1、第二章 数列 章末整合知识概览对点讲练知识点一等差数列与等比数列的基本运算例1已知an是各项为不同的正数的等差数列，lg a1、lg a2、lg a4成等差数列又bn，n1,2,3，.(1)证明：bn为等比数列；(2)如果数列bn的前3项的和等于，求数列an的通项公式an及数列bn的前n项和Tn.回顾归纳在等差数列an中，通常把首项a1和公差d作为基本量，在等比数列bn中，通常把首项b1和公比q作为基本量，列关于基本量的方程(组)是解决等差数列和等比数列的常用方法变式训练1等差数列an中，a410，且a3，a6，a10成等比数列，求数列an前20项的和S20.知识点二数列的通项公式和前n项和例
2、2在数列an中，a11，an12an2n.(1)设bn.证明：数列bn是等差数列；(2)求数列an的前n项和回顾归纳递推数列问题通常借助构建等差数列或等比数列来解决把一般数列问题转化为两种基本数列问题是解决数列的一种常用思想方法变式训练2已知数列an的首项a1，an1，n1,2，.(1)证明：数列是等比数列；(2)求数列的前n项和Sn.知识点三等差数列与等比数列的综合运用例3已知等差数列an的首项a11，公差d0，且第二项、第五项、第十四项分别是一个等比数列的第二项、第三项、第四项(1)求数列an的通项公式；(2)设bn (nN*)，Snb1b2bn，是否存在最大的整数t，使得对任意的n均有S
3、n总成立？若存在，求出t；若不存在，请说明理由回顾归纳数列的综合问题形式上看来比较复杂，实质上求数列的通项公式和前n项和是解答这类综合问题的根本性问题和关键性所在变式训练3设数列an的首项a11，前n项和Sn满足关系式：3tSn(2t3)Sn13t (t0，n2,3,4，)(1)求证：数列an是等比数列；(2)设数列an的公比为f(t)，作数列bn，使b11，bnf (n2,3,4，)求数列bn的通项bn；(3)求和：b1b2b2b3b3b4b4b5b2n1b2nb2nb2n1.1等差数列和等比数列各有五个量a1，n，d，an，Sn或a1，n，q，an，Sn.一般可以“知三求二”，通过列方程(
4、组)求关键量a1和d(或q)，问题可迎刃而解2数列的综合问题通常可以从以下三个角度去考虑：(1)建立基本量的方程(组)求解；(2)巧用等差数列或等比数列的性质求解；(3)构建递推关系求解，有些数列问题还要涉及其它章节的知识求解，如函数的思想等. 课时作业一、选择题1数列an的前n项和Sn2n23n3，则a4a5a10等于()A171 B21 C10 D1612已知数列an满足a11，an1an2n，则a10等于()A1 024 B1 023 C2 048 D2 0473已知一个等比数列首项为1，项数为偶数，其奇数项和为85，偶数项之和为170，则这个数列的项数为()A4 B6 C8 D104已
5、知等比数列an的各项均为正数，数列bn满足bnln an，b318，b612，则数列bn前n项和的最大值等于()A126 B130 C132 D134二、填空题5三个数成等比数列，它们的和为14，积为64，则这三个数按从小到大的顺序依次为_6一个等差数列的前12项和为354，前12项中偶数项与奇数项和之比为3227，则这个等差数列的公差是_7等比数列an中，S33，S69，则a13a14a15_.三、解答题8设数列an的前n项和为Sn，点 (nN*)均在函数y3x2的图象上(1)求数列an的通项公式；(2)设bn，Tn是数列bn的前n项和，求使得Tn总成立，又Sn1Sn0，数列Sn是单调递增的
6、S1为Sn的最小值，故，即t9.又tN*，适合条件的t的最大值为8.变式训练3(1)证明由a1S11，S21a2，得a2，.又3tSn(2t3)Sn13t，3tSn1(2t3)Sn23t.，得3tan(2t3)an10.，(n2,3，)数列an是一个首项为1，公比为的等比数列(2)解由f(t)，得bnfbn1.数列bn是一个首项为1，公差为的等差数列bn1(n1).(3)解由bn，可知b2n1和b2n是首项分别为1和，公差均为的等差数列于是b1b2b2b3b3b4b4b5b2n1b2nb2nb2n1b2(b1b3)b4(b3b5)b6(b5b7)b2n(b2n1b2n1)(b2b4b2n)n(
7、2n23n)课时作业1D2B3C4C52,4,8解析设这三个数为，a，aq.由aaqa364，得a4.由aaq44q14.解得q或q2.这三个数为2,4,8.65解析S偶a2a4a6a8a10a12；S奇a1a3a5a7a9a11.则，S奇162，S偶192，S偶S奇6d30，d5.748解析易知q1，1q33，q32.a13a14a15(a1a2a3)q12S3q1232448.8解(1)依题意得3n2，即Sn3n22n.当n2时，anSnSn13n22n6n5，当n1时，a1S1312615，所以an6n5 (nN*)(2)由(1)得bn，故Tn，因此，使得 (nN*)成立的m必须满足，即m10.故满足要求的最小正整数m为10.9解(1)2an1an2an，数列an是等差数列公差da2a12.an2n1.bn1Sn，bnSn1 (n2)bn1bnbn.bn1bn (n2)又b2S11，.数列bn从第二项开始是等比数列bn(2)n2时，(2n1)3n2，Tn330531732(2n1)3n2.3Tn2331532733(2n1)3n1.错位相减并整理得Tn(n1)3n1.