1、江苏省包场高级中学2019-2020学年高二物理上学期9月月考试题（选修，含解析）一、单项选择题(本大题7小题，每小题3分，共21分，每小题只有一个选项正确)1.根据可以导出电阻率的表达式，对温度一定的某种金属导线来说，它的电阻率A. 跟导线的电阻只成正比B. 跟导线的横截面积S成正比C. 跟导线的长度L成反比D. 只由其材料的性质决定【答案】D【解析】【详解】电阻率是表征材料性质的一个重要的物理量，它与导体的材料有关，有的电阻率还与温度有关。ABC与结论不符，D正确。2.一白炽灯泡的额定功率与额定电压分别为36 W与36 V若把此灯泡接到输出电压为18 V的电源两端，则灯泡消耗的电功率()A
2、. 等于36 WB. 小于36 W，大于9 WC. 等于9 WD. 小于9 W【答案】B【解析】【详解】据纯电阻的电功率可知，当电压减半的时候，功率应该见为原来的，即为9W，但是当电压减小的同时，由于工作的温度降低，灯泡的电阻也会减小，所以实际的功率要比9W大，即灯泡消耗的电功率小于36 W，大于9 WA. 等于36 W与分析不符，A错误B. 小于36 W，大于9 W与分析相符，B正确C. 等于9 W与分析不符，C错误D. 小于9 W与分析不符，D错误3.用伏安法测某一电阻时，如果采用如图所示的甲电路，测量值为R1，如果采用乙电路，测量值为R2，那么R1 、R2与真实值R之间满足关系（ ）A.
3、 B. C. D. 【答案】C【解析】【详解】甲图均为并联部分的电压电流，所以测量值为电压表内阻与电阻的并联值，小于电阻值，即。乙图均为串联部分的电压电流，所以测量值为电流内阻与电阻的串联值，大于电阻值，即，C对。4.图为测量某电源电动势和内阻时得到的U-I图线。用此电源与三个阻值均为3的电阻连接成电路，测得路端电压为4.8V。则该电路可能为A. B. C. D. 【答案】B【解析】【详解】由上图可知电源电动势为，电源内阻为A三电阻并联，；B两个电阻串联，然后与第三个电阻并联，；C三电阻串联，；D两电阻并联后与第三个电阻串联，；【点睛】根据图象求得电源的电动势和内电阻是本题的关键，之后根据闭合
4、电路欧姆定律来计算即可。5.如图所示电路中，R0为定值电阻，当滑片P向右移动过程中，下列判断正确的是()A. 电压表V1、电流表A的读数都增大B. 电压表V1与电流表A读数的比值保持不变C. 电压表V2与电流表A读数的比值变大D. 电压表V1、电流表A读数变化量的比值保持不变【答案】D【解析】A、滑片P向右移动，R接入电路中的电阻增大，外电路总电阻增大，由闭合电路欧姆定律可知电路中总电流I减小，内电压减小，外电压增大，的电压减小，R的电压增大，故选项A错误；B、为定值电阻，电压表与电流表A读数的比值保持不变，R接入电路中的电阻增大，电压表与电流表A读数变化量的比值增大，故选项B错误，C错误；D
5、、根据闭合电路欧姆定律得：，则电压表、电流表A读数变化量的比值，保持不变，故D正确。点睛：本题考查分析电路动态变化的能力，两电表读数的比值要根据欧姆定律和全电路欧姆定律进行分析。6.如图，直线A和B分别为电源a、b的路端电压与电流的关系图像。设两个电源的内阻分别为ra和rb，若将一定值电阻R分别接到A、B两电源上，通过R的电流分别为Ia 和 Ib 则（）A. ra=rb Ia =IbB. rarb Ia IbC. rarb Ia =IbD. rarb Ia P2B. P1P2C. 12D. 12【答案】BC【解析】试题分析：电源的与电阻的的交点代表该电阻接入电源时的路端电压和电流，对照图像可得
6、该电源分别与R1、R2组成闭合电路时，电源的输出功率分别为P1、P2：。，所以选项B对A错。电源的效率，外电阻越大效率越高，根据电阻的图像斜率代表电阻可判断所以选项C对D错。考点：闭合电路欧姆定律 电功率 电源效率11.如图电路中，电源电动势为E、内阻为r，R0为定值电阻，电容器的电容为C。闭合开关S，增大可变电阻R的阻值，电压表示数的变化量为U，电流表示数的变化量为I，则：A. 变化过程中U和I的比值保持不变B. 电压表示数U和电流表示数I的比值不变C. 电阻R0两端电压减小，减小量为UD. 电容器的带电荷量增大，增加量为CU【答案】AD【解析】【详解】A.根据闭合电路欧姆定律可得，可以画出
7、图象，图象的斜率表示电源内阻与定值电阻之和，所以恒定不变。A正确B. 由图可知，因为电阻增大，所以电压表示和电流表的示数的比值变大。故B错误C.闭合开关，增大可变电阻的阻值后，电流中的电流减小，由欧姆定律可得电阻两端的电压减小，两端的电压增大，而它们总的电压即路端电压增大，所以电阻两端的电压减小量小于。故C错误。D.两端的电压增大量为，因为电容器与并联，所以电容器两端电压增大量为，电容器的带电荷量增量为。故D正确。三实验题：(32分，每空2分，把答案填在题中横线上或按题目要求作答)12.螺旋测微器的示数为 mm【答案】3.240 (3.239，3.241都对)【解析】试题分析：螺旋测微器的读数
8、方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读由图示螺旋测微器可知，固定刻度示数为3mm，可动刻度示数为24.00.01mm=0.240mm，螺旋测微器示数为3mm+0.240 mm=3.240 mm考点：本题考查了螺旋测微器的工作原理及读数方法13.某实验小组要描绘一只规格为”2.5V,0.5A”小灯泡的伏安特性曲线，除了提供导线和开关外，还有以下一些器材：A.电源E（电动势为3.0V，内阻不计）B.电压表V(量程为0-3.0V，内阻约为2k)C.电流表A(量程为0-0.6A，内阻约为1)D滑动变阻器R（最大阻值10，额定电流1A）(1)为完成本实验，请用笔画线当导线，将实物图
9、连成完整电路，要求实验误差尽可能的小_.(图中有几根导线已经接好)(2) 下表中的数据是该小组在实验中测得的，请根据表格中的数据在方格纸上作出电珠的伏安特性曲线_根据IU图象，由图分析可知，小灯泡电阻随温度T变化的关系是_（3）若将本题中的小灯泡接在电动势是2.5 V、内阻是5.0 的电池两端，则小灯泡的实际功率约为_(保留两位有效数字)【答案】 (1). (2). (3). 电阻随温度的升高而增大 (4). 0.30w【解析】【详解】（1）1描绘灯泡伏安特性曲线，电压与电流要从零开始变化，滑动变阻器应采用分压接法，灯泡电阻约为电流表内阻约为1，电压表内阻约为2k，相对来说，电压表内阻远大于灯
10、泡电阻，电流表应采用外接法，实物电路图如图所示（2）23根据表中实验数据在坐标系内描出对应点，然后作出图象如图所示，由图象可知，随灯泡电压U的增大，电流I增大，灯泡实际功率P=UI增大，灯泡温度升高，电压与电流的比值增大，即灯泡电阻增大，由此可得：小灯泡电阻随温度T升高而增加（3）4在灯泡I-U图象坐标系中作出电源的I-U图象如图所示，由图示图象可知，灯泡两端电压U=1V，I=0.3A，灯泡功率：P=UI=1V0.3A=0.30W；14.当使用多用电表测量物理量时，多用电表表盘示数如图所示 (1)若此时选择开关对准100挡，则被测电阻的阻值为_若用多用电表测量另一个电阻的阻值发现指针偏离最左端
11、角度很大，则应该换用倍率更_（填“高”或“低”）的挡位，换挡后还要_，用完电表后把选择开关拨到_(2)下图是一个多量程多用电表的简化电路图，测量电流、电压和电阻各有两个量程。当转换开关S旋到位置3时，可用来测量_；当S旋到位置_时，可用来测量电流，其中S旋到位置_时量程较大。【答案】 (1). 28103（填2800也对） (2). 低 (3). 欧姆调零 (4). off挡或者交流电压最高档 (5). 电阻 (6). 1、2 (7). 1【解析】【详解】（1）1由图示可知，被测电阻阻值为28100=28002若用多用电表测量另一个电阻的阻值发现指针偏离最左端角度很大，所选挡位太大，为准确测量
12、，则应该换用倍率更低的挡位；3换挡后还要欧姆调零；4用完电表后把选择开关拨到OFF挡或者交流电压最高挡（2）5当转换开关S旋到位置3时，电源与两并联电阻串联，构成欧姆表，可测量电阻6当S旋到位置 1、2时，电流表与电阻并联，可用来测量电流7S旋到位置1时，量程并联电阻阻值较小则分流较大，故S旋到位置1时，量程较大15.为了测定一节旧干电池的电动势和内阻（内阻偏大），配备的器材有：A. 电流表A（量程为0.6A）B. 电压表V（量程为2V，内阻为1.2k）C. 滑动变阻器R（0-10，1A）某实验小组设计了如图所示的电路利用上述实验电路进行实验，测出多组电压表读数UV与对应的电流表读数IA，利用
13、UVIA的图象所示（1）由图象可知，电源的电动势E=_V，内阻r=_（2）该实验电路测出的电动势E测和内阻r测与真实值E真和r真相比，E测_E真，r测_r真(选填“”、“”或“”)【答案】 (1). 1.60(1.6也给分) (2). 2.75(2.7到2.8也给分) (3). (4). 【解析】【详解】（1）12根据闭合电路欧姆定律得U=E-Ir图象与纵坐标的交点为电源的电动势；故E=1.60V；图象的斜率表示内电阻，故（2）34比较电动势E测和内阻r测与真实值E真和r真之间的关系，就要从电路的结构进行分析：电路中，从电源流出的电流，分别流向电流表支路和电压表支路，故流经电流表支路的电流不是
14、全部的电流，这时常用的方法是把以上的电路等效成如图的电路：很明显测量的结果是等效电源中的r，r是r和RV的并联电阻，因此r要小于r，即内电阻的测量值小于真实值；电动势的测量值即导致电动势的测量值也偏小四计算题：（本大题包括4小题，共51分，解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤。有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）16.为使用方便，实验室中的电压表通常有两个量程，如图所示为电流计G改装成两个量程3 V、15 V的电压表的电路图。若已知R2是阻值为24k的电阻，电流计G的内阻为500，则R1的阻值和电流计G的满偏电流各是多少？【答案】R15.5 kIg500A【解析】【详解】设
15、电流计的满偏电流为Ig，内阻为rg，则应有：3 VIg(rgR1)15 VIg(rgR1R2)联立可得R15.5 kIg0.5103 A500A。17.如图所示，R为电阻箱，V为理想电压表当电阻箱读数为R12时，电压表读数为U14V；当电阻箱读数为R25时，电压表读数为U25V求：（1）电源的电动势E和内阻r（2）当电阻箱R读数为多少时，电源的输出功率最大？最大值Pm为多少？【答案】（1）E=6 V r=1 （2）当R=r=1 时，Pm=9 W【解析】试题分析：运用闭合电路欧姆定律，分别研究电阻为R1和R2的情况，列出含有电动势和内阻的方程组求解当电阻箱的阻值等于电源的内电阻时电源的输出功率最
16、大，再求解Pm（1）由闭合电路欧姆定律得：，代入得，代入得：，联立上式并代入数据解得：E=6V，r=1（2）当电阻箱的阻值等于电源的内电阻时电源的输出功率最大，即有R=r=1，电源的输出功率最大为：；18.如图所示是利用电动机提升重物示意图，其中D是直流电动机p是一个质量为m的重物，它用细绳拴在电动机的轴上闭合开关，重物p以速度v匀速上升，这时电流表和电压表的示数分别是I=5.0A和U=110V，重物p上升的速度v=0.70m/s已知该装置机械部分的机械效率为70%，重物的质量m=45kg（g取10ms2）求：（1）电动机消耗的电功率P电；（2）绳对重物做功的机械功率P机；（3）电动机线圈的电
17、阻R【答案】（1）550W；（2）315W；（3）4【解析】【详解】（1）电动机消耗得电功率为；（2）重物匀速上升，拉力T=mg，绳对重物做功的机械功率为：（3）电动机输出的电功率为：电动机线圈的电阻R的发热功率为=100W由得电动机线圈的电阻：19.一个允许通过最大电流为2 A的电源和一个滑动变阻器，接成如图甲所示的电路滑动变阻器最大阻值为R022 ，电源路端电压U随外电阻R变化的规律如图乙所示，图中U12 V的直线为图线的渐近线，试求： (1)电源电动势E和内阻r；(2)A、B空载时输出电压的范围；(3)若要保证滑动变阻器的滑片任意滑动时，干路电流不能超过2 A，A、B两端所接负载电阻至少多大【答案】（1）12 V 2（2）011V（3）4.9 【解析】试题分析：由乙图可知，当R时，E12 V而当U6 V时，应有rR2.当滑片滑至上端时，UAB最大11V当滑片滑至下端时，UAB为零 ，因此，A、B空载时输出电压范围为011V.A、B两端接某一负载电阻后，滑动变阻器滑片移至上端时，干路电流最大此时I为了使电源不过载，应保证I2 A，代入数据得Rx4.9即所接负载电阻最小值为4.9 .考点：本题考查欧姆定律、对电路的分析，意在考查学生的分析计算能力。
