1、20202021学年度上学期期中考试高二物理试题本试卷分为第卷（选择题）和第卷（非选择题）两部分，共100分，考试时间90分钟。注意：1答卷前，将姓名、考号填在答题卡的密封线内。2答案必须写在答题卡上，在试题卷上答题无效。第卷一、选择题1. 如图所示，无人机在空中匀速上升时，不断增加的能量是（）A. 动能B. 动能、重力势能C. 重力势能、机械能D. 动能、重力势能、机械能【答案】C【解析】【详解】无人机在匀速上升过程中，它的质量不变，速度不变，则动能不变；同时高度增加，其重力势能增加；因机械能等于动能与势能的总和，所以无人机的机械能增加。故选C。2. 如图，拖着旧橡胶轮胎跑是身体耐力训练的一
2、种有效方法。如果某受训者拖着轮胎在水平直道上跑了200m，那么下列说法正确的是（）A. 摩擦力对轮胎做了负功B. 重力对轮胎做了正功C 拉力对轮胎不做功D. 支持力对轮胎做了正功【答案】A【解析】【详解】A轮胎受到地面的摩擦力方向水平向左，而位移水平向右，两者夹角为180，则轮胎受到地面的摩擦力对轮胎做负功，故A正确；B轮胎受到的重力竖直向下，而轮胎的位移水平向右，则轮胎在竖直方向上没有发生位移，重力不做功，故B错误；C设拉力与水平方向的夹角为，由于是锐角，所以轮胎受到的拉力对轮胎做正功，故C错误；D轮胎受到地面的支持力竖直向上，而轮胎的位移水平向右，则轮胎在竖直方向上没有发生位移，支持力不做
3、功，故D错误。故选A。3. 一个物体在粗糙的水平面上运动，先使物体向右滑动距离s，再使物体向左滑动距离s，正好回到起点，来回所受摩擦力大小都为Ff，则整个过程中摩擦力做功为()A. 0B. 2FfsC. FfsD. 无法确定【答案】B【解析】【详解】由题意可知，物体运动过程可分两段，两段内摩擦力做功均为负功，为，则全程摩擦力所做的功，故B正确，A、C、D错误；故选B【点睛】分析摩擦力的做功情况，分段求出摩擦力所做的功，再由求全程中摩擦力所做的总功4. 在如图所示的装置中，木块B与水平桌面间的接触是光滑的，子弹A沿水平方向射入木块后留在其中，将弹簧压缩到最短若将子弹、木块和弹簧合在一起作为系统，
4、则此系统在从子弹开始射入到弹簧被压缩至最短的整个过程中（）A. 动量守恒，机械能守恒B. 动量守恒，机械能不守恒C. 动量不守恒，机械能不守恒D. 动量不守恒，机械能守恒【答案】C【解析】【详解】系统在从子弹开始射入到弹簧被压缩至最短的整个过程中，由于墙壁对弹簧有力的作用，所以系统所受的外力之和不为零，所以系统动量不守恒。在整个过程中，由于子弹射入木块的过程中有内能产生，所以系统机械能不守恒。故选C5. 重为4N的物体，静止在倾角为的斜面上，在5s内，关于重力对物体的冲量的说法正确的是( )A. 重力的冲量为零B. 重力的冲量为10NsC. 重力的冲量为20NsD. 重力的冲量与摩擦力的冲量相
5、等【答案】C【解析】【详解】ABC物体重为4N，在5s内，重力的冲量为：I=Gt=45=20Ns故A B错误，C正确；D物体受重力、支持力和摩擦力，三力平衡，摩擦力为f=mgsin=2N故5s内摩擦力的冲量为：I=ft=25=10Ns故重力的冲量大于摩擦力的冲量，故D错误6. 如图所示，一车厢长度为，质量为M，静止在光滑的水平面上，车厢内有一质量为m的物体，以初速度v0向右运动，与车厢来回碰撞n次后静止在车厢中，这时车厢的速度为（）A. v0、水平向右B. 0C. D. 【答案】C【解析】【详解】物块在车辆内和车发生碰撞满足动量守恒，最后物块和车共速，由动量守恒得解得方向水平向右。故选C。7.
6、 从空中以40m/s的初速度水平抛出一重为10N的物体物体在空中运动3s落地，不计空气阻力，取g=10m/s2，则物体落地前瞬间，重力的瞬时功率为（ ）A. 300WB. 400WC. 500WD. 700W【答案】A【解析】【详解】重物在竖直方向的分速度为vy=gt=30m/s；重力的功率P=mgvy=300W故A正确，BCD错误【点睛】本题难度较小，公式P=Fv中的v是在F方向上的分速度8. 如图所示，可视为质点的小球A、B用不可伸长的细软轻线连接，跨过固定在地面上半径为R的光滑圆柱，A的质量为B的二倍。当B位于地面时，A恰与圆柱轴心等高。将A由静止释放，B上升的最大高度是（）A. 2RB
7、. C. D. 【答案】C【解析】【详解】设B的质量为m，则A的质量为2m，A球落地前，A、B组成的系统机械能守恒，有解得对B运用动能定理得解得则B上升的最大高度为 故选C。9. 质量m100 kg的小船静止在平静水面上，船两端载着m甲40 kg、m乙60 kg的游泳者，在同一水平线上甲向左、乙向右同时以相对于岸3 m/s的速度跃入水中，如图所示，则小船的运动速率和方向为 （ ）A. 0.6 m/s，向左B. 3 m/s，向左C. 0.6 m/s，向右D. 3 m/s，向右【答案】A【解析】【详解】甲、乙和船组成的系统动量守恒，以水平向右为正方向，开始时总动量为零，根据动量守恒定律有0-m甲v
8、甲m乙v乙mv代入数据解得v-0.6 m/s负号说明小船的速度方向向左；故选A10. 下列选项中，属于反冲运动的是（）A. 喷气式飞机的运动B. 直升飞机的运动C. 火箭的运动D. 反击式水轮机的运动【答案】ACD【解析】【详解】A喷气式飞机是利用尾部喷出的气体使飞机前进的，属于反冲，A正确；B直升机是利用的空气的浮力而使飞机上升的，不属于反冲，B错误；C火箭的运动是利用喷气的方式而获得动力，利用了反冲运动，C正确；D反击式水轮机是利用了水的反冲作用而获得动力，属于反冲运动，D正确；故选ACD11. 一质量为m的物体被人用手由静止竖直向上以加速度a匀加速提升h，关于此过程下列说法中正确的是（）
9、A. 提升过程中手对物体做功B. 提升过程中合外力对物体做功mahC. 提升过程中物体的动能减小D. 提升过程中物体重力做功为mgh【答案】AB【解析】【详解】A设人对物体的拉力F，由牛顿第二定律得F-mg=ma即F=m（g+a）提高过程中手对物体做功为m（a+g）h，故A正确；B提高过程中合外力对物体做功W合=mah故B正确；C由动能定理得W合=EK物体被人用手由静止竖直以加速度a匀加速提升h，所以W合=mah即提升过程中物体的动能增加mah，故C错误；D提高过程中物体克服重力做功mgh，故D错误。故选AB12. 如图所示，一个质量为的垒球，以的水平速度飞向球棒，被球棒打击后反向水平飞回，速
10、度大小变为，设球棒与垒球的作用时间为，下列说法正确的是（ ）A. 球棒对垒球的平均作用力大小为B. 球棒对垒球平均作用力大小为C. 球棒对垒球做的功为D. 球棒对垒球做的功为【答案】AD【解析】根据动量定理，得，A正确B错误；根据动能定理，C错误D正确二、实验题13. 某实验小组在“探究功与物体速度变化的关系”中，为了平衡小车运动过程中受到的阻力，应该采用下面所述方法中的_（填入选项前的字母代号）。A. 逐步调节木板的倾斜程度，让小车能够自由下滑B. 逐步调节木板的倾斜程度，让小车在橡皮条作用下开始运动C. 逐步调节木板的倾斜程度，给小车一初速度，让拖着纸带的小车匀速下滑D. 逐步调节木板的倾
11、斜程度，让拖着纸带的小车自由下滑【答案】C【解析】【详解】为了平衡摩擦力的影响，在实验中可以将木板一端垫高，则小车受到的重力的分力可以与摩擦力平衡；则小车做匀速运动时，则摩擦力的影响可以取消，此时，小车后面的纸带上的点应为均匀分布的，因此不能拖着纸带，也不能有橡皮条作用。故选C。14. 如图所示，用“碰撞实验器”可以验证动量守恒定律，即研究两个小球在轨道水平部分碰撞前后的动量关系。(1)实验中，直接测定小球碰撞前后的速度是不容易的。但是，可以通过测量_（选填选项前的符号），间接地解决这个问题。A小球开始释放高度hB小球抛出点距地面的高度HC小球做平抛运动的射程(2)图中O点是小球抛出点在地面上
12、的垂直投影。实验时，先让入射球m1多次从斜轨上S位置静止释放，找到其平均落地点的位置P，测量平抛射程OP。然后，把被碰小球m2静置于轨道的水平部分末端，再将入射球m1从斜轨上S位置静止释放，与小球m2相碰，并多次重复。接下来要完成的必要步骤是_（填选项前的符号）。A用天平测量两个小球的质量m1、m2B测量小球m1开始释放高度hC测量抛出点距地面的高度HD分别找到m1、m2相碰后平均落地点的位置M、NE测量平抛射程OM、ON(3)若两球相碰前后的动量守恒，其表达式可表示为_（用(2)中测量的量表示）。【答案】 (1). C (2). ADE (3). 【解析】【详解】(1)1小球离开轨道后做平抛
13、运动，由知即小球的下落时间一定，则初速度可用平抛运动水平射程来表示。故选C。(2)2 若动量守恒，应有（v0是m1单独下落时离开轨道时的速度，v1、v2是两球碰后m1、m2离开轨道时的速度），又则有即即本实验要验证因此要测量两个小球的质量m1和m2以及它们的水平射程OM和ON，而要确定水平射程，应先分别确定两个小球落地的平均落点，没有必要测量小球m1开始释放的高度h和抛出点距地面的高度H。故选ADE。(3)3 若动量守恒，应有（v0是m1单独下落时离开轨道时的速度，v1、v2是两球碰后m1、m2离开轨道时的速度），又则有即三、计算题题（解答时应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出
14、最后答案的不能得分有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）15. 如右图所示,两块木板的质量分别为M1500g，M2400g静止于光滑水平面上，小物块m100g以初速度为v10ms滑上M1的表面，最后停在M2上时速度为1.5ms，求：（1）最后M1的速度v1（2）m刚离开Ml时的速度【答案】(1) (2)【解析】（1）对两木块及小物体组成的系统，由动量守恒定律：代入数据解得：（2）物块刚离开时，、具有相同的速度，此后继续加速，速度不变，、分离对两木块及小物体组成的系统，由动量守恒定律 解得16. 如图所示，光滑斜轨和光滑圆轨相连，固定在同一竖直面内，圆轨的半径为R，一个小球（可视为质点），从离水平面高h处，由静止自由下滑，由斜轨进入圆轨。求：(1)为了使小球在圆轨内运动的过程中始终不脱离圆轨，h应至少多高？(2)若小球到达圆轨最高点时圆轨对小球的压力大小恰好等于它自身重力大小，那么小球开始下滑时的h是多大?【答案】(1)； (2)【解析】【详解】(1)小球刚好不脱离圆轨，在最高点由牛顿第二定律得小球由斜轨至圆轨最高点过程，由动能定理得联立解得故时小球在圆轨内运动的过程中始终不脱离圆轨，高度至少为。(2)在最高点对小球由牛顿第二定律得又有小球由斜轨至圆轨最高点过程，由动能定理得联立解得