求：若要使管内外水银面恰好相平，此时管内气柱的长度；若要使管内外水银面高度差为15cm，玻璃管又应如何
32、移动多少距离考点：理想气体的状态方程；封闭气体压强 专题：理想气体状态方程专题分析：确定好两个状态下的状态参量，由玻意耳定律求解；确定好两个状态下的状态参量，由玻意耳定律求解空气柱长度，再根据几何关系求解；解答：解：玻璃管内的空气作等温变化，管内外水银面恰好相平时，根据玻意耳定律，有：（ p0rgH1 ） S l1=p0 S l2解得：l2=（a）若管内水银面较高，管内气柱长l3（ p0rgH1 ） Sl1=（ p0rgH3） Sl3解得：l3=玻璃管上移的距离：x2=H3+l3（ l1+H1 ）=15+4.33（4+10）=5.33cm（b）若管外水银面较高，管内气柱长l4（ p0rgH1
33、） Sl1=（ p0+rgH4） Sl4解得：l4=玻璃管下移的距离： x4=l1+H1+H4l3=4+10+152.89=26.11cm 答：若要使管内外水银面恰好相平，此时管内气柱的长度为3.5cm；若要使管内外水银面高度差为15cm，玻璃管应上移5.33cm距离或者下移26.11cm点评：考查玻意耳定律的应用，会确定初末状态的参量是解题的关键，第二问注意多解【物理-选修3-5】15关于天然放射性，下列说法正确的是（）A所有元素都可能发生衰变B放射性元素的半衰期与外界的温度无关C放射性元素与别的元素形成化合物时仍具有放射性D、和三种射线，射线的穿透力最强E一个原子核在一次衰变中可同时放出、
34、和三种射线考点：原子核衰变及半衰期、衰变速度；X射线、射线、射线、射线及其特性 专题：衰变和半衰期专题分析：自然界中有些原子核是不稳定的，可以自发地发生衰变，衰变的快慢用半衰期表示，与元素的物理、化学状态无关解答：解：A、有些原子核不稳定，可以自发地衰变，但不是所有元素都可能发生衰变，故A错误；B、放射性元素的半衰期由原子核决定，与外界的温度无关，故B正确；C、放射性元素的放射性与核外电子无关，故放射性元素与别的元素形成化合物时仍具有放射性，故C正确；D、和三种射线，射线的穿透力最强，电离能力最弱，故D正确；E、一个原子核在一次衰变中不可能同时放出、和三种射线，故E错误故选：BCD点评：本题关
35、键是明确原子核衰变的特征、种类、快慢，熟悉三种射线的特征，基础问题16如图所示，A、B两个木块质量分别为2kg与0.9kg，A、B与水平地面间接触光滑，上表面粗糙，质量为0.1kg的铁块以10m/s的速度从A的左端向右滑动，最后铁块与B的共同速度大小为0.5m/s，求：A的最终速度；铁块刚滑上B时的速度考点：动量守恒定律 专题：动量定理应用专题分析：铁块与A、B组成的系统动量守恒，由动量守恒定律可以求出A的速度；铁块与A、B组成的系统动量守恒，由动量守恒定律可以求铁块刚滑上B时的速度解答：解：铁块和木块A、B为一系统，由系统总动量守恒得：mv=（MB+m）vB+MAvA，解得：vA=0.25 m/s（2）设铁块刚滑上B时的速度为u，此时A、B的速度均为vA=0.25 m/s由系统动量守恒得：mv=mu+（MA+MB）vA，解得：u=2.75 m/s答：A的最终速度为0.25m/s；铁块刚滑上B时的速度为2.75m/s点评：要注意分析清楚铁块与A、B的运动过程，应用动量守恒定律即可正确解题