1、广东省河源市龙川一中2015届高三上学期月考物理试卷（12月份）一、单项选择题（每题4分，共16分）1（4分）下列说法正确的有（）A牛顿通过扭秤实验，较准确地测出了万有引力常量B安培通过实验，首先发现了电流周围存在磁场C法拉第通过实验研究，总结出了电磁感应的规律D牛顿根据理想斜面实验，提出力不是维持物体运动的原因2（4分）如图，三个大小相等的力F，作用于同一点O，则合力最小的是（）ABCD3（4分）塔式起重机模型如图，小车P沿吊臂向末端M水平匀速运动，同时将物体Q从地面竖直向上匀加速吊起，下图中能大致反映Q运动轨迹的是（）ABCD4（4分）A和B两物体在同一直线上运动的vt图象如图所示已知在第
2、3s末两个物体在途中相遇，则下列说法正确的是（）A两物体从同一地点出发B出发时B在A前3m处C3s末两个物体相遇后，两物体可能再相遇D运动过程中B的加速度大于A的加速度二、双向选择题（每题6分，共30分）5（6分）如图是“嫦娥一号”卫星奔月示意图，下列表述正确的是（）A卫星绕月运行时，地球的万有引力提供向心力B卫星绕月的轨道半径越小，速度也越小C卫星在绕月圆轨道上的运动周期与月球质量有关D卫星在地月转移轨道奔月时，地球引力对其做负功6（6分）如图甲，在虚线所示的区域有竖直向上的匀强磁场，面积为S的单匝金属线框放在磁场中，线框上开有一小口与磁场外阻值为R的小灯泡相连若金属框的总电阻为，磁场如图乙
3、随时间变化，则下列说法正确的是（）A感应电流由a向b流过小灯泡B线框cd边受到的安培力指向左C感应电动势大小为Dab间电压大小为7（6分）静电喷涂时，喷枪喷出的涂料微粒带电，在带正电被喷工件的静电力作用下，向被喷工件运动，最后吸附在其表面在涂料微粒向工件靠近的过程中（）A涂料微粒带负电B离工件越近，所受库仑力越小C电场力对涂料微粒做负功D涂料微粒的电势能减小8（6分）如图，在竖直方向上，两根完全相同的轻质弹簧a、b，一端与质量为m的物体相连接，另一端分别固定当物体平衡时，如果（）Aa被拉长，则b一定被拉长Ba被压缩，则b一定被压缩Cb被拉长，则a一定被拉长Db被压缩，则a一定被拉长9（6分）如
4、图所示，质量为m1的足够长木板静止在光滑水平面上，其上放一质量为m2的木块t=0时刻起，给木块施加一水平恒力F分别用a1、a2和v1、v2表示木板、木块的加速度和速度大小，图中可能符合运动情况的是（）ABCD三、填空题（每空2分，画图4分，共18分）10（8分）某实验小组利用拉力传感器和打点计时器“探究加速度与力的关系”他们将拉力传感器固定在小车上记录小车受到拉力的大小，按照甲图进行实验，释放纸带时，小车处于甲图所示的位置（1）指出甲图中的一处错误：（2）下列说法正确的是A实验之前，要先平衡摩擦力B小车的质量要远小于所挂钩码的质量C应调节滑轮的高度使细线与木板平行D实验时应先释放纸带，再接通电
5、源（3）图乙是实验中获得的一条纸带的某部分，选取A、B、C、D、E计数点（每两个计数点间还有4个点未画出），AC间的距离为（4）若打点计时器使用的交流电频率为50Hz，则小车的加速度大小为m/s2（保留两位有效数）11（10分）如图1，用伏安法测定电阻约5均匀电阻丝的电阻率，电源是两节干电池（1）用螺旋测微器测电阻丝的直径读数如图3所示，则它的读数值是mm，（2）根据原理图1连接图2的实物图（3）闭合开关后，滑动变阻器触头调至一合适位置后不动，多次改变的位置，得到几组 U、I、L的数据，用R=计算出相应的电阻后作出RL图线如图4取图线上两个点间数据之差L和R，若电阻丝直径为d，则电阻率=四、计
6、算题（36分）12（18分）如图所示，在同一竖直面上，质量为2m的小球A静止在光滑斜面的底部，斜面高度为H=2L小球受到弹簧的弹性力作用后，沿斜面向上运动离开斜面后，达到最高点时与静止悬挂在此处的小球B发生弹性碰撞，碰撞后球B刚好能摆到与悬点O同一高度，球A沿水平方向抛射落在水平面C上的P点，O点的投影O与P的距离为已知球B质量为m，悬绳长L，视两球为质点，重力加速度为g，不计空气阻力，求：（1）球B在两球碰撞后一瞬间的速度大小；（2）球A在两球碰撞前一瞬间的速度大小；（3）弹簧的弹性力对球A所做的功13（18分）如图，竖直面内坐标系xOy第一、三象限角平分线A1A2右侧区域有匀强电场和匀强磁
7、场平行板M、N如图放置，M板带正电带负电的N板在x轴负半轴上N板上有一小孔P，离原点O的距离为LA1A2上的Q点处于P孔正下方已知磁感应强度为B，方向垂直纸面向外M、N板间距为L、电压为U=质量为m、电量为+q的小球从OA2上坐标为（b，b）的某点以速度v水平向右进入场区，恰好能做匀速圆周运动（重力加速度为g）（1）求A1A2右侧区域内电场强度大小与方向；（2）当b与v满足怎样的关系表达式时，小球均能从Q点离开场区？（3）要使小球能进入M、N板间但又不碰上M板，求b的取值范围广东省河源市龙川一中2015届高三上学期月考物理试卷（12月份）参考答案与试题解析一、单项选择题（每题4分，共16分）1
8、（4分）下列说法正确的有（）A牛顿通过扭秤实验，较准确地测出了万有引力常量B安培通过实验，首先发现了电流周围存在磁场C法拉第通过实验研究，总结出了电磁感应的规律D牛顿根据理想斜面实验，提出力不是维持物体运动的原因考点：物理学史 分析：解答本题应抓住：牛顿得出万有引力定律，卡文迪许测出了万有引力常量；奥斯特首先发现了电流周围存在磁场；法拉第总结出了电磁感应的规律；伽利略根据理想斜面实验，提出力不是维持物体运动的原因解答：解：A、牛顿发现了万有引力定律，卡文迪许测出了万有引力常量；故A错误B、丹麦物理学家奥斯特首先发现了电流周围存在磁场；故B错误C、1831年，英国物理学家法拉第总结出了电磁感应的
9、规律；故C正确D、伽利略根据理想斜面实验，提出力不是维持物体运动的原因故D错误故选：C点评：对于物理学上重大发现和著名理论，要加强记忆，牢固掌握，这是小2015届高考经常考查的内容2（4分）如图，三个大小相等的力F，作用于同一点O，则合力最小的是（）ABCD考点：力的合成 分析：三力合成时，若合力能为零则三力可以组成三角形，分析题中数据可知能否为零；若不为零，则进行两两合成，从而分析最小的可能情况解答：解：A、将相互垂直的F进行合成，则合力的大小为，再与第三个力F合成，即有合力的大小为；B、将方向相反的两个力合成，则合力为0，再与第三个力F合成，则有合力大小为F；C、将任意两力进行合成，可知，
10、这三个力的合力为零；D、将左边两个力进行合成，再与右边合成，则有合力的大小；故C正确，ABD均错误；故选C点评：考查力的平行四边形定则，并体现如何选择两力合成的技巧，同时要学生会画合成与分解的力图产3（4分）塔式起重机模型如图，小车P沿吊臂向末端M水平匀速运动，同时将物体Q从地面竖直向上匀加速吊起，下图中能大致反映Q运动轨迹的是（）ABCD考点：运动的合成和分解 专题：运动的合成和分解专题分析：物体Q从地面竖直向上匀加速吊起的同时，随着小车向右匀速直线运动，实际运动是两个运动的合运动解答：解：物体Q参与两个分运动，水平方向向右做匀速直线运动，竖直方向向上做匀加速直线运动；水平分运动无加速度，竖
11、直分运动加速度向上，故物体合运动的加速度向上，故轨迹向上弯曲，故A错误，B正确，C错误，D错误；故选B点评：本题关键是找出物体的分运动，同时明确加速度方向与轨迹的完全方向相一致4（4分）A和B两物体在同一直线上运动的vt图象如图所示已知在第3s末两个物体在途中相遇，则下列说法正确的是（）A两物体从同一地点出发B出发时B在A前3m处C3s末两个物体相遇后，两物体可能再相遇D运动过程中B的加速度大于A的加速度考点：匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的速度与时间的关系 专题：运动学中的图像专题分析：由图象的“面积”读出两物体在3s内的位移不等，而在第3s末两个物体相遇，可判断出两物体出发点不同，相
12、距的距离等于位移之差由A的斜率大于B的斜率可知A的加速度大于B的加速度3s末两个物体相遇后，A的速度大于B的速度，A的加速度也大于B的加速度，两物体不可能再相遇解答：解：A、由图象的“面积”读出两物体在3s内的位移不等，而在第3s末两个物体相遇，可判断出两物体出发点不同故A错误B、两物体在3s内的位移分别为xA=53m=7.5m，xB=33m=4.5m，则出发时B在A前3m处故B正确C、3s末两个物体相遇后，A的速度大于B的速度，A的加速度也大于B的加速度，两物体不可能再相遇故C错误D、由A的斜率大于B的斜率可知A的加速度大于B的加速度故D错误故选：B点评：对于速度时间图象要注意：不能读出物体
13、运动的初始位置抓住“面积”表示位移、斜率等于加速度进行分析二、双向选择题（每题6分，共30分）5（6分）如图是“嫦娥一号”卫星奔月示意图，下列表述正确的是（）A卫星绕月运行时，地球的万有引力提供向心力B卫星绕月的轨道半径越小，速度也越小C卫星在绕月圆轨道上的运动周期与月球质量有关D卫星在地月转移轨道奔月时，地球引力对其做负功考点：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系；万有引力定律及其应用 专题：人造卫星问题分析：卫星绕月做圆周运动，靠万有引力提供向心力，根据该规律得出线速度与轨道半径的关系，从而比较大小解答：解：A、卫星绕月运行时，靠月球的万有引力提供向心力故A错误B、根据得，v=，知轨道半径越
14、小，速度越大故B错误C、根据，解得T=，知卫星的周期与月球的质量有关故C正确D、卫星在地月转移轨道奔月时，地球的引力做负功故D正确故选CD点评：解决本题的关键掌握万有引力提供向心力这一理论，并能灵活运用6（6分）如图甲，在虚线所示的区域有竖直向上的匀强磁场，面积为S的单匝金属线框放在磁场中，线框上开有一小口与磁场外阻值为R的小灯泡相连若金属框的总电阻为，磁场如图乙随时间变化，则下列说法正确的是（）A感应电流由a向b流过小灯泡B线框cd边受到的安培力指向左C感应电动势大小为Dab间电压大小为考点：法拉第电磁感应定律；安培力 分析：线圈平面垂直处于匀强磁场中，当磁感应强度随着时间均匀变化时，线圈中
15、的磁通量发生变化，从而导致出现感应电动势，产生感应电流由法拉第电磁感应定律可求出感应电动势大小再由闭合电路的殴姆定律可求出电流大小，从而得出电阻R两端的电压，再由楞次定律判定感应电流方向，最后由左手定则来确定安培力的方向解答：解：A、由楞次定律可得：感应电流的方向为逆时针，所以通过R的电流方向为ab，故A正确；B、根据左手定则可知，线框cd边受到的安培力方向向下，故B错误；C、穿过线圈的感应电动势为E=N=S=，故C错误； D、由闭合电路殴姆定律可得：I=，那么R两端的电压为U=IR=，故D正确；故选：AD点评：由法拉第电磁感应定律求出感应电流的大小，而感应电流的方向则由楞次定律判定，及左手定
16、则确定安培力的方向，同时穿过磁通量发生变化的线圈相当于电源，所以电源内部（线圈）电流方向是负极到正极7（6分）静电喷涂时，喷枪喷出的涂料微粒带电，在带正电被喷工件的静电力作用下，向被喷工件运动，最后吸附在其表面在涂料微粒向工件靠近的过程中（）A涂料微粒带负电B离工件越近，所受库仑力越小C电场力对涂料微粒做负功D涂料微粒的电势能减小考点：电势能；静电现象的解释 分析：解答本题关键抓住：在涂料微粒向工件靠近的过程中，工件带正电，涂料微粒带负电；根据库仑定律分析库仑力的变化；电场力做正功，涂料微粒的电势能减小解答：解：A、由图知，工件带正电，则在涂料微粒向工件靠近的过程中，涂料微粒带负电故A正确B、
17、离工件越近，根据库仑定律得知，涂料微粒所受库仑力越大故B错误C、D涂料微粒所受的电场力方向向左，其位移方向大体向左，则电场力对涂料微粒做正功，其电势能减小故C错误，D正确故选AD点评：本题抓住异种电荷相互吸收，分析涂料微粒的电性根据电场力做功正负判断电势能的变化情况8（6分）如图，在竖直方向上，两根完全相同的轻质弹簧a、b，一端与质量为m的物体相连接，另一端分别固定当物体平衡时，如果（）Aa被拉长，则b一定被拉长Ba被压缩，则b一定被压缩Cb被拉长，则a一定被拉长Db被压缩，则a一定被拉长考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用 专题：共点力作用下物体平衡专题分析：对m受力分析，根
18、据共点力平衡判断弹簧弹力的有无以及弹簧弹力的方向解答：解：A、a被拉长，则m受重力、弹簧a对它的拉力，若拉力等于mg，则b弹簧处于原长，若拉力小于mg，则b弹簧处于压缩，若拉力大于mg，则b弹簧处于伸长故A错误B、a被压缩，则m受重力、弹簧a对它向下的弹力，则b弹簧对m的弹力一定向上，则b一定被压缩故B正确C、b被拉长，则m受重力、b弹簧对它向下的拉力，则a弹簧对m的弹力一定向上，即a一定处于拉长故C正确D、b被压缩，则m受重力、b弹簧向上的弹力，若弹力等于重力，a弹簧处于原长，若弹力大于重力，则a弹簧处于压缩，若弹力小于重力，则a弹簧处于伸长故D错误故选BC点评：解决本题的关键抓住m的合力为
19、零，通过平衡分析弹簧的弹力大小和方向9（6分）如图所示，质量为m1的足够长木板静止在光滑水平面上，其上放一质量为m2的木块t=0时刻起，给木块施加一水平恒力F分别用a1、a2和v1、v2表示木板、木块的加速度和速度大小，图中可能符合运动情况的是（）ABCD考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的图像 专题：牛顿运动定律综合专题分析：木块可能与木板保持相对静止，一起做匀加速直线运动，也可能与木板发生相对滑动，相对于木板向前滑根据牛顿第二定律得出加速度以及速度与时间的关系解答：解：A、木块和木板可能保持相对静止，一起做匀加速直线运动加速度大小相等故A正确B、木块可能相对木板向前滑，即木块的加速度大于木
20、板的加速度，都做匀加速直运动故B错误，C正确D错误故选：AC点评：解决本题的关键知道木块和木板之间运动情况，知道速度时间图线的斜率表示加速度三、填空题（每空2分，画图4分，共18分）10（8分）某实验小组利用拉力传感器和打点计时器“探究加速度与力的关系”他们将拉力传感器固定在小车上记录小车受到拉力的大小，按照甲图进行实验，释放纸带时，小车处于甲图所示的位置（1）指出甲图中的一处错误：打点计时器的电源接了直流电；小车释放时离打点计时器太远；实验前未平衡摩擦阻力（2）下列说法正确的是ACA实验之前，要先平衡摩擦力B小车的质量要远小于所挂钩码的质量C应调节滑轮的高度使细线与木板平行D实验时应先释放纸
21、带，再接通电源（3）图乙是实验中获得的一条纸带的某部分，选取A、B、C、D、E计数点（每两个计数点间还有4个点未画出），AC间的距离为3.10cm（4）若打点计时器使用的交流电频率为50Hz，则小车的加速度大小为1.0m/s2（保留两位有效数）考点：探究加速度与物体质量、物体受力的关系 专题：实验题分析：实验前需平衡摩擦力，实验时先接通电源，再释放纸带，细线的方向与木板平行，为了使绳子的拉力等于小车所受的合力，小车的质量要远大于所挂钩码的质量刻度尺的读数需估读到最小刻度的下一位根据连续相等时间内的位移之差是一恒量，运用逐差法求出加速度的大小解答：解：（1）实验中错误：打点计时器的电源接了直流电
22、；小车释放时离打点计时器太远；实验前未平衡摩擦阻力（2）A、实验前，要平衡摩擦力，故A正确B、为了使绳子的拉力等于小车所受的合力，小车的质量要远大于所挂钩码的质量，故B错误C、拉力的方向应该与木板平行，故C正确D、实验时应先接通电源，再释放纸带，故D错误（3）由刻度尺可知，AC间的距离为3.10cm（4）根据x=aT2，运用逐差法得，a=m/s2=1.0m/s2故答案为：（1）打点计时器的电源接了直流电；小车释放时离打点计时器太远；实验前未平衡摩擦阻力（2）AC （3）3.10cm（3.09cm、3.11cm均正确）（4）1.0点评：解决本题的关键知道实验中的注意事项，以及掌握纸带的处理方法，
23、会通过纸带求解瞬时速度和加速度11（10分）如图1，用伏安法测定电阻约5均匀电阻丝的电阻率，电源是两节干电池（1）用螺旋测微器测电阻丝的直径读数如图3所示，则它的读数值是1.980mm，（2）根据原理图1连接图2的实物图（3）闭合开关后，滑动变阻器触头调至一合适位置后不动，多次改变P点的位置，得到几组 U、I、L的数据，用R=计算出相应的电阻后作出RL图线如图4取图线上两个点间数据之差L和R，若电阻丝直径为d，则电阻率=考点：测定金属的电阻率 专题：实验题分析：根据螺旋测微器使用方法分析答题；根据电路图连接实物电路图；移动线夹P，改变金属丝接入电路的阻值，然后根据图象由电阻定律求出电阻率解答：
24、解：用螺旋测微器测电阻丝的直径时，先转动粗调旋钮D使F与A间距稍大于被测物，放入被测物，再转动细调旋钮H到夹住被测物，直到棘轮发出声音为止，拨动固定旋钮G使F固定后读数根据电路图连接实物电路图，实物电路图如图所示根据题意，滑动变阻器触头调至一合适位置后不动后，应多次改变P点的位置，根据欧姆定律应有：U=I，根据电阻定律应有：R=，联立解得：R=，所以RL图象的斜率k=，解得：=；故答案为：D、H、G；实物电路图如图所示；线夹P；点评：要掌握螺旋测微器的使用方法，连接实物电路图时，要注意电表正负接线柱不要接反，注意滑动变阻器的接法，滑动变阻器应接一上一下两个接线柱四、计算题（36分）12（18分
25、）如图所示，在同一竖直面上，质量为2m的小球A静止在光滑斜面的底部，斜面高度为H=2L小球受到弹簧的弹性力作用后，沿斜面向上运动离开斜面后，达到最高点时与静止悬挂在此处的小球B发生弹性碰撞，碰撞后球B刚好能摆到与悬点O同一高度，球A沿水平方向抛射落在水平面C上的P点，O点的投影O与P的距离为已知球B质量为m，悬绳长L，视两球为质点，重力加速度为g，不计空气阻力，求：（1）球B在两球碰撞后一瞬间的速度大小；（2）球A在两球碰撞前一瞬间的速度大小；（3）弹簧的弹性力对球A所做的功考点：动量守恒定律；动能定理的应用；机械能守恒定律 专题：动量与动能定理或能的转化与守恒定律综合分析：两球碰撞过程满足动
26、量守恒定律，B球上升过程满足机械能守恒定律或动能定理，A球碰撞后做平抛运动，A球从弹起到与B球碰撞可用动能定理解答：解：（1）碰撞后，根据机械能守恒定律，对B球有：解得：即球B在两球碰撞后一瞬间的速度大小为（2）A、B球碰撞水平方向动量守恒有：2m=2m+解得：即球A在两球碰撞前一瞬间的速度大小为（3）碰后A球做平抛运动，设平抛高度为y，有： y=g解得：y=L对A球应用动能定理得：解得：即弹簧的弹性力对球A所做的功为点评：解物理题的关键是正确分析物理过程，再根据不同过程选用相应的规律求解13（18分）如图，竖直面内坐标系xOy第一、三象限角平分线A1A2右侧区域有匀强电场和匀强磁场平行板M、
27、N如图放置，M板带正电带负电的N板在x轴负半轴上N板上有一小孔P，离原点O的距离为LA1A2上的Q点处于P孔正下方已知磁感应强度为B，方向垂直纸面向外M、N板间距为L、电压为U=质量为m、电量为+q的小球从OA2上坐标为（b，b）的某点以速度v水平向右进入场区，恰好能做匀速圆周运动（重力加速度为g）（1）求A1A2右侧区域内电场强度大小与方向；（2）当b与v满足怎样的关系表达式时，小球均能从Q点离开场区？（3）要使小球能进入M、N板间但又不碰上M板，求b的取值范围考点：带电粒子在匀强磁场中的运动；带电粒子在匀强电场中的运动 专题：带电粒子在复合场中的运动专题分析：（1）粒子做匀速圆周运动，电场
28、力应等于重力，据此求出电场强度的大小与方向；（2）由几何知识求出粒子轨道半径，由牛顿第二定律求出b与v的关系；（3）由动能定理求出受到的最大值与最小值，然后确定b的范围解答：解：（1）带电粒子进入场区后能做匀速圆周运动，则必须满足：qE=mg解得：E=，方向竖直向上（2）粒子运动轨迹如图所示，粒子从坐标为（b，b）的位置出发，从Q点离开，由几何关系得其圆周运动的半径为：R=b+L由牛顿第二定律得：qvB=m由解得：b=L（3）粒子离开场区时速度方向竖直向上，因此要使粒子能进入MN板间，则粒子必须从Q点离开场区后作竖直上抛运动经P孔进入MN板间假设粒子在场区做圆周运动的速度为v，若粒子到达P孔时速度为零，由动能定理得：mgL=0mv2 解得：v=若粒子到达M板时速度为零，由动能定理得：mg2LqU=0mv2解得：v=则要使粒子能进入MN板间，则其在场区做匀速圆周运动的速度范围为：v由得：LbL答：（1）A1A2右侧区域内电场强度大小为，方向：竖直向上；（2）当b与v满足关系表达式：b=L时，小球均能从Q点离开场区；（3）要使小球能进入M、N板间但又不碰上M板，b的取值范围是LbL点评：小球在复合场中做匀速圆周运动，则电场力与重力合力为零，洛伦兹力提供向心力，分析清楚小球运动过程是正确解题的关键，作出小球的运动轨迹、应用数学知识、牛顿第二定律、动能定理即可正确解题