1、高考资源网（） 您身边的高考专家2016年东北三省四市教研联合体高考物理一模试卷一、选择题：本题共8小题，每小题6分在每小题给出的四个选项中，第14-17题只有一项符合题目要求，第1821题有多项符合题目要求全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分1质量均为m的物块a、b之间用竖直轻弹簧相连，系在a上的细线竖直悬挂于固定点O，a、b 竖直粗糙墙壁接触，整个系统处于静止状态重力加速度大小为g，则（）A物块b可能受3个力B细线中的拉力小于2 mgC剪断细线瞬间b的加速度大小为gD剪断细线瞬间a的加速度大小为2g2某交流发电机产生的感应电动势与时间的关系如图所示，下列说法正确的是（）At
2、=0时刻发电机的转动线圈位于中性面B在1s内发电机的线圈绕轴转动50圈C将此交流电接到匝数比是1：10的升压变压器上，副线圈的电压为2200VD将此交流电与耐压值是220 V的电容器相连，电容器不会击穿3如图是滑雪场的一条雪道质量为70kg的某滑雪运动员由A点沿圆弧轨道滑下，在B点以5m/s的速度水平飞出，落到了倾斜轨道上的C点（图中未画出）不计空气阻力，=30，g=10m/s2，则下列判断正确的是（）A该滑雪运动员腾空的时间为1sBBC两点间的落差为5mC落到C点时重力的瞬时功率为3500WD若该滑雪运动员从更高处滑下，落到C点时速度与竖直方向的夹角变小4某山地自行车有六个飞轮和三个链轮，链
3、轮和飞轮的齿数如表所示，前后轮半径为30cm，某人脚踩踏板做匀速圆周运动的角速度是4rad/s，则人骑自行车的最大速度为（）名称链轮飞轮齿数483528151618212428A7.68 m/sB3.84m/sC2.4 m/sD1.2 m/s5将电动势和内阻保持不变的电源与一金属电阻连接构成回路若该金属的电阻率随温度的升高而增大，则在对金属电阻持续加热的过程中（）A回路中的电流变小B路端电压变小C电源的效率变大D电源的输出功率变大6如图，两根通电长直导线a、b平行放置，a、b中的电流强度分别为I和2I，此时a受到的磁场力为F，以该磁场力方向为正方向a、b的正中间再放置一根与a、b平行共面的通电
4、长直导线c后，a受到的磁场力大小变为2F，则此时b受到的磁场力为（）A0BFC4FD7F7如图，光滑平行金属导轨固定在水平面上，左端由导线相连，导体棒ab垂直静置于导轨上构成回路在外力F作用下，回路上方的条形磁铁（下端是N极）竖直向上做匀速运动在匀速运动某段时间内外力F做功WF，磁场力对导体棒做功W1，磁铁克服磁场力做功W2，重力对磁铁做功WG，回路中产生的焦耳热为Q，导体棒获得的动能为Ek则下列选项中正确的是（）A导体棒中的电流方向为abBWl=W2CW2W1=QDWF+WG=Ek+Q8很薄的木板在水平地面上向右滑行，可视为质点的物块b以水平速度v0从右端向左滑上木板二者按原方向一直运动直至
5、分离，分离时木板的速度为va，物块的速度为vb，所有接触面均粗糙，则（）Av0越大，va越大B木板下表面越粗糙，vb越小C物块质量越小，va越大D木板质量越大，vb越小三、非选择题：包括必考题和选考题两部分第22题第32题为必考题，每个试题考生都必须作答第33题第40题为选考题，考生根据要求作答（一）必考题（共129分）9如图甲所示是某同学探究加速度与力的关系的实验装置该同学在气垫导轨上安装了一个光电门B，滑块上固定一遮光条，滑块用细线绕过气垫导轨左端的定滑轮与力传感器相连，传感器下方悬挂钩码，每次滑块都从A处由静止释放（1）该同学用游标卡尺测量遮光条的宽度d，如图乙所示，则d=cm（2）实验
6、时，将滑块从A位置由静止释放，由数字计时器读出遮光条通过光电门B的时间t，若要得到滑块的加速度，还需要测量的物理量是；（3）下列不必要的一项实验要求是（请填写选项前对应的字母）A应将气垫导轨调节水平B应使A位置与光电门间的距离适当大些C应使滑块质量远大于钩码和力传感器的总质量 D应使细线与气垫导轨平行（4）改变钩码质量，测出对应的力传感器的示数F和遮光条通过光电门的时间t，通过描点作出线性图象，研究滑块的加速度与力的关系，处理数据时应作出图象（选填“t2F”、“F”或“F”）10待测电阻Rx的阻值约为100，现要测量其阻值，实验室提供器材如下：A电流表A1（量程40mA，内阻r1约为10）；B
7、电流表A2（量程20mA，内阻r2=30）；C电压表V（量程15V，内阻约为3000）；D定值电阻R0=120；E滑动变阻器R（阻值范围05，允许最大电流1.0A）；F电源（电动势E=3V，内阻不计）；C开关S及导线若干（1）为了使测量结果准确，以上器材不合适的是（用器材前对应的序号字母填写）（2）利用其余的实验器材，设计测量Rx的最佳实验电路，将电路图画在实线框内并标明元件符号（3）实验中需要测量的物理量有，待测电阻的表达式Rx=11开普勒第三定律指出：所有行星的轨道的半长轴的三次方跟它的公转周期的二次方的比值都相等该定律对一切具有中心天体的引力系统都成立如图，嫦娥三号探月卫星在半径为r的圆
8、形轨道I上绕月球运行，周期为T月球的半径为R，引力常量为G某时刻嫦娥三号卫星在4点变轨进入椭圆轨道II，在月球表面的B点着陆A、O、B三点在一条直线上求：（1）月球的密度；（2）在II轨道上运行的时间12如图所示，在直角坐标系第一象限内有A（6cm，2cm）、B（ 12cm，8cm）两点，匀强磁场垂直于xOy平面向外一带负电的粒子q=1.61019C，质量为m=3.91023kg，以v0=16m/s的速度从坐标原点O沿x轴正方向入射不计重力（1）为使带电粒子经过B点，求磁感应强度的大小（2）在第一象限内再加入平行xOy平面的匀强电场，并改变磁感应强度的大小，带电粒子可先后经过A、B两点，动能分
9、别变为初动能的2倍和5倍，求电场强度（二）选考题：共45分请考生从给出的3道物理题中每科任选一题作答，并用2B铅笔在答题卡上把所选题目的题号方框图黑注意所做题目的题号必须与所涂题目的题号一致，在答题卡选定区域指定位置答题如果不涂、多涂均按所答第一题评分；多答则每学科按所答的第一题评分【物理-选修3-3】13下列说法中正确的是（）A运送沙子的卡车停于水平地面，在缓慢卸沙过程中，若车胎不漏气，胎内气体温度不变，不计分子间势能，则胎内气体从外界吸热B民间常用“拔火罐”来治疗某些疾病，方法是将点燃的纸片放人一个小罐内，当纸片燃烧完时，迅速将火罐开口端紧压在皮肤上，火罐就会紧紧地被“吸”在皮肤上其原因是
10、，当火罐内的气体体积不变时，温度降低，压强减小C晶体的物理性质都是各向异性的D一定量的理想气体从外界吸收热量，其内能一定增加E分子间的相互作用力由引力与斥力共同产生，并随着分子间距的变化而变化，分子间引力和斥力都随分子间距的减小而增大14如图，横截面积相等的绝热气缸A与导热气缸B均固定于地面，由刚性杆连接的绝热活塞与两气缸间均无摩擦，两气缸内都装有理想气体，初始时体积均V0、温度为T0且压强相等，缓慢加热A中气体，停止加热达到稳定后，A中气体压强变为原来的1.5倍，设环境温度始终保持不变，求气缸A中气体的体积VA和温度TA【物理-选修3-4】15一列简谐横波在某时刻的波形如图所示，此时刻质点P
11、的速度为v，经过1.0s它的速度大小、方向第一次与v相同，再经过0.2s它的速度大小、方向第二次与v相同，则下列判断中正确的是 （）A波沿x轴负方向传播，波速为5m/sB波沿x轴正方向传播，波速为5m/sC若某时刻质点M到达波谷处，则质点P一定到达波峰处D质点M与质点Q的位移大小总是相等、方向总是相反E从图示位置开始计时，在2.0s时刻，质点P的位移为20cm16如图所示，一束截面为圆形（半径R=1m）的平行紫光垂直射向一半径也为R的玻璃半球的平面，经折射后在屏幕S上形成一个圆形亮区屏幕S至球心距离为D=（+1）m，不考虑光的干涉和衍射，试问：若玻璃半球对紫色光的折射率为n=，请你求出圆形亮区
12、的半径；若将题干中紫光改为白光，在屏幕S上形成的圆形亮区的边缘是什么颜色？【物理-选修3-5】17下列说法中正确的是（）A自然界中较重的原子核，中子数大于质子数，越重的元素，两者相差越大By射线是原子从高能态向低能态跃迁时放出的光子C质量数越大的原子核，比结合能越大D利用晶体做电子束衍射的实验，得到电子束穿过铝箔后的衍射图样，证实了电子的波动性E在康普顿效应中，当入射光子与晶体中的电子碰撞时，把一部分动量转移给电子，因此，光子散射后波长变长18如图所示，光滑悬空轨道上静止一质量为2m的小车A，用一段不可伸长的轻质细绳悬挂一质量为m的木块B一质量为m的子弹以水平速度v0射人木块B并留在其中（子弹
13、射人木块时间极短），在以后的运动过程中，摆线离开竖直方向的最大角度小于90，试求：（i）木块能摆起的最大高度；（ii）小车A运动过程的最大速度2016年东北三省四市教研联合体高考物理一模试卷参考答案与试题解析一、选择题：本题共8小题，每小题6分在每小题给出的四个选项中，第14-17题只有一项符合题目要求，第1821题有多项符合题目要求全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分1质量均为m的物块a、b之间用竖直轻弹簧相连，系在a上的细线竖直悬挂于固定点O，a、b 竖直粗糙墙壁接触，整个系统处于静止状态重力加速度大小为g，则（）A物块b可能受3个力B细线中的拉力小于2 mgC剪断细线瞬间
14、b的加速度大小为gD剪断细线瞬间a的加速度大小为2g【考点】牛顿第二定律；物体的弹性和弹力【分析】对细线剪断之间的整体进行分析，从而明确细线上的拉力，再对b分析明确受力情况；再对剪断细线之后分析，明确弹簧的弹力不能突变，则可明确两者的受力情况，从而求出加速度的大小【解答】解：AB、对ab整体分析可知，整体受重力和绳子上的拉力，水平方向如果受墙的弹力，则整体不可能竖直静止，故不会受到水平方向上的弹力，根据平衡条件可知，细线上的拉力F=2mg；再对b分析可知，b只受重力和弹簧拉力而保持静止，故AB错误；C、由于b处于平衡，故弹簧的拉力F=mg，剪断细线瞬间弹簧的弹力不变，则对b分析可知，b受力不变
15、，合力为零，故加速度为零，故C错误；D、对a分析可知，剪断细线瞬间a受重力和弹簧向下的拉力，合力Fa=2mg，则由牛顿第二定律可知，加速度为2g，故D正确故选：D2某交流发电机产生的感应电动势与时间的关系如图所示，下列说法正确的是（）At=0时刻发电机的转动线圈位于中性面B在1s内发电机的线圈绕轴转动50圈C将此交流电接到匝数比是1：10的升压变压器上，副线圈的电压为2200VD将此交流电与耐压值是220 V的电容器相连，电容器不会击穿【考点】变压器的构造和原理；电容；正弦式电流的图象和三角函数表达式【分析】从图象中可以求出该交流电的最大电压以及周期等物理量，然后根据最大值与有效值关系求解知道
16、电容器的耐压值为电压的最大值【解答】解：A、根据图可知，在t=0时刻时，产生的感应电动势最大，此时线圈平面与中相面平行，故A错误；B、产生的感应电动势的周期T=0.02s，故1s内发电机的线圈转动的圈数为转，故B正确；C、输入电压的有效值为，根据得U2=2200V，故C错误；D、电容器的耐压值为电压的最大值，故电容器一定被击穿，故D错误；故选：B3如图是滑雪场的一条雪道质量为70kg的某滑雪运动员由A点沿圆弧轨道滑下，在B点以5m/s的速度水平飞出，落到了倾斜轨道上的C点（图中未画出）不计空气阻力，=30，g=10m/s2，则下列判断正确的是（）A该滑雪运动员腾空的时间为1sBBC两点间的落差
17、为5mC落到C点时重力的瞬时功率为3500WD若该滑雪运动员从更高处滑下，落到C点时速度与竖直方向的夹角变小【考点】功率、平均功率和瞬时功率；平抛运动【分析】平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，根据水平位移与竖直位移之间的关系求的时间和距离【解答】解：A、B、运动员平抛的过程中，水平位移为x=v0t竖直位移为y=落地时：联立解得t=1s，y=5m故A正确，B错误；C、落地时的速度：vy=gt=101=10m/s所以：落到C点时重力的瞬时功率为：P=mgvy=701010=7000 W故C错误；D、根据落地时速度方向与水平方向之间的夹角的表达式：，可知到C点时速度与竖
18、直方向的夹角与平抛运动的初速度无关故D错误故选：A4某山地自行车有六个飞轮和三个链轮，链轮和飞轮的齿数如表所示，前后轮半径为30cm，某人脚踩踏板做匀速圆周运动的角速度是4rad/s，则人骑自行车的最大速度为（）名称链轮飞轮齿数483528151618212428A7.68 m/sB3.84m/sC2.4 m/sD1.2 m/s【考点】线速度、角速度和周期、转速【分析】同轴传动角速度相等，同缘传动线速度相等，先结合v=r判断后轮的角速度，然后再求解后轮边缘处的线速度【解答】解：链轮与飞轮是同缘传动，线速度相等，根据公式v=r，链轮与飞轮的齿数比越大，则角速度之比越大，所以链轮的齿数是48，飞轮
19、的齿数是15时，飞轮的角速度最大，车的速度最大根据公式：v=r=n，所以：脚踩踏板做匀速圆周运动的角速度为4rad/s，故链轮的角速度为4rad/s，飞轮的角速度为rad/s；故后轮边缘的线速度：v后=r后2=0.3=3.84m/s；故选：B5将电动势和内阻保持不变的电源与一金属电阻连接构成回路若该金属的电阻率随温度的升高而增大，则在对金属电阻持续加热的过程中（）A回路中的电流变小B路端电压变小C电源的效率变大D电源的输出功率变大【考点】闭合电路的欧姆定律；焦耳定律【分析】在对金属电阻持续加热的过程中，金属电阻增大，由闭合电路欧姆定律分析电流的变化，判断路端电压的变化根据内外电阻的关系分析电源
20、的输出功率如何变化【解答】解：A、在对金属电阻持续加热的过程中，金属电阻增大，由闭合电路欧姆定律知，回路中电流变小，故A正确B、电流变小，电源的内电压变小，则路端电压变大，故B错误C、电源的效率为 =，E不变，U变大，则变大，故C正确D、由于电源的内外电阻关系未知，所以不能确定电源的输出功率如何变化故D错误故选：AC6如图，两根通电长直导线a、b平行放置，a、b中的电流强度分别为I和2I，此时a受到的磁场力为F，以该磁场力方向为正方向a、b的正中间再放置一根与a、b平行共面的通电长直导线c后，a受到的磁场力大小变为2F，则此时b受到的磁场力为（）A0BFC4FD7F【考点】平行通电直导线间的作
21、用；磁感线及用磁感线描述磁场【分析】根据两平行直导线间的相互作用可明确两导线棒受到的磁场力大小关系；再分别明确c对两导体的作用力的可能性，由力的合成求解b受到的磁场力【解答】解：由于ab间的磁场力是两导体棒的相互作用，故b受到a的磁场力大小为F，方向相反，故为F；中间再加一通电导体棒时，由于C处于中间，其在ab两位置产生的磁场强度相同，故b受到的磁场力为a受磁场力的2倍；a受力变成2F，可能是受c的磁场力为F，方向向左，此时b受力为2F，方向向左，故b受力为F，方向向左，故合磁场力为F；a变成2F，也可能是受向右的3F的力，则此时b受力为6F，方向向右，故b受到的磁场力为6FF=7F；故选：B
22、D7如图，光滑平行金属导轨固定在水平面上，左端由导线相连，导体棒ab垂直静置于导轨上构成回路在外力F作用下，回路上方的条形磁铁（下端是N极）竖直向上做匀速运动在匀速运动某段时间内外力F做功WF，磁场力对导体棒做功W1，磁铁克服磁场力做功W2，重力对磁铁做功WG，回路中产生的焦耳热为Q，导体棒获得的动能为Ek则下列选项中正确的是（）A导体棒中的电流方向为abBWl=W2CW2W1=QDWF+WG=Ek+Q【考点】楞次定律【分析】根据楞次定律，可判定线圈中感应电流方向，再分别选磁铁和导体棒为研究对象，根据动能定理列方程，对系统根据能量守恒知W2W1=Q【解答】解：A、依据楞次定律可知，向下穿过线圈
23、的磁通量减小，则感应电流方向由ab，故A正确；BCD、根据题意，由动能定理知：导体棒：W1=Ek；根据能量守恒知W2W1=Q；对磁铁有：WF+WGW2=0，由得WF+WG=Ek+Q，故CD正确，B错误；故选：ACD8很薄的木板在水平地面上向右滑行，可视为质点的物块b以水平速度v0从右端向左滑上木板二者按原方向一直运动直至分离，分离时木板的速度为va，物块的速度为vb，所有接触面均粗糙，则（）Av0越大，va越大B木板下表面越粗糙，vb越小C物块质量越小，va越大D木板质量越大，vb越小【考点】牛顿第二定律；物体的弹性和弹力【分析】分析清楚物体的运动过程，根据物体运动过程、应用牛顿第二定律和运动
24、学的公式分析答题【解答】解：b放在a上后，a受到地面对a向左的摩擦力以及b对a的向左的摩擦力，向右做匀减速运动；b受到a对b的向右的摩擦力，向左做匀减速直线运动；设a的长度为L，开始时a的受到为v，二者相对运动的时间为t；则：L=A、由公式可知，若v0越大，其他量不变的情况下，则相对运动的时间越短，a的末速度：va=vat，相对运动的时间越短，则va越大，故A正确；B、木板下表面越粗糙，a受到的地面的摩擦力越大，根据可知a的加速度越大，由公式可知，若aa越大，其他量不变的情况下，则相对运动的时间越长；b的末速度：vb=v0abt相对运动的时间越长，则vb越小故B正确；C、物块质量越小，则物体对
25、a的压力越小，a对地面的压力越小，则a受到的地面的摩擦力越小，则a的加速度越小，由公式可知，若aa越小，其他量不变的情况下，则相对运动的时间越短；a的末速度：va=vat，相对运动的时间越短，则va越大，故C正确；D、木板a质量越大，则根据可知a的加速度越小，由公式可知，若aa越小，其他量不变的情况下，则相对运动的时间越短；b的末速度：vb=v0abt相对运动的时间越短，则vb越大，故D错误；故选：ABC三、非选择题：包括必考题和选考题两部分第22题第32题为必考题，每个试题考生都必须作答第33题第40题为选考题，考生根据要求作答（一）必考题（共129分）9如图甲所示是某同学探究加速度与力的关
26、系的实验装置该同学在气垫导轨上安装了一个光电门B，滑块上固定一遮光条，滑块用细线绕过气垫导轨左端的定滑轮与力传感器相连，传感器下方悬挂钩码，每次滑块都从A处由静止释放（1）该同学用游标卡尺测量遮光条的宽度d，如图乙所示，则d=0.225cm（2）实验时，将滑块从A位置由静止释放，由数字计时器读出遮光条通过光电门B的时间t，若要得到滑块的加速度，还需要测量的物理量是遮光条到光电门的距离L；（3）下列不必要的一项实验要求是C（请填写选项前对应的字母）A应将气垫导轨调节水平B应使A位置与光电门间的距离适当大些C应使滑块质量远大于钩码和力传感器的总质量 D应使细线与气垫导轨平行（4）改变钩码质量，测出
27、对应的力传感器的示数F和遮光条通过光电门的时间t，通过描点作出线性图象，研究滑块的加速度与力的关系，处理数据时应作出F图象（选填“t2F”、“F”或“F”）【考点】探究加速度与物体质量、物体受力的关系【分析】游标卡尺读数结果等于固定刻度读数加上可动刻度读数，不需要估读滑块经过光电门时的瞬时速度可近似认为是滑块经过光电门的平均速度根据运动学公式解答用细线拉力表示合力，要考虑摩擦力的影响【解答】解：（1）由图知第5条刻度线与主尺对齐，d=2mm+50.05mm=2.25mm=0.225cm；（2）实验时，将滑块从A位置由静止释放，由数字计时器读出遮光条通过光电门B的时间t，滑块经过光电门时的瞬时速
28、度可近似认为是滑块经过光电门的平均速度根据运动学公式得若要得到滑块的加速度，还需要测量的物理量是遮光条到光电门的距离L（3）A、应将气垫导轨调节水平，使拉力才等于合力，故A错误；B、应使A位置与光电门间的距离适当大些，有利于减小误差，故B错误；C、拉力是直接通过传感器测量的，故与小车质量和钩码质量大小关系无关，故C正确；D、要保持拉线方向与木板平面平行，拉力才等于合力，故D错误；故选：C（4）由题意可知，该实验中保持小车质量M不变，因此有：v2=2as，v=，a=，=2L所以研究滑块的加速度与力的关系，处理数据时应作出F图象故答案为：（1）0.225cm，（2）遮光条到光电门的距离L，（3）C
29、，（4）F10待测电阻Rx的阻值约为100，现要测量其阻值，实验室提供器材如下：A电流表A1（量程40mA，内阻r1约为10）；B电流表A2（量程20mA，内阻r2=30）；C电压表V（量程15V，内阻约为3000）；D定值电阻R0=120；E滑动变阻器R（阻值范围05，允许最大电流1.0A）；F电源（电动势E=3V，内阻不计）；C开关S及导线若干（1）为了使测量结果准确，以上器材不合适的是C（用器材前对应的序号字母填写）（2）利用其余的实验器材，设计测量Rx的最佳实验电路，将电路图画在实线框内并标明元件符号（3）实验中需要测量的物理量有电流表A1的示数I1，电流表A2的示数I2，待测电阻的表
30、达式Rx=【考点】伏安法测电阻【分析】（1）分析实验原理和给出的仪器，从而确定应选择的仪表；（2）实验需要电源、导线，然后根据题目要求选择电流表、电压表、滑动变阻器；根据实验原理及所选实验器材设计实验电路（3）根据电路结构、应用欧姆定律可以求出待测电阻阻值的表达式【解答】解：（1）由于电压表量程为15V，远大于电源的电动势，故电压表不可用；（2）由于电压表不可用，故可以采用电流表A2与定值电阻R0串联作电压表测电压，用电流表A1测量待电流，由于改装的电压表内阻已知，故电流表A1采用外接法，由于待测电阻阻值大于滑动变阻器最大阻值，为测多组实验数据，滑动变阻器应采用分压接法，电路图如图所示：（2）
31、待测电阻两端电压U=I2（R0+r2），通过待测电阻的电流IX=I1I2，待测电阻阻值：Rx=，其中I1、I2分别为电流表A1和A2的示数，R0和r2分别为定值电阻和电流表A2的阻值故答案为：（1）C；（2）电路图如图所示；（3）电流表A1的示数I1，电流表A2的示数I2；11开普勒第三定律指出：所有行星的轨道的半长轴的三次方跟它的公转周期的二次方的比值都相等该定律对一切具有中心天体的引力系统都成立如图，嫦娥三号探月卫星在半径为r的圆形轨道I上绕月球运行，周期为T月球的半径为R，引力常量为G某时刻嫦娥三号卫星在4点变轨进入椭圆轨道II，在月球表面的B点着陆A、O、B三点在一条直线上求：（1）月
32、球的密度；（2）在II轨道上运行的时间【考点】万有引力定律及其应用【分析】（1）根据万有引力提供向心力，结合卫星的轨道半径和周期求出月球的质量，根据月球的体积求出月球的密度（2）根据几何关系求出椭圆轨道的半长轴，结合开普勒第三定律求出在II轨道上运行的时间【解答】解：（1）由万有引力充当向心力：，解得月球的密度：，解得（2）椭圆轨道的半长轴：，设椭圆轨道上运行周期为T1，由开普勒第三定律有：，在轨道上运行的时间为t：，解得答：（1）月球的密度为；（2）在II轨道上运行的时间为12如图所示，在直角坐标系第一象限内有A（6cm，2cm）、B（ 12cm，8cm）两点，匀强磁场垂直于xOy平面向外一
33、带负电的粒子q=1.61019C，质量为m=3.91023kg，以v0=16m/s的速度从坐标原点O沿x轴正方向入射不计重力（1）为使带电粒子经过B点，求磁感应强度的大小（2）在第一象限内再加入平行xOy平面的匀强电场，并改变磁感应强度的大小，带电粒子可先后经过A、B两点，动能分别变为初动能的2倍和5倍，求电场强度【考点】带电粒子在匀强磁场中的运动；动能定理；匀强电场中电势差和电场强度的关系【分析】（1）根据题意明确粒子在磁场中的运动轨迹，由几何关系确定半径，再根据洛伦兹力充当向心力列式即可求得磁感应强度；（2）粒子在复合场中只有电场力做功，根据动能定理可明确OA和OB间的电势差，从而根据匀强
34、电场的性质确定等势面，再根据电场力做功规律求出电场强度【解答】解：（1）粒子在磁场中做匀速圆周运动，运动轨迹如图所示；由几何关系可知： R2=122+（R8）2代入数据得：R=13cm 洛伦兹力充当向心力，有：代入数据得B=0.03T （2）洛伦兹力不做功，粒子从O点到A点由动能定理有：qUOA=EkAEkO=EkO粒子从O点到B点由动能定理有：qUOB=EkBEkO=4EkO从而 UOB=4UOA沿OB方向电势均匀降落，由几何关系可找到OB的四等分点C（3cm，2cm），AC为匀强电场中的一等势线 从O点到A点，qEd=EkAEkO=EkO代入数值得：E=1.56 V/m 电场方向沿y轴负方
35、向 答：（1）磁感应强度的大小大小为0.03T；（2）电场强度为1.56V/m，电场方向沿y轴负方向（二）选考题：共45分请考生从给出的3道物理题中每科任选一题作答，并用2B铅笔在答题卡上把所选题目的题号方框图黑注意所做题目的题号必须与所涂题目的题号一致，在答题卡选定区域指定位置答题如果不涂、多涂均按所答第一题评分；多答则每学科按所答的第一题评分【物理-选修3-3】13下列说法中正确的是（）A运送沙子的卡车停于水平地面，在缓慢卸沙过程中，若车胎不漏气，胎内气体温度不变，不计分子间势能，则胎内气体从外界吸热B民间常用“拔火罐”来治疗某些疾病，方法是将点燃的纸片放人一个小罐内，当纸片燃烧完时，迅速
36、将火罐开口端紧压在皮肤上，火罐就会紧紧地被“吸”在皮肤上其原因是，当火罐内的气体体积不变时，温度降低，压强减小C晶体的物理性质都是各向异性的D一定量的理想气体从外界吸收热量，其内能一定增加E分子间的相互作用力由引力与斥力共同产生，并随着分子间距的变化而变化，分子间引力和斥力都随分子间距的减小而增大【考点】热力学第二定律；分子间的相互作用力【分析】根据热力学第一定律分析气体是吸热还是放热根据气态方程=c分析气体压强的变化多晶体是各向同性的分子间的引力与斥力同时存在，随着分子间距的减小都增大【解答】解：A、在缓慢卸沙过程中，若车胎不漏气，胎内气体的压强减小，温度不变，根据气态方程=c分析知气体的体
37、积增大，对外做功，由热力学第一定律可知，胎内气体从外界吸热故A正确B、当火罐内的气体体积不变时，温度降低，根据气态方程=c分析知，气体的压强减小，这样外界大气压大于火罐内气体的压强，从而使火罐紧紧地被“吸”在皮肤上故B正确C、单晶体的物理性质是各向异性的，而多晶体的物理性质是各向同性的故C错误D、一定量的理想气体从外界吸收热量，其内能不一定增加，还与吸放热情况有关故D错误E、分子间的引力与斥力同时存在，分子间的相互作用力由引力与斥力共同产生，并随着分子间距的变化而变化，分子间引力和斥力都随分子间距的减小而增大故E正确故选：ABE14如图，横截面积相等的绝热气缸A与导热气缸B均固定于地面，由刚性
38、杆连接的绝热活塞与两气缸间均无摩擦，两气缸内都装有理想气体，初始时体积均V0、温度为T0且压强相等，缓慢加热A中气体，停止加热达到稳定后，A中气体压强变为原来的1.5倍，设环境温度始终保持不变，求气缸A中气体的体积VA和温度TA【考点】理想气体的状态方程【分析】因为气缸B导热，所以B中气体始末状态温度相等，为等温变化；另外，因为是刚性杆连接的绝热活塞，所以A、B体积之和不变，即VB=2V0VA，再根据气态方程，本题可解【解答】解：设初态压强为P0，膨胀后A，B压强相等PB=1.5P0（1）B中气体始末状态温度相等，由玻意耳定律得：P0V0=1.5P0VB（2）2V0=VA+VB（3）（4）对A
39、部分气体，由理想气体状态方程得：（5）TA=2T0答：气缸A中气体的体积，温度TA=2T0【物理-选修3-4】15一列简谐横波在某时刻的波形如图所示，此时刻质点P的速度为v，经过1.0s它的速度大小、方向第一次与v相同，再经过0.2s它的速度大小、方向第二次与v相同，则下列判断中正确的是 （）A波沿x轴负方向传播，波速为5m/sB波沿x轴正方向传播，波速为5m/sC若某时刻质点M到达波谷处，则质点P一定到达波峰处D质点M与质点Q的位移大小总是相等、方向总是相反E从图示位置开始计时，在2.0s时刻，质点P的位移为20cm【考点】横波的图象；波长、频率和波速的关系【分析】由图可知该波的波长为=6m
40、根据图示时刻质点P的运动情况，确定完成一次全振动，得到P振动的周期为T=1.2s，而且图示时刻P点的运动沿y轴负方向，可判断出波沿x方向传播，由公式v=求出波速图示时刻，质点M与质点Q的位移大小相等、方向相反，但它们平衡位置之间的距离不是半个波长的奇数倍，位移不是总是相反质点M与P是反相点，振动情况总是相反写出质点P的振动方程，再求从图示位置开始计时t=2.0s时刻质点P的位移【解答】解：AB、由图读出波长 =6m根据质点P的振动情况可得：该波的周期为 T=1.0s+0.2s=1.2s，则波速为 v=5m/s根据质点P的运动情况可知，图示时刻P点运动方向沿y轴负方向，则沿波x轴负方向传播故A正
41、确，B错误C、由图知质点M与质点P的平衡位置之间的距离是半个波长，振动情况总是相反，则某时刻质点M到达波谷处，则质点P一定到达波峰处，故C正确D、图示时刻，质点M与质点Q的位移大小相等、方向相反，但它们平衡位置之间的距离不是半个波长的奇数倍，所以位移不是总是相反故D错误E、该波的周期T=1.2s，从图示位置开始计时，质点P的振动方程为 y=Asin（t+）=20sin（t+）cm=20sin（t+）cm当t=2.0s时，代入解得 y=20cm，即从图示位置开始计时，在2.0 s时刻，质点P的位移为20 cm，故E正确故选：BCE16如图所示，一束截面为圆形（半径R=1m）的平行紫光垂直射向一半
42、径也为R的玻璃半球的平面，经折射后在屏幕S上形成一个圆形亮区屏幕S至球心距离为D=（+1）m，不考虑光的干涉和衍射，试问：若玻璃半球对紫色光的折射率为n=，请你求出圆形亮区的半径；若将题干中紫光改为白光，在屏幕S上形成的圆形亮区的边缘是什么颜色？【考点】光的折射定律【分析】（1）光线沿直线从O点穿过玻璃，方向不变从A点射出玻璃砖的光线方向向右偏折，射到屏幕S上圆形亮区，作出光路图，由光的折射定律结合数学几何知识求出圆形亮区的半径（2）当光线从空气垂直射入半圆玻璃砖，光线不发生改变，当入射角小于临界角时，光线才能再从玻璃砖射出，所以平行白光中的折射率不同，导致临界角不同，因此偏折程度不同，从而确
43、定圆形亮区的最外侧的颜色；【解答】解：如图，紫光刚要发生全反射时的临界光线射在屏幕S上的点E，E点到亮区中心G的距离r就是所求最大半径设紫光临界角为C，由全反射的知识：sinC=由几何知识可知： AB=RsinC= OB=RcosC=R BF=ABtanC=GF=D（OB+BF）=D又 =所以有：rm=GE=AB=DnR，代入数据得：rm=1m 将题干中紫光改为白光，在屏幕S上形成的圆形亮区的边缘是紫色因为当平行光从玻璃中射向空气时，由于紫光的折射率最大，临界角最小，所以首先发生全反射，因此出射光线与屏幕的交点最远故圆形亮区的最外侧是紫光答：圆形亮区的最大半径为1m屏幕S上形成的圆形亮区的最外
44、侧是紫光【物理-选修3-5】17下列说法中正确的是（）A自然界中较重的原子核，中子数大于质子数，越重的元素，两者相差越大By射线是原子从高能态向低能态跃迁时放出的光子C质量数越大的原子核，比结合能越大D利用晶体做电子束衍射的实验，得到电子束穿过铝箔后的衍射图样，证实了电子的波动性E在康普顿效应中，当入射光子与晶体中的电子碰撞时，把一部分动量转移给电子，因此，光子散射后波长变长【考点】光的波粒二象性；* 晶体和非晶体；氢原子的能级公式和跃迁【分析】根据元素越重的，中子数大于质子数，且两者相差越大；射线是从原子核辐射出来的；比结合能大小不是质量数大小来确定；在康普顿效应中，散射光子的动量减小，根据
45、德布罗意波长公式判断光子散射后波长的变化；电子束的衍射现象均说明了实物粒子的波动性【解答】解：A、从元素周期表可知，自然界中较重的原子核，中子数大于质子数，且越重的元素，两者相差越大，故A正确；B、射线是原子核从高能态向低能态跃迁时放出的光子，故B错误；C、原子序数中等的原子核的比结合能最大，故质量数大的原子核的比结合能不一定大，故C错误；D、1927年，克林顿戴维森与雷斯特革末在贝尔实验室将电子射向镍结晶，发现其衍射图谱，证实了电子的波动性，故D正确；E、在康普顿效应中，当入射光子与晶体中的电子碰撞时，把一部分动量转移给电子，由p=，可知光子散射后动量减小，波长变长，故E正确；故选：ADE1
46、8如图所示，光滑悬空轨道上静止一质量为2m的小车A，用一段不可伸长的轻质细绳悬挂一质量为m的木块B一质量为m的子弹以水平速度v0射人木块B并留在其中（子弹射人木块时间极短），在以后的运动过程中，摆线离开竖直方向的最大角度小于90，试求：（i）木块能摆起的最大高度；（ii）小车A运动过程的最大速度【考点】动量守恒定律；功能关系【分析】（1）子弹射穿木块过程系统动量守恒，由动量守恒定律可以求出木块的速度，此后子弹、物块及小车三者组成的系统动量守恒，当木块摆到最大高度时，三者具有相同的水平速度，再结合能量守恒定律列式求解即可；（2）子弹射入木块后由动量守恒和能量守恒定律即可求解【解答】解：（i）因为子弹与木块作用时间极短，子弹与木块间的相互作用力远大于它们的重力，所以子弹与木块组成的系统水平方向动量守恒，设子弹与木块开始上升时的速度为v1，设向右为正方向，则有：mv0=2mv1当木块摆到最大高度时，三者具有相同的水平速度，根据动量守恒定律得：mv0=（m+m+2m）v2由能量守恒得 得 （ii）子弹射入木块后由动量守恒得：2mv1=2mv1+2mv2根据能量守恒得：解得 答：（i）木块能摆起的最大高度为；（ii）小车A运动过程的最大速度为2017年3月18日高考资源网版权所有，侵权必究！