1、吉林省扶余市第二实验学校2021届高三物理下学期3月月考试题（B）注意事项：1答题前，先将自己的姓名、准考证号填写在试题卷和答题卡上，并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置。2选择题的作答：每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。3非选择题的作答：用签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。4考试结束后，请将本试题卷和答题卡一并上交。一、选择题：本题共8小题，每小题6分，共48分。在每小题给出的四个选项中，第15题只有一项符合题目要求，第68题有多项符合题目要求。全部选对的得
2、6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。1图甲是“光电效应”实验电路图，图乙为某次“光电效应”实验中得到的同一光电管两端的遏止电压随入射光频率v变化的函数关系图像。下列判断正确的是( ) A入射光的频率v不同，遏止电压Uc相同B图甲所示电路中，当电压表增大到一定数值时，电流计将达到饱和电流C只要光的光照强度相同，光电子的最大初动能就一定相同D入射光的频率v不同，光照强度不同，Ucv图像的斜率相同2如图所示，在粗糙的水平面上，固定一个半径为R的半圆柱体M，挡板PQ固定在半圆柱体M上，PQ的延长线过半圆柱截面圆心O，且与水平面成30角。在M和PQ之间有一个质量为m的光滑均匀球体N，其半径也为R。
3、整个装置处于静止状态，则下列说法正确的是( ) AN对M的压力大小为mgBN对M的压力大小为mgCN对PQ的压力大小为mgDN对PQ的压力大小为mg3如图所示，小球沿足够长的斜面向上做匀变速运动，依次经a、b、c、d到达最高点e。已知abbd6 m，bc1 m，小球从a到c和从c到d所用的时间都是2 s，设小球经b、c时的速度分别为vb、vc，则( ) Axde3 m Bvb2 m/sCvc3 m/s D从d到e所用时间为2 s4如图甲所示的电路中，S为单刀双掷开关，电表为理想电表，Rt为热敏电阻（阻值随温度的升高而减小），理想变压器原线圈接如图乙所示的正弦交流电，则( ) A变压器原线圈中交
4、流电压u的表达式u110sin(50t)VB开关S接在a端，Rt温度升高时，变压器的输入功率变小C开关S接在a端，Rt温度升高时，电压表和电流表的示数均变大D开关S由a切换到b，Rt消耗的功率变小5如图所示，A为地球表面赤道上的物体，B为轨道在赤道平面内的实验卫星，C为在赤道上空的地球同步卫星，已知卫星C和卫星B的轨道半径之比为31，且两卫星的环绕方向相同，下列说法正确的是( ) A卫星B、C运行速度之比为31B卫星B的加速度大于物体A的加速度C同一物体在卫星B中对支持物的压力比在卫星C中大D在卫星B中一天内可看到3次日出6如图所示，在0x2L的区域内存在着垂直于纸面向里的匀强磁场，磁感应强度
5、大小为B，粗细均匀的正方形金属线框abcd位于xOy平面内，线框的bc边与x轴重合，cd边与y轴重合，线框的边长为L，总电阻为R。现让线框从图示位置由静止开始沿x轴正方向以加速度a做匀加速运动，则下列说法正确的是( ) A进入磁场时，线框中的电流沿abcda方向，出磁场时，线框中的电流沿adcba方向B进入磁场时，a端电势比b端电势高，出磁场时，b端电势比a端电势高Ca、b两端的电压最大值为D线框中的最大电功率为7如图所示，a、b两条曲线在1、2两个位罝相交，其中曲线a是一个带电粒子仅在电场力作用下运动的轨迹，另一条曲线b是电场线或等势线中的一种，则下列说法正确的是( ) A曲线b是电场线B曲
6、线b是等势线C粒子从位罝1运动到位置2电势能先减小后增大D粒子在位置1和位置2动能不相等8如图所示，质量为m的小球（视为质点）固定于轻质弹簧的端。弹簧的另一 端固定于O 点。将小球拉至A处，此时弹资恰好无形变。现由静止释放小球，小球运动到O点正下方B点时的速度大小为v。此时小球与A点的竖直高度差为h。重力加速度大小为g。不计空气阻力。下列说法正确的是( ) A小球从A点运动到B点的过程中重力势能的减少量为mghB小球从A点运动到B点的过程中机械能守恒C小球到达B点时，弹簧的弹性势能为mghD小球从A点运动到B点的过程中克服弹簧弹力做的功为mghmv2二、非选择题：第912题为必考题，每个试题考
7、生都必须作答。第1314题为选考题，考生根据要求作答。（一）必考题。9(6分)某同学用图甲所示的实验装置测量滑块与桌面之间的动摩擦因数。光电门固定在水平直轨道上的O点，拉力传感器固定在滑块上，不可伸长的细线通过定滑轮将滑块与钩码相连，遮光条的宽度为d，滑块初始位置A点到O点的距离为L，重力加速度为g。实验步骤如下： A将滑块从A点由静止释放，传感器显示滑块所受拉力为F，光电门记录遮光条通过光电门的时间t；B改变钩码的个数重复步骤A；C正确记录每一组F与t对应的数据，作出的关系图像如图乙所示（图中b、c为已知量）。(1)根据步骤A中测出的物理量可知，滑块的加速度a_；(2)滑块与轨道间的动摩擦因
8、数_；(3)增加滑块的质量重新进行实验，得到的图像与两坐标轴交点坐标的绝对值b、c的变化情况是：b_，c_。（填“变大”、“变小”或“不变”）10(9分)某同学要把电压表改装成可直接测量压力的仪表，设计的电路如图3(a)所示。实验器材如下：待改装电压表(量程03 V，可视为理想电压表)，定值电阻R0，压敏电阻Rx，电源(4 V，内阻不计)，开关S，导线。选用的压敏电阻阻值Rx随压力F变化的规律如图(b)所示。 (1)实验中随着压力F的增大，电压表的示数_。(选填“变大”“不变”或“变小”)(2)为使改装后仪表的量程为0160 N，且压力160 N对应电压表3 V的刻度线，则定值电阻阻值R0_，
9、压力0 N对应电压表_V的刻度线。(3)他发现这样改装后的仪表压力刻度分布不均匀，想进一步把(2)中的压力刻度改成均匀分布，应选用另一压敏电阻，其阻值Rx随压力F变化的关系式为_。11(13分)如图，长4 m、质量2 kg的木板A静止在光滑水平面上，质量1 kg可视为质点的滑块B放在木板的左端，A、B间的动摩擦因数为0.4，右侧一定距离处固定着一挡板。某时刻起，给B施加一大小为10 N的水平恒力F作用，当B滑到A的中点时撤去F，此时A恰好与挡板碰撞，碰撞中无机械能损失。g取10 m/s2求： (1)开始时A的右端与挡板间的距离；(2)F对B做的功；(3)B从A上滑下时的速度大小（结果可用根号表
10、示） 12(19分)如图所示，在直角坐标系xOy中，xL和y轴之间有垂直纸面向里的匀强磁场，y轴左侧有沿x轴正方向的匀强电场，电场强度大小为E，在x轴上xL处有一个粒子源，该粒子源可以在纸面内沿各个方向射出速率相同的同种粒子（重力不计），粒子的质量为m、电荷量为q，沿y轴负方向射出的粒子经电场和磁场偏转后，恰好不从磁场的右边界射出，并且第一次和第二次经过y轴的位置相距L，求： (1)粒子的初速度大小及磁场的磁感应强度大小；(2)沿y轴正方向射出的粒子第二次经过y轴的位置坐标；(3)沿与x轴负方向成45角向上（图示方向）射出的粒子第一次经过y轴和第二次经过y轴的位置间的距离。 （二）选考题：共4
11、5分。请考生从给出的2道物理题、2道化学题、2道生物题中每科任选一题作答。如果多做。则每学科按所做的第一题计分。13物理选修33(15分)(1)(5分)下列说法正确的是_。（填正确答案标号。选对1个得2分，选对2个得4分，选对3个得5分。每选错1个扣3分，最低得分为0分）A做布朗运动的微粒越大，则布朗运动越剧烈B绝热汽缸中密封的理想气体在被压缩过程中，气体分子热运动剧烈程度增大C气体如果失去了容器的约束就会散开，这是因为气体分子之间存在斥力的缘故D在合适的条件下，某些晶体可以转变为非晶体，某些非晶体也可以转变为晶体E一切与热现象有关的自发宏观过程都具有方向性，总是向分子热运动无序性更大的方向进
12、行(2)(10分)如图为测量粉末状矿物密度的装置，其中A、B、C是一个玻璃容器，D是玻璃管，上端与大气相通，B、D间用软管连接，内部灌有水银。测量时操作步骤如下： 打开阀门K，使管AB及罩C与大气相通，上下移动D使AB管中水银面在1的位置；关闭K，缓慢上提D，使水银面到达2位置，记下两管中水银面的高度差h112.5 cm；打开K，使水银面重新回到1位置，将m400 g的某种矿物放入C中，关闭K；缓慢上提D，使水银面重新达到2位置，此时两管中水银面的高度差h237.5 cm。已知罩C和管AB中2位置以上部分的总体积为V01000 cm3，不考虑环境温度及大气压强的变化，求该矿物的密度。(已知大气
13、压强p075 cmHg) 14物理选修34(15分)(1)(5分)如图所示是一列沿x轴正方向传播的简谐横波在t0时刻的波形图，已知这列波的振幅为5 cm，波速为0.3 m/s，则下列说法中正确的是_。（填正确答案标号。选对1个得2分，选对2个得4分，选对3个得5分。每选错1个扣3分，最低得分为0分） A这列波的波长是12 cm，周期是0. 4 sBt0时刻，x5 cm处质点位移为2. 5 cmCt0时刻，x2 cm处质点正在沿y轴方向向上做加速运动D经过一个周期x11 cm处质点通过的路程为20 cmEt0.2 s时刻，x8 cm处质点正在向上运动(2)(10分)学校水平地面上两幢相同高度的教
14、学楼A和B相距较近，白天B楼对A楼有阳光遮挡，某时刻沿B楼楼顶边缘照射的太阳光恰好落在A楼的C点，已知C与A楼楼顶的高度差为h6 m，A与B楼间距为d18 m，截面如图所示。在B楼楼顶边缘安置一个底面为扇形的柱状透明物，扇形的半径为R m、圆心角为150，圆心在楼顶边缘，扇形柱体的一个侧面紧贴竖直墙壁，这样就可以使A楼C点下方一定区域在此时获得光照。求安装了上述透明体后可使此时刻的太阳光最大能到达C点正下方多大距离处？(可将太阳光当做平行单色光处理，且光在该透明体中的折射率为n，结果可用根式表示) 2020-2021学年下学期高三第一次月考备考精编金卷物 理（B）答 案一、选择题：本题共8小题
15、，每小题6分，共48分。在每小题给出的四个选项中，第15题只有一项符合题目要求，第68题有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。1【答案】D【解析】逸出功与金属材料有关，与入射光的频率无关，由EkmhW0可知，入射光的频率不同，电子的最大初动能不同，又eUcEkm，所以入射光的频率不同，遏止电压Uc不同，A错误；必须图甲所示电路中的电源正负极反接过来，才能用来验证光电流与电压的关系，即当电压表增大到一定数值时电流计将达到饱和电流，B错误；由爱因斯坦光电效应方程EkmhW0，可知在入射光频率不同的情况下，光电子的最大初动能不同，最大初动能与光照强度无关，C错误；
16、由EkmhhvceUc，可得，故图线的斜率为相同的常量，D正确。2【答案】B【解析】对球N受力分析，如图，设N对M的压力为F1，N对PQ的压力为F2，由几何关系可知，F1和F2与G的夹角相等，均为30，则，故选B。 3【答案】C【解析】设物体在a点时的速度大小为v0，加速度为a，根据位移时间公式xv0tat2，则从a到c有7v02a4，从a到d有12v04a16，解得a0.5 m/s2，v04 m/s，则vc40.523 m/s，从a到b，根据vb2va22axab，解得vb m/s，故B错误，C正确；vdv0at22 m/s，则从d到e有0vd22axde，解得xde4 m，故A错误；由vd
17、atde，可得从d到e的时间tde4 s，故D错误。4【答案】D【解析】由图乙可知，变压器原线圈中交流电压u的表达式u110sin(100t)V，A错误；开关S接在a端，Rt温度升高时，电路的电阻减小，而根据，可知电压表的示数不变，根据欧姆定律，电流表的示数变大，回路消耗的功率增大，变压器输入的功率变大，BC错误；开关S由a切换到b，副线圈接入电路的匝数减少，根据，加在Rt两端电压降低，Rt消耗的功率变小，D正确。5【答案】B【解析】根据Gm知v，所以B、C的运行速度之比为1，故A错误；卫星在空中只受到万有引力，根据Gma得a，B的轨道比C的轨道半径小，所以B的加速度比C大；又A、C的角速度相
18、同，根据a2r知C的加速度比A大，故卫星B的加速度大于物体A的加速度，故B正确；若地球做匀速圆周运动的卫星内的物体都处于完全失重状态，则物体对支持物的压力都是0，故C错误；根据Gm2r，可得T2，地球同步卫星C和实验卫星B的轨道半径之比为31，两卫星周期关系TBTC13，C的周期与地球的自转周期相等，为24小时，所以B的周期为小时，一天内B卫星绕地球的圈数，所以B卫星中的宇航员一天可以看到5次日出，故D错误。6【答案】AD【解析】根据右手定则可知，进入磁场时，线框中的电流沿abcda方向，a端电势比b端电势低；出磁场时，线框中的电流沿adcba方向，a端电势比b端电势高，故A正确、B错误；当进
19、入磁场过程中，ab两端电压为感应电动势的，离开磁场的过程中，ab两端电压为感应电动势的，所以ab边刚要离开磁场瞬间a、b两端的电压最大，此时的速度为v，根据运动学公式可得，v22a3L，所以，故C错误；ab边刚要离开磁场瞬间线圈消耗的功率最大，线框中的最大电功率，故D正确。7【答案】BC【解析】如果是电场线则1、2两点电场方向相反，结合轨迹弯曲方向应该相反，与图不符，故不可能时电场线，故A错误；如果是等势面，则1、2两点电场方向与等势面垂直，则电场力与等势面垂直，则力的方向应该指向同一侧，则轨迹应该向同一侧偏转，与图像符合，故曲线b是等势面，故B正确；粒子从位罝1运动到位置2电场力先做正功后做
20、负功，电势能先减小后增大，故C正确；位置1、2位于同一等势面上电势能相等，又只有电场力做功，则两点动能一定相等，故D错误。8【答案】AD【解析】小球从A点运动到B点的过程中，小球重力势能的减少量等于该过程重力对小球做的功，该过程中小球所受重力对小球做的功为mgh，A正确；小球从A点运动到B点的过程中小球减少的重力势能一部分转化为小球的动能，另一部分转化为弹簧的弹性势能，B错误；对小球和弹簧组成的系统，由机械能守恒定律有mghmv2Ep，解得小球到达B点时，弹簧的弹性势能Epmghmv2，C错误；根据功能关系，小球从A点运动到B点的过程中克服弹簧弹力做的功W弹Epmghmv2，D正确。二、非选择
21、题：第912题为必考题，每个试题考生都必须作答。第1314题为选考题，考生根据要求作答。（一）必考题。9(6分)【答案】(1) (2) (3)变大 不变【解析】(1)滑块滑到光电门处的速度，根据位移公式得，滑块的加速度，解得。(2)对滑块，根据牛顿第二定律得Fmgma，代入加速度得Fmg，根据图像得bmg，滑块与轨道间的动摩擦因数。(3)根据(2)可知，b变大，c不变。10(9分)【答案】(1)变大 (2)240 1.5 (3)Rx240()【解析】(1)由图(b)知，压力越大，压敏电阻Rx越小，则电路中电流越大，电压表示数变大。(2)由图(b)知，当F160 N时，Rx80 ，U3 V，Ux
22、EU1 V，I A，那么R0240 。当F0时，Rx400 ，则U1.5 V。(3)要使仪表压力刻度均匀，须满足UkFb，由(2)知F0 N时，U1.5 V，得b1.5，那么k，UF1.5(V)。由闭合电路欧姆定律有，得U V，联立得Rx240()。11(13分)【解析】(1) A、B间的动摩擦力fmBg4 N以地面为参考系，A、B的加速度分别为m/s2，m/s2设B从木板的左端滑到中点用时为t，木板的长度为L，开始时木板右端与挡板间的距离为d，则aBt2dL，aAt2d解得：t1 s，d1 m。(2)滑块B相对于地面的位移xBdL3 m所以F对B做的功WFxB30 J。(3)由于碰撞中无机械
23、能损失，所以A与挡板碰撞后的速度等于碰撞前的速度，即vAaAt2 m/s，方向向左；此时滑块的速度vBaBt6 m/s，方向向右。该时刻开始，木板A向左做匀减速运动，滑块B向右做匀减速运动，加速度分别为：m/s2，m/s2当二者的位移之和等于木板长度的一半时，滑块B从A上滑下，设这一过程用时为t，则：vBtaBt2vAtaAt2L解得s所以B从A上滑下时的速度大小vBvBaBtm/s。12(19分)【解析】(1)沿y轴负方向射出的粒子经电场偏转后进入磁场，设粒子进入磁场时与y轴负方向间的夹角为，根据题意可知，粒子的运动轨迹如图所示。设粒子在磁场中做圆周运动的半径为R，则：RRcos L，2Rs
24、in L可得：60，RL粒子在电场中做类平抛运动，根据运动的分解，粒子第一次经过y轴时，沿x轴正方向的速度满足vx22aL，qEma，可得粒子的初速度大小为 粒子进入磁场时的速度大小为由qvBm得磁场的磁感应强度大小为。(2)沿y轴正方向射出的粒子，经电场、磁场偏转后的轨迹如图所示，由对称性可知：y1v0t，Lat2 可得y1L粒子在磁场中运动，第一次经过y轴的位置与第二次经过y轴的位置间的距离y22Rsin L因此第二次经过y轴的位置坐标为（0，）。(3)如果粒子沿与x轴负方向成45射出，设此粒子第一次经过y轴的速度大小为v1，根据动能定理有：qELmv12mv02可得由此可知，粒子在磁场中
25、做圆周运动的半径仍为RL设粒子进入磁场时速度与y轴正方向的夹角为，则粒子第一次经过y轴与第二次经过y轴的位置间的距离y2Rsin ，则。（二）选考题：共45分。请考生从给出的2道物理题、2道化学题、2道生物题中每科任选一题作答。如果多做。则每学科按所做的第一题计分。13物理选修33(15分)(1)(5分)【答案】BDE【解析】做布朗运动的微粒越大，液体分子从各个方向对悬浮粒子撞击作用越趋于平衡，所以布朗运动越不剧烈，故A错误；绝热汽缸中密封的理想气体在被压缩过程中，内能增大，温度升高，气体分子运动剧烈程度增大，故B正确；气体如果失去了容器的约束就会散开，这是因为气体分子做无规则运动的缘故，与气
26、体分子之间的斥力无关，故C错误；物质是晶体还是非晶体，并不是绝对的，如果外界条件改变了物质分子或原子的排布情况，晶体和非晶体之间可以互相转化，故D正确；根据熵增原理，自然界自发的宏观过程都具有方向性，总是向分子热运动无序性更大的方向进行，故E正确。(2)(10分)【解析】设水银面在1位置时气体体积为V1水银面在2位置时气体压强p1p0水银gh1步骤气体为等温变化，由玻意耳定律得p0V1p1V0水银面重新达到2位置时气体压强p2p0水银gh2步骤气体也为等温变化，设矿物的体积为V，由玻意耳定律得p0(V1V)p2(V0V)矿物的密度联立解得：0.6103 kg/m3。14物理选修34(15分)(
27、1)(5分)【答案】ADE【解析】由图可知这列波的波长12 cm，这列波的周期T0.4 s，A正确；波动图线不是直线，t0时刻，x5 cm处质点运动至2.5 cm的下方，位移一定不等于2. 5 cm，B错误；波向右传播，t0时刻x2 cm处质点正在沿y轴方向向上运动，运动到最高点时速度最小，所以是减速运动，C错误；经过一个周期x11 cm处质点通过的路程为4个振幅x4A20 cm，D正确；t0.2 s 是半个周期，x8 cm处质点先向下运动后向上运动，正在平衡位置的下方向上运动，E正确。(2)(10分)【解析】如图设太阳光与水平夹角为，tan 得30光线在E点恰好发生全反射，设临界角为C，由折射定律：sin C，得C60。由几何关系知，|OF|得|OF|2 m。据图设可以使太阳光到达C点下方H处，则有hH(d|OF|)tanOFE又OFEC60由此可解得H10 m。