1、1.(2014课标,21,6分)(多选)如图,一理想变压器原、副线圈的匝数分别为n1、n2。原线圈通过一理想电流表接正弦交流电源,一个二极管和阻值为R的负载电阻串联后接到副线圈的两端。假设该二极管的正向电阻为零,反向电阻为无穷大。用交流电压表测得a、b端和c、d端的电压分别为Uab和Ucd,则() A.UabUcd=n1n2B.增大负载电阻的阻值R,电流表的读数变小C.负载电阻的阻值越小,cd间的电压Ucd越大D.将二极管短路,电流表的读数加倍2.(2014山东理综,17,6分)(多选)如图,将额定电压为60 V的用电器,通过一理想变压器接在正弦交变电源上。闭合开关S后,用电器正常工作,交流电
2、压表和交流电流表(均为理想电表)的示数分别为220 V和2.2 A。以下判断正确的是()A.变压器输入功率为484 WB.通过原线圈的电流的有效值为0.6 AC.通过副线圈的电流的最大值为2.2 AD.变压器原、副线圈匝数比n1n2=1133.(2014广东理综,19,6分)(多选)如图所示的电路中,P为滑动变阻器的滑片,保持理想变压器的输入电压U1不变,闭合电键S,下列说法正确的是()A.P向下滑动时,灯L变亮B.P向下滑动时,变压器的输出电压不变C.P向上滑动时,变压器的输入电流变小D.P向上滑动时,变压器的输出功率变大4.(2014浙江理综,15,6分)如图所示为远距离交流输电的简化电路
3、图。发电厂的输出电压是U,用等效总电阻是r的两条输电线输电,输电线路中的电流是I1,其末端间的电压为U1。在输电线与用户间连有一理想变压器,流入用户端的电流为I2。则()A.用户端的电压为B.输电线上的电压降为UC.理想变压器的输入功率为rD.输电线路上损失的电功率为I1U5.(2014福建理综,16,6分)图为模拟远距离输电实验电路图,两理想变压器的匝数n1=n42R,忽略灯丝电阻随温度的变化。当A、B端接入低压交流电源时()A.A1、A2两表的示数相同B.L1、L2两灯泡的亮度相同C.R1消耗的功率大于R3消耗的功率D.R2两端的电压小于R4两端的电压6.(2014四川理综,1,6分)如图
4、所示,甲是远距离输电线路的示意图,乙是发电机输出电压随时间变化的图象,则()A.用户用电器上交流电的频率是100 HzB.发电机输出交流电的电压有效值是500 VC.输电线的电流只由降压变压器原副线圈的匝数比决定D.当用户用电器的总电阻增大时,输电线上损失的功率减小7.(2012福建理综,14,6分)如图,理想变压器原线圈输入电压u=Um sin t,副线圈电路中R0为定值电阻,R是滑动变阻器。和是理想交流电压表,示数分别用U1和U2表示;和是理想交流电流表,示数分别用I1和I2表示。下列说法正确的是()A.I1和I2表示电流的瞬时值B.U1和U2表示电压的最大值C.滑片P向下滑动过程中,U2
5、不变、I1变大D.滑片P向下滑动过程中,U2变小、I1变小8.(2013广东理综,16,4分)如图,理想变压器原、副线圈匝数比n1n2=21,和均为理想电表,灯泡电阻RL=6 ,AB端电压u1=12 sin 100t(V)。下列说法正确的是()A.电流频率为100 HzB.的读数为24 VC.的读数为0.5 AD.变压器输入功率为6 W1.BDa、b端的电压为正弦式交变电压,故电压表测得的电压Uab=。副线圈两端电压也为正弦式交变电压,但由于二极管的单向导电特性,从而使c、d两端的电压成为脉动直流电,由有效值定义可得T=,得Ucd=,故UabUcd=n1n2,A错误。因R增大时消耗的功率P=减
6、小,原线圈输入功率减小,故U1不变时I1减小,B正确。由UabUcd=n1n2可知Ucd与负载的阻值无关,C错误。将二极管短路时R两端电压成为正弦式交变电压,其有效值Ucd=,故此时R消耗的功率P=为原来的2倍,原线圈中的电流也变为原来的2倍,故D正确。2.BD对于理想变压器,P入=P出,所以输入功率P入=602.2 W=132 W,A错。I1= A=0.6 A,B正确。通过副线圈的正弦式交流电电流的最大值I2m=I2=2.2 A,C错误。变压器原、副线圈匝数比n1n2=U1U2=113,D正确。3.BD对于理想变压器U2=U1,U1不变则U2不变,与是否调节P无关,故B正确。又UL=U2,所
7、以灯的亮度不变,A错。P向上滑动时RP减小,则R总减小,P出=增大,P入=P出=U1I1,所以I1增大,可知C错误,D正确。4.A由理想变压器输入、输出功率相等可知P1=P2,即U1I1=U2I2,U2=,A正确。输电线上的电压降为U=U-U1,B错。理想变压器的输入功率P=U1I1=UI1-r,C错。输电线路上损失的电功率为P=r=I1U-I1U1,D错。5.D解法一:由欧姆定律可知A2的读数I2=。U2=n2,I12R=U2-U3,=,U4=I4RL,=,联立可得:I12R=U1-I1RL由题意可知:I12R=U1-I1RLI1=U1I1=令=k,则有I1=由于RL2R,k1,则2R+RL
8、+kRLI1I2,因PR1=R,PR3=R故PR1PR3,因UR2=I1R,UR4=I2R故UR2I1故L1灯亮度比L2灯亮度大,选项B错误。解法二:由题意可知为模拟远距离输电,先采用升压变压器,将输入电压升高,这是为了减小输电线路中的电流I1,其目的是为了减小输电线路中的电能损失和电压降落,使用户得到更多的电能,因此,I1I2,L1的亮度大,选项A、B、C错误,选项D正确。6.D由图乙知,交流电的周期为0.02 s,所以频率f=50 Hz,A错误。发电机输出交流电的电压最大值为Um=500 V,故有效值U=250 V,B错误。输电线电流I线=,可见I线与R线及用户电路有关,C错误。当用户用电器总电阻增大时,P用减小,I用减小,I线减小,输电线上损失的电功率P损=R线减小,D正确。7.C交流电表测量的是交变电流的有效值,故A、B皆错误。由于理想变压器的输出电压U2=U1与负载无关,即滑片P下滑时U2不变,故D错误。由I1U1=知R减小时I1变大,故C正确。8.D由u1=12 sin 100t(V)可知,Um=12 V,=100 Hz,则频率f=50 Hz,A项错误。U1=12 V,U2=U1=6 V,B项错误。I2=1 A,C项错误。P1=P2=U2I2=6 W,D项正确。