1、2014-2015学年广东省深圳市沙井中学高二（上）月考物理试卷（12月份）一单项选择题（每题有且只有一个选项正确，每小题3分，共30分）1（3分）（2014秋宝安区校级月考）下列关于静电的叙述，正确的是（）A感应起电说明物体创造了电荷B点电荷是一种理想模型C验电器是利用异种电荷相互排斥原理制成的D库仑测定了元电荷的电荷量2（3分）（2011广州二模）将电容为1.21011F的平行板电容器接在3V的电池上，则电容器所带电荷量为（）A0.41011CB1.81011CC3.61011CD7.21011C3（3分）（2009秋秦皇岛期末）两个完全相同的金属小球A、B，球A所带电荷量为+4Q，球B不
2、带电现将球B与球A接触后，移到与球A相距为d处（d远远大于小球半径）已知静电力常量为k，则此时A、B两球之间相互作用的库仑力大小是（）ABCD4（3分）（2011上海）电场线分布如图所示，电场中a，b两点的电场强度大小分别为已知Ea和Eb，电势分别为a和b，则（）AEaEb，abBEaEb，abCEaEb，abDEaEb，ab5（3分）（2011江苏模拟）一个检验电荷q在电场中某点受到的电场力为F，该点的电场强度为E下图中能正确表示q、E、F三者关系的是（）ABCD6（3分）（2014秋宝安区校级月考）如图所示是四只电阻的IU图象，这四只电阻的阻值大小关系正确的是（） AR1R2R3R4BR1
3、=R2=R3=R4CR1R2R3R4D无法判断7（3分）（2011秋长丰县校级期中）如图所示，电子由静止状态开始从A板向B板运动，当到达B板时速度为v，若保持两板间电压不变，则（）A当增大两极间距离时，v也增大B当减小两极间距离时，v增大C当改变两极间距离时，v不变D当增大两极间距离时，电子在两极间运动的时间不变8（3分）（2014秋宝安区校级月考）如图所示，实线是一个电场中的电场线，虚线是一个负试探电荷在这个电场中的轨迹，以下判断正确的是（）A电荷在b处速度小B电荷从a到b加速度减小Cb处电势能小Db处电势高9（3分）（2014秋宝安区校级月考）如图所示，当滑动变阻器的滑动片P向左移动时，下
4、列说法正确的是（）A安培表读数减小，伏特表读数增大B安培表读数减小，伏特表读数减小C安培表读数增大，伏特表读数减小D安培表读数增大，伏特表读数增大10（3分）（2014秋宝安区校级月考）电容器带电荷后，静电计的指针偏转一定的角度，若不改变A、B 两板的电荷量而减小两板间距离，那么静电计指针的偏转角度将（）A一定减小B一定增大C一定不变D可能不变二双项选择题（每题有且只有两个选项正确，每小题4分，共16分选错不得分，漏选得2分）11（4分）（2014秋宝安区校级月考）下列说法正确的是（）A电容器的电容与它是否带电无关B平行板电容器充电后，它的带电量等于两极板带电量绝对值之和C由公式C=Q/U可知
5、，电容器的电容随所带电量的增大而增大D由公式Q=CU可知，电容器的电荷量随它两端的电压的增大而增大12（4分）（2014秋宝安区校级月考）如图是点电荷电场中的一条电场线，下面说法正确的是（） AA点场强一定大于B点场强B在B点静止释放一个电子，将一定向A点运动C正电荷运动中通过A点时，其运动方向一定沿AB方向D正电荷从A点运动到B点，其电势能一定减小13（4分）（2013秋雅安期末）如图所示的电路中，A、B、C、D是四只相同的灯泡当滑动变阻器的滑动片向下滑动时，下列说法正确的是（）AA灯变亮BB灯变暗CC灯变亮DD灯变亮14（4分）（2014秋宝安区校级月考）某学生在研究串联电路电压特点的实验
6、时，连接成如图所示的电路，接通S后，他将大内阻的电压表并联在A、C两点间，电压表读数为UAC=6V，当并联在A、B两点间时，电压表读数也为UAB=6V，当并联在B、C两点间时，电压表的读数为UBC=0V，则出现此种情况的原因可能是（R1、R2的阻值相差不大）（）AAB段断路BBC段断路CAB段短路DBC段短路三、实验题（每空2分，连图4分，共20分）15（6分）（2013秋晋江市校级期中）某实验小组在“测定金属电阻率”的实验过程中，正确操作获得金属丝的直径以及电流表、电压表的读数如图所示，则它们的读数值依次是mm、A、V16（2分）（2014秋宝安区校级月考）某同学做了“用多用表测电阻”的实验
7、后，对多用表中的“欧姆表”形成了以下一些看法，你认为他的哪些看法是正确的（）A欧姆表的刻度是均匀的B选挡后必须经过“调零”才能进行测量C测电路中的电阻大小时，要将电阻从电路中断开才能进行测量D测电阻时，指针偏转太大，为减小误差，应换用较大的倍率重新调零后再测量17（12分）（2014秋宝安区校级月考）如图1、2所示为用伏安法测量一个定值电阻阻值的实验原理图和所需器材的实物图，现有器材规格如下：待测电阻Rx（约100）直流电流表A1（量程050mA，内阻约50）直流电流表A2（量程00.6A，内阻约5）直流电压表V1（量程05V，内阻约5k）直流电压表V2（量程015V，内阻约10k）直流电源E
8、（电动势4V，内阻不计）滑动变阻器R（阻值范围015，允许最大电流1A）电键1个，导线若干条实验时电压表选择，电流表选择（填仪器字母代号）根据实验原理图1，在实物图2中完成其余连线使之成为完整的实验电路在开关S闭合前，滑动变阻器的滑动端应移到端（填“a”或“b”）实验操作正确的情况下，本实验电阻的测量值真实值（填“大于”或“小于”）四、计算题（本题共3小题，36分解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤只写出最后答案的不能得分有数值计算的题答案中必须明确写出数值和单位）18（12分）（2014秋宝安区校级月考）如图所示，一个质量为m，电荷量为q的带正电小球用细线悬挂在竖直放置的电容器的
9、M、N两板之间，静止时与竖直方向所成夹角为，若M、N间距为d，求：（1）电源左端的极性；（2）电容器间的电场强度E；（3）电源的电动势19（12分）（2014秋蕉城区校级月考）在如图所示的电路中，R1=14.0，R2=9，当开关S扳到位置1时，电流表的示数为I1=0.20A；当开关S扳到位置2时，电流表的示数为I2=0.30A；求电源的电动势和内电阻20（10分）（2014秋宝安区校级月考）如图所示，一个电荷量为q，质量为m的带电粒子以速度v垂直进入平行板电容器中（不计粒子的重力），已知极板的长度为l，两极板间的距离为d，两极板间的电压为U，若要保证粒子能飞出电容器，求U的范围2014-201
10、5学年广东省深圳市沙井中学高二（上）月考物理试卷（12月份）参考答案与试题解析一单项选择题（每题有且只有一个选项正确，每小题3分，共30分）1（3分）（2014秋宝安区校级月考）下列关于静电的叙述，正确的是（）A感应起电说明物体创造了电荷B点电荷是一种理想模型C验电器是利用异种电荷相互排斥原理制成的D库仑测定了元电荷的电荷量考点：电荷守恒定律；元电荷、点电荷 专题：电场力与电势的性质专题分析：电荷守恒定律：电荷既不能被创造，也不能被消灭，只能从一个物体转移到另一个物体，或者从物体的一部分转移到另一部分；在转移的过程中，电荷的总量保存不变解答：解：A、根据电荷守恒定律：电荷既不能被创造，也不能被
11、消灭，只能从一个物体转移到另一个物体，或者从物体的一部分转移到另一部分，故A错误；B、点电荷是一种理想模型，故B正确；C、同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引，验电器的原理是利用同种电荷相互排斥来工作的故C错误；D、密立根测定了元电荷的电荷量，故D错误；故选：B点评：本题是基础的题目，考查的就是学生对电荷守恒定律的掌握的情况，比较简单2（3分）（2011广州二模）将电容为1.21011F的平行板电容器接在3V的电池上，则电容器所带电荷量为（）A0.41011CB1.81011CC3.61011CD7.21011C考点：电容 专题：电容器专题分析：根据电容的定义式C= 求出电容的大小，知道电容的大
12、小与电量和电压无关解答：解：根据电容的定义式C=，可知Q=CU=1.210113C=3.61011C，故C正确，ABD错误；故选：C点评：解决本题的关键知道电容的定义式，知道影响电容大小的因素3（3分）（2009秋秦皇岛期末）两个完全相同的金属小球A、B，球A所带电荷量为+4Q，球B不带电现将球B与球A接触后，移到与球A相距为d处（d远远大于小球半径）已知静电力常量为k，则此时A、B两球之间相互作用的库仑力大小是（）ABCD考点：库仑定律 专题：电场力与电势的性质专题分析：当A带电荷量为4Q，B带电荷量为0，A、B球相互接触后放回原处，距离为d，电荷先中和再平分，再根据库仑定律得到求解解答：解
13、：接触后两球将电量平分，即：=2Q，再由库仑定律，得=4，故A正确，BCD错误故选：A点评：本题考查运用比例法求解物理问题的能力对于两个完全相同的金属球，互相接触后电量q=4（3分）（2011上海）电场线分布如图所示，电场中a，b两点的电场强度大小分别为已知Ea和Eb，电势分别为a和b，则（）AEaEb，abBEaEb，abCEaEb，abDEaEb，ab考点：电势；电场强度；电场线 专题：电场力与电势的性质专题分析：电场线可以形象的描述电场的分布，电场线密的地方，电场强度大，沿电场电势降低，据此可正确解答本题解答：解：根据电场线疏密表示电场强度大小，EaEb；根据沿电场线电势降低，ab，故A
14、BD错误，C正确故选C点评：本题考查用电场线如何表示的电场强度大小及电势高低5（3分）（2011江苏模拟）一个检验电荷q在电场中某点受到的电场力为F，该点的电场强度为E下图中能正确表示q、E、F三者关系的是（）ABCD考点：电场强度 专题：电场力与电势的性质专题分析：电场中的电场强度与放入电场中电荷的电量无关，由场源电荷决定解答：解：A、因为电场中的电场强度与放入电场中电荷的电量无关，有场源电荷决定所以电场强度不随q、F的变化而变化故A、B错误 C、由E=知，某点的电场强度一定，F与q成正比故C错误，D正确故选D点评：解决本题的关键掌握电场强度的定义式E=知道电场中的电场强度与放入电场中电荷的
15、电量无关，由场源电荷决定6（3分）（2014秋宝安区校级月考）如图所示是四只电阻的IU图象，这四只电阻的阻值大小关系正确的是（） AR1R2R3R4BR1=R2=R3=R4CR1R2R3R4D无法判断考点：欧姆定律 专题：恒定电流专题分析：根据欧姆定律得到电阻R=，UI图线的斜率等于电阻的倒数，斜率越大，电阻越小解答：解：电阻R=，可知电阻R等于IU图线的斜率的倒数斜率大的电阻小，则A正确故选：A点评：本题根据伏安特性曲线斜率的倒数表示电阻来判断电阻的大小如UI图是曲线，切线斜率的倒数不等于电阻，应是图线上的点与原点连线斜率的倒数等于电阻7（3分）（2011秋长丰县校级期中）如图所示，电子由静
16、止状态开始从A板向B板运动，当到达B板时速度为v，若保持两板间电压不变，则（）A当增大两极间距离时，v也增大B当减小两极间距离时，v增大C当改变两极间距离时，v不变D当增大两极间距离时，电子在两极间运动的时间不变考点：带电粒子在匀强电场中的运动 专题：带电粒子在电场中的运动专题分析：根据E=可以判断电子受到的电场力的大小，从而可以判断电子的加速度的大小，电子在电场中做匀加速直线运动，根据匀加速直线运动的规律可以求得电子的运动的时间根据动能定理列出等式判断到达B板时速度的变化解答：解：A、B、C、根据动能定理研究电子由静止开始从A板向B板运动列出等式：Uq=mv2解得：v=，所以当增大两板间距离
17、时，v不变，故A、B错误，C正确D、由于两极板之间的电压不变，所以极板之间的场强为E=，电子的加速度为a=，电子在电场中一直做匀加速直线运动，由d=at2=t2，所以电子加速的时间为t=d，由此可见，当增大两板间距离时，电子在两板间的运动时间增大，故D错误故选：C点评：根据电子的运动的规律，列出方程来分析电子的加速度、运动的时间和速度分别与哪些物理量有关，根据关系式判断即可8（3分）（2014秋宝安区校级月考）如图所示，实线是一个电场中的电场线，虚线是一个负试探电荷在这个电场中的轨迹，以下判断正确的是（）A电荷在b处速度小B电荷从a到b加速度减小Cb处电势能小Db处电势高考点：电势 专题：电场
18、力与电势的性质专题分析：电场线是从正电荷或者无穷远出发出，到负电荷或无穷远处为止，沿电场线的方向，电势降低，电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小解答：解：A、C、从a到b的过程中，电场力做负功，电势能增加，所以b处电势能大，速度减小，所以电荷在b处速度小，所以A正确，C错误B、电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小，所以粒子在b点的加速度大，所以B错误；D、根据粒子的运动的轨迹可以知道，负电荷受到的电场力的方向向下，所以电场线的方向向上，所以a点的电势大于b点的电势，所以D错误；故选：A点评：掌握住电场线的特点：沿电场线的方向，电势降低，电场线密的地方电场的强
19、度大，电场线疏的地方电场的强度小，即可解决本题9（3分）（2014秋宝安区校级月考）如图所示，当滑动变阻器的滑动片P向左移动时，下列说法正确的是（）A安培表读数减小，伏特表读数增大B安培表读数减小，伏特表读数减小C安培表读数增大，伏特表读数减小D安培表读数增大，伏特表读数增大考点：闭合电路的欧姆定律 专题：恒定电流专题分析：由电路图可知，滑动变阻器与电阻串联，电流表测电路中的电流，电压表测定值电阻两端的电压；滑动变阻器的滑片P向左移动，接入电路的电阻变小，则电路中的总电阻变小，根据欧姆定律和串联电路的特点即可判断电表的示数变化解答：解：滑动变阻器与电阻串联，电流表测电路中的电流，电压表测定值电
20、阻两端的电压；当滑动变阻器的滑片P向左移动时，接入电路的电阻变小、电路的总电阻变小；因为I=，所以电路中的电流变大，即电流表的示数变大；所以由欧姆定律可知，这时定值电阻两端的电压变大，即电压表的示数变大故选：D点评：本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的灵活运用，关键是会分析电路的连接情况和滑动变阻器滑片的移动对电路电阻的影响10（3分）（2014秋宝安区校级月考）电容器带电荷后，静电计的指针偏转一定的角度，若不改变A、B 两板的电荷量而减小两板间距离，那么静电计指针的偏转角度将（）A一定减小B一定增大C一定不变D可能不变考点：电容器的动态分析 专题：电容器专题分析：根据距离的变化判断电容的变化
21、，抓住电量不变，通过Q=CU判断出电势差的变化，从而得知静电计指针偏转角度的变化解答：解：减小两极板间的距离，根据C= 知，电容增大，因为电量不变，根据Q=CU，知电势差减小，则指针偏转角度一定减小故A正确，B、C、D错误故选：A点评：解决本题的关键抓住电量不变，通过电容的变化判断电势差的变化二双项选择题（每题有且只有两个选项正确，每小题4分，共16分选错不得分，漏选得2分）11（4分）（2014秋宝安区校级月考）下列说法正确的是（）A电容器的电容与它是否带电无关B平行板电容器充电后，它的带电量等于两极板带电量绝对值之和C由公式C=Q/U可知，电容器的电容随所带电量的增大而增大D由公式Q=CU
22、可知，电容器的电荷量随它两端的电压的增大而增大考点：元电荷、点电荷 专题：电容器专题分析：电容器的带电量是指任何一板所带电量的绝对值C=运用比值法定义，C与Q、U无关；根据电容的定义式C=、电容的决定式C=、和结合分析板间场强的变化解答：解：AC、电容的决定式是：C=，电容器的电容与它是否带电无关故A正确，C错误；B、平行板电容器充电后，它的带电量等于一个极板的带电量，故B错误；D、由公式Q=CU可知，电容器的电荷量随它两端的电压的增大而增大，故D正确故选：AD点评：解决本题关键掌握电容的电容的定义式C=、电容的决定式C=和场强公式理解电容的物理意义，知道C与Q、U无关12（4分）（2014秋
23、宝安区校级月考）如图是点电荷电场中的一条电场线，下面说法正确的是（） AA点场强一定大于B点场强B在B点静止释放一个电子，将一定向A点运动C正电荷运动中通过A点时，其运动方向一定沿AB方向D正电荷从A点运动到B点，其电势能一定减小考点：电势能；电场强度；电势 专题：电场力与电势的性质专题分析：电场线是从正电荷或者无穷远出发出，到负电荷或无穷远处为止，沿电场线的方向，电势降低，电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小解答：解：A、电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小，由于只有一条电场线，不能判断电场线的疏密情况，所以不能判断场强的大小，故A错误；B、由图可以知道的
24、电场的方向向右，当由静止释放一个电子时，电子所受的电场力方向向左，所以电子将一定向A点运动，故B正确；C、正电荷运动中通过A点，此时受到的电场力的方向一定是沿AB方向的，但是电荷的运动的方向不一定沿着AB方向，电荷也可以做曲线运动，故C错误D、正电荷从A点运动到B点，电场力做正功，其电势能一定减小，故D正确故选：BD点评：本题就是考查学生基础知识的掌握，加强基础知识的学习，掌握住电场线的特点，即可解决本题13（4分）（2013秋雅安期末）如图所示的电路中，A、B、C、D是四只相同的灯泡当滑动变阻器的滑动片向下滑动时，下列说法正确的是（）AA灯变亮BB灯变暗CC灯变亮DD灯变亮考点：闭合电路的欧
25、姆定律 专题：恒定电流专题分析：当变阻器的滑动触头P向下移动时，变阻器接入电路的电阻减小，外电路总电阻减小，根据闭合电路欧姆定律分析总电流的变化和路端电压的变化，即可知道A灯亮度的变化根据总电流与通过A灯的电流变化，即可分析通过B的电流变化，从而判断其亮度的变化由欧姆定律分析右侧电路中并联部分电压的变化，判断C灯亮度的变化由通过B的电流与C中电流的变化，分析通过D灯电流的变化，判断其亮度的变化解答：解：当变阻器的滑动触头P向下移动时，变阻器接入电路的电阻减小，外电路总电阻减小，总电流I增大，电源的内电压增大，则路端电压减小，通过A的电流减小，所以A灯变暗由于总电流 I=IA+IB，I，IA，则
26、IB，B灯变亮因路端电压U=UB+UC，U，UB，则UC，故C灯变暗IB=IC+ID，因IB，IC，则ID，则D灯变亮故D正确，ABC错误故选：D点评：本题是电路动态分析问题，关键要按局部到整体，再到局部分析电压、电流的变化14（4分）（2014秋宝安区校级月考）某学生在研究串联电路电压特点的实验时，连接成如图所示的电路，接通S后，他将大内阻的电压表并联在A、C两点间，电压表读数为UAC=6V，当并联在A、B两点间时，电压表读数也为UAB=6V，当并联在B、C两点间时，电压表的读数为UBC=0V，则出现此种情况的原因可能是（R1、R2的阻值相差不大）（）AAB段断路BBC段断路CAB段短路DB
27、C段短路考点：闭合电路的欧姆定律 专题：恒定电流专题分析：接通S后，将电压表并联在A、C两点间的电压表读数为6V，说明电源没有故障当并联在A、B两点间时，电压表读数也为U，说明AB间断路当并联在B、C两点间时，电压表的读数为零，电路中没有电流，B、C间没有故障解答：解：A、接通S后，将电压表并联在A、C两点间的电压表读数为U，说明电源没有故障当并联在A、B两点间时，电压表读数也为U，当并联在B、C两点间时，电压表的读数为零，说明AB间有断路，因为电路中没有电流，B、C间为定值电阻，根据欧姆定律U=IR可知，B、C间电压就应为零，这时，A点电势与电源的正极相等，B点电势与电源的负极电势相等故A正
28、确；B、若B、C间断路，电压表并联在B、C两点间时，读数应为6V，与题设条件不符故B错误C、若A、B短路，电压表并联在A、B两点间时，电压表读数应为零，与题设条件不符故C错误D、由题，电压表并联在B、C两点间时，读数为零，可能B、C间短路故D正确故选：AD点评：本题是电路中故障分析问题，可以用电势差等于电压来加深理解故障的原因中等难度三、实验题（每空2分，连图4分，共20分）15（6分）（2013秋晋江市校级期中）某实验小组在“测定金属电阻率”的实验过程中，正确操作获得金属丝的直径以及电流表、电压表的读数如图所示，则它们的读数值依次是0.999mm、0.42A、2.28V考点：测定金属的电阻率
29、 专题：实验题分析：螺旋测微器读数时，可以分成整数部分和小数部分两部分来读，读整数时，注意“半毫米”刻度线是否露出；电表读数时注意“估读”方式：若每小格的读数是“0.02”A，则应是估读，即估读到0.01A，若每小格的读数是“0.1”V，则应是“”估读，即估读到0.01V，若每小格最小读数是“0.5”，则应是估读，即估读到“0.1”即可解答：解：螺旋测微器的读数为：d=0.5mm+49.90.01mm=0.999mm；电流表的读数为：I=0.42A；电压表的读数为：U=2.28V故答案为：0.999，0.42，2.28点评：在螺旋测微器读数时，要分别读出整数部分和小数部分，再求出两部分的和，则
30、应“半毫米”刻度线是否露出；在电表读数时，有“”、“”、“”等几种估读方法，方法是：先求出每小格的读数，若出现“1”则应是估读，出现“2”则应是“”估读，出现“5”则是“估读”16（2分）（2014秋宝安区校级月考）某同学做了“用多用表测电阻”的实验后，对多用表中的“欧姆表”形成了以下一些看法，你认为他的哪些看法是正确的（）A欧姆表的刻度是均匀的B选挡后必须经过“调零”才能进行测量C测电路中的电阻大小时，要将电阻从电路中断开才能进行测量D测电阻时，指针偏转太大，为减小误差，应换用较大的倍率重新调零后再测量考点：用多用电表测电阻 专题：实验题分析：欧姆表刻度不均匀，换挡后要进行短接调零，被测电阻
31、要独立出来，根据欧姆表的使用方法与注意事项分析答题解答：解：A、欧姆表的刻度不均匀，左边密右边疏，故A错误；B、欧姆表换挡后必须进行欧姆调零，故B正确；C、为保护电表安全，测电路中的电阻大小时，要将电阻从电路中断开才能进行测量，故C正确；D、测电阻时，指针偏转太大，说明被测阻值应换用较小倍率，故D错误；故选：BC点评：本题考查了对欧姆表结构的认识、欧姆表的使用方法与注意事项，是一道基础题，掌握基础知识即可正确解题，要注意基础知识的学习17（12分）（2014秋宝安区校级月考）如图1、2所示为用伏安法测量一个定值电阻阻值的实验原理图和所需器材的实物图，现有器材规格如下：待测电阻Rx（约100）直
32、流电流表A1（量程050mA，内阻约50）直流电流表A2（量程00.6A，内阻约5）直流电压表V1（量程05V，内阻约5k）直流电压表V2（量程015V，内阻约10k）直流电源E（电动势4V，内阻不计）滑动变阻器R（阻值范围015，允许最大电流1A）电键1个，导线若干条实验时电压表选择A1，电流表选择V1（填仪器字母代号）根据实验原理图1，在实物图2中完成其余连线使之成为完整的实验电路在开关S闭合前，滑动变阻器的滑动端应移到a端（填“a”或“b”）实验操作正确的情况下，本实验电阻的测量值小于真实值（填“大于”或“小于”）考点：伏安法测电阻 专题：实验题分析：已知电源的电压则根据安全性和准确性原
33、因可以选出电压表；由欧姆定律可得出电路中最大电流，则可得出电流表；根据给出的滑动变阻器与待测电阻的关系可以确定应采用分压接法；根据电流表内阻与待测电阻的大小关系可以确定电流表的接法；根据确定好的原理图将各实物图连接，注意电流的方向及导线要接在接线柱上；结合欧姆定律分析误差解答：解：由题意可知，电源为必选的，其电压为4V，故考虑准确性，电压表只能选择3V量程；则电路中的电流I=mA=30mA，故电流表只能选择A1，电压表只能选择V1；由于滑动变阻器电阻最大只有15，而待测电阻100，故滑动变阻器起不到必要的控制作用，故滑动变阻器只能采用分压接法；同时，故电流表应选用外接法；故答案如图所示：开关闭
34、合前，被侧电阻上的电压应最小，故划片应置于a端；电流表外接，电流表测量值实际为电流表中电流与被测电阻的电流之和，故电流测量值偏大，而电压测量值为真实值，故被测阻值偏小；故答案为：A1；V1 电路图如图所示；a； 小于点评：本题考查了当滑动变阻器不能起到调节作用时，应采用分压接法；在测定电阻时还一定要注意判断电流表外接还是内接问题四、计算题（本题共3小题，36分解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤只写出最后答案的不能得分有数值计算的题答案中必须明确写出数值和单位）18（12分）（2014秋宝安区校级月考）如图所示，一个质量为m，电荷量为q的带正电小球用细线悬挂在竖直放置的电容器的M、
35、N两板之间，静止时与竖直方向所成夹角为，若M、N间距为d，求：（1）电源左端的极性；（2）电容器间的电场强度E；（3）电源的电动势考点：匀强电场中电势差和电场强度的关系 专题：电场力与电势的性质专题分析：由小球受力可确定场强方向，进而确电电源左的极性，由受力平衡可得E，根据匀强电场的电势差和电场强度的关系公式U=Ed即可求得电动势解答：解：（1）小球为正电小球，受力向右，则电场方向水平向右，可得左端为正极（2）由受力平衡如图所示：可得：mgtan=qE 得E=（3）电动势等于开路电压等于两板间电压为U=Ed=答：（1）电源左端的极性为正；（2）电容器间的电场强度E为（3）电源的电动势为点评：该
36、题属于带电物体在静电场中的平衡问题，对物体进行正确的受力分析是解题的关键属于基础题目19（12分）（2014秋蕉城区校级月考）在如图所示的电路中，R1=14.0，R2=9，当开关S扳到位置1时，电流表的示数为I1=0.20A；当开关S扳到位置2时，电流表的示数为I2=0.30A；求电源的电动势和内电阻考点：闭合电路的欧姆定律 专题：恒定电流专题分析：分两次运用闭合电路欧姆定律列式，然后联立方程组求解即可解答：解：设电源的电动势和内阻分别为E和r，当开关分别处于1、2两个位置时，根据闭合电路的欧姆定律可以列出方程：E=I1R1+I1r E=I2R2+I2r 消去E，可以解出电源的内阻把r值代入第
37、一个方程中，可得电源的电动势E=3.0V答：电源的电动势为3.0V，内阻为1.0点评：本题关键对整个电路分两次运用闭合电路欧姆定律列式，然后联立方程组求解，本题提供的方法是实验中测量电源的电动势和内阻的基本方法！20（10分）（2014秋宝安区校级月考）如图所示，一个电荷量为q，质量为m的带电粒子以速度v垂直进入平行板电容器中（不计粒子的重力），已知极板的长度为l，两极板间的距离为d，两极板间的电压为U，若要保证粒子能飞出电容器，求U的范围考点：带电粒子在匀强电场中的运动 专题：带电粒子在电场中的运动专题分析：带电粒子进入偏转电场做类平抛运动，把粒子的运动分解为水平方向的匀速直线运动，竖直方向的初速度为零的匀加速直线运动，由题知竖直方向最大位移，根据牛顿第二定律和运动学公式求解解答：解：粒子做类平抛运动，水平方向做匀速直线运动，则有 L=v0t，得：t=；粒子竖直方向做匀加速直线运动，当粒子向下偏转，从下极板边缘射出时，由题知竖直最大位移为d，加速度为 a= 则有：d=解得电压的最大值：U=同理，当粒子向上偏转，从上极板边缘射出时，解得电压的最大值：U=故电压的取值范围：U答：U的范围为：U点评：类平抛运动与平抛运动研究的方法相似，把粒子的运动分解成水平方向的匀速直线运动，竖直方向的匀加速直线运动，结合牛顿第二定律和匀变速直线运动规律解题