1、西 城 区 高 三 模 拟 测 试 试 卷 数 学 2022.5本试卷共6页，150分。考试时长120分钟。考生务必将答案答在答题卡上，在试卷上作答无效。考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。第一部分（选择题 共40分）一、选择题共10小题，每小题4分，共40分。在每小题列出的四个选项中，选出符合题目要求的一项。（1）已知集合，则（A）（B）（C）（D）（2）已知双曲线的焦点分别为，双曲线上一点P满足，则该双曲线的离心率为（A）（B）（C）（D）（3）已知为等差数列，首项，公差，若，则（A）（B）（C）（D）（4）下列函数中，与函数的奇偶性相同，且在上有相同单调性的是（A）（B）（C）（D）（
2、5）已知直线与圆交于两点，且，则的值为（A）（B）（C）（D）（6）已知是单位向量，向量满足，则的取值范围是（A）（B）（C）（D）（7）已知函数，那么“”是“在上是增函数”的（A）充分而不必要条件（B）必要而不充分条件（C）充分必要条件（D）既不充分也不必要条件（8）已知，记关于x的方程的所有实数根的乘积为，则（A）有最大值，无最小值（B）有最小值，无最大值（C）既有最大值，也有最小值（D）既无最大值，也无最小值（9）若函数的定义域和值域的交集为空集，则正数的取值范围是（A）（B）（C）（D）（10）如图为某商铺两种商品在2022年前3个月的销售情况统计图，已知商品卖出一件盈利20元，商品卖
3、出一件盈利10元.图中点的纵坐标分别表示商品2022年前3个月的销售量，点的纵坐标分别表示商品2022年前3个月的销售量.根据图中信息，下列四个结论中正确的是 2月两种商品的总销售量最多； 3月两种商品的总销售量最多； 1月两种商品的总利润最多； 2月两种商品的总利润最多.（A）（B）（C）（D）第二部分（非选择题共110 分）二、填空题共5小题，每小题5分，共25分。（11）二项式的展开式中的系数为，则_.（12）已知复数z在复平面内所对应的点的坐标为，则为_.（13）已知抛物线的焦点为，准线为，则焦点到准线的距离为_；直线与抛物线分别交于、两点（点在轴上方），过点作直线的垂线交准线于点，则
4、_.（14）已知数列是首项为16，公比为的等比数列，是公差为2的等差数列.若集合中恰有3个元素，则符合题意的的一个取值为_.（15）已知四棱锥的高为，和均是边长为的等边三角形，给出下列四个结论： 四棱锥可能为正四棱锥； 空间中一定存在到距离都相等的点； 可能有平面平面； 四棱锥的体积的取值范围是.其中所有正确结论的序号是_.三、解答题共6小题，共85分。解答应写出文字说明，演算步骤或证明过程。（16）（本小题13分）在中，.（）求的大小；（）若，证明：.（17）（本小题13分）2021年12月9日，北京市义务教育体育与健康考核评价方案发布义务教育体育与健康考核评价包括过程性考核与现场考试两部分
5、，总分值70分其中过程性考核40分，现场考试30分该评价方案从公布之日施行，分学段过渡、逐步推开现场考试采取分类限选的方式，把内容划分了四类，必考、选考共设置22项考试内容某区在九年级学生中随机抽取1100名男生和1000名女生作为样本进行统计调查，其中男生和女生选考乒乓球的比例分别为10%和5%，选考1分钟跳绳的比例分别为40%和50%假设选考项目中所有学生选择每一项相互独立（）从该区所有九年级学生中随机抽取1名学生，估计该学生选考乒乓球的概率；（）从该区九年级全体男生中随机抽取人，全体女生中随机抽取人，估计这人中恰有人选考1分钟跳绳的概率；（）已知乒乓球考试满分8分在该区一次九年级模拟考试
6、中，样本中选考乒乓球的男生有60人得8分，40人得7.5分，其余男生得7分；样本中选考乒乓球的女生有40人得8分，其余女生得7分记这次模拟考试中，选考乒乓球的所有学生的乒乓球平均分的估计值为，其中男生的乒乓球平均分的估计值为，试比较与的大小.（结论不需要证明）（18）（本小题14分）如图，在三棱柱中，四边形是边长为的菱形，点为棱上动点（不与重合），平面与棱交于点. （）求证：；（）若，从条件、条件、条件这三个条件中选择两个条件作为已知，求直线AB与平面所成角的正弦值.条件：平面平面；条件：；条件：.注：如果选择多个符合要求的条件分别解答，按第一个解答计分.（19）（本小题15分）已知函数.（）
7、若，求a的值；（）当时，求证：有唯一的极值点；记的零点为，是否存在a使得？说明理由.（20）（本小题15分）已知椭圆的左顶点为，圆经过椭圆的上、下顶点.（）求椭圆的方程和焦距；（）已知分别是椭圆和圆上的动点（不在坐标轴上），且直线与轴平行，线段的垂直平分线与轴交于点，圆在点处的切线与轴交于点. 求线段长度的最小值.（21）（本小题15分）已知数列，其中是给定的正整数，且.令，.这里，表示括号中各数的最大值，表示括号中各数的最小值.（）若数列，求，的值；（）若数列是首项为1，公比为的等比数列，且，求的值；（）若数列是公差的等差数列，数列是数列中所有项的一个排列，求的所有可能值（用表示）.西 城
8、区 高 三 模 拟 测 试 试 卷数学答案及评分参考 2022.5一、选择题（共10小题，每小题4分，共40分）（1）A（2）C（3）D（4）D（5）B（6）C（7）A（8）D（9）B（10）C二、填空题（共5小题，每小题5分，共25分）（11）（12）（13）（14）（答案不唯一）（15）三、解答题（共6小题，共85分）（16）（共13分）解：（）在中，因为，所以，所以，所以，因为，所以. 7分（）因为，所以. 由余弦定理得，所以，即 .因为，所以.将代入，得，整理得 ，所以.13分（17）（共13分）解：（）样本中男生选考乒乓球人数为人，女生选考乒乓球人数人.设从该区所有九年级学生中随机抽
9、取1人，该学生选考乒乓球为事件，用频率估计概率，. 4分（）设从该区九年级全体男生中随机抽取1人，选考跳绳为事件， 设从该区九年级全体女生中随机抽取1人，选考跳绳为事件， 由题意，的估计值为，的估计值为. 设从该区九年级全体男生中随机抽取人，全体女生中随机抽取人，恰有2人选考跳绳为事件， 则所求概率的估计值为. 9分（）.13分（18）（共14分）解：（）在三棱柱中， 又平面, 所以平面. 又因为平面平面， 所以. 4分（）选条件.连接，取中点，连接，.在菱形中，所以为等边三角形.又因为为中点，所以，又因为平面平面，平面平面，平面，且，所以平面，所以.又因为，所以.以为原点，以、为轴、轴、轴建
10、立空间直角坐标系，则，.所以，.设平面的一个法向量为，则 所以令，则，故.又因为，.所以直线AB与平面B1BDE所成角的正弦值为.选条件.连接，取中点，连接，.在菱形中，所以为等边三角形.又为中点，故，且.又因为，.所以，所以.又因为，所以平面.以下同选.选条件取中点，连接，.在中，因为，所以，且，.又因为平面平面，平面平面，所以平面.因为平面，所以.在中，.又因为，所以，所以.以下同选. 14分（19）（共15分）解：（），所以，因为，所以. 5分（）的定义域是， ，令，则.设，因为，在上单调递减，所以在上单调递减.因为，所以在上有唯一的零点，所以有有唯一解，不妨设为，.与的情况如下：0极大
11、值所以有唯一的极值点.由题意，则.若存在，使，则，所以.因为在单调递减，则需，即，与已知矛盾.所以，不存在使得.15分（20）（共15分）解：（）由题意， 所求椭圆方程为 .因为，所以焦距. 4分（）设且.由题意，设且.因为，所以线段的中点为.又直线的斜率为，所以线段的中垂线的斜率为.故线段的中垂线方程为 .令，得 .由，可得，代入上式，得 ，所以.因为直线的斜率为，所以圆在点处的切线斜率为.所以切线方程为 .令得 ,所以.所以线段长度.（当且仅当，即时等号成立）所以线段长度的最小值为.15分（21）（共15分）解：（），. 4分（）若数列中任意两项互不相等，则当时,由,可知，,当且时,，又,所以 .综上,所以，不合题意.所以存在,，使，即.因为，所以.所以.若，则，不舍题意，舍.若，则数列为：1，1，1，符合题意.综上，.10分（）的所有可能值为.证明如下：因为，所以递增且中各项（即中各项）两两不等，所以同（）可知.由定义，存在因为比中个项大,故，同理，所以.因为至少比中的一项小，故，同理，.所以.综上，.令,下面证明各值均可取得.，由是递增数列，此时，,此时.当时，令，则，.当时，令，则，所以 ,此时,.给定,令，且,则，又是递增数列,，又是递增数列,，此时,.所以 ，综上，各值均可取得.15分