1、力电综合检测(B)一、单项选择题1.如图所示，倾斜放置的圆盘绕着中心轴匀速转动，圆盘的倾角为37，在距转动中心r0.1 m处放一小木块，小木块跟随圆盘一起转动，小木块与圆盘的动摩擦因数为0.8，木块与圆盘的最大静摩擦力与相同条件下的滑动摩擦力相同若要保持小木块不相对圆盘滑动，圆盘转动的角速度最大值为(已知sin 370.6，cos 370.8)()A8 rad/sB2 rad/sC. rad/s D. rad/s解析：选B.木块与圆盘的最大静摩擦力出现在最低点，此时最大静摩擦力指向圆心，最大静摩擦力与重力沿平行圆盘方向的分力的合力提供木块做圆周运动的向心力，即mgcos mgsin mr2，解
2、得最大角速度为2 rad/s，B正确2(2015扬州调研)卫星绕地球做匀速圆周运动，其轨道半径为r，运动周期为T，地球半径为R，引力常量为G，下列说法正确的是()A卫星的线速度大小为vB地球的质量为MC地球的平均密度为D地球表面重力加速度大小为g解析：选D.卫星的线速度大小v，则A错误；由mr，得地球的质量M，则B错误；地球的密度，则C错误；由mr，Gmg，得地球表面重力加速度大小g，则D正确3.空间有一匀强电场，在电场中建立如图所示的直角坐标系Oxyz，M、N、P为电场中的三个点，M点的坐标为(0，a，0)，N点的坐标为(a，0，0)，P点的坐标为.已知电场方向平行于直线MN，M点电势为0，
3、N点电势为1 V，则P点的电势为()A. VB. VC. V D. V解析：选D.MN间的距离为a，P点在MN连线上的投影点离M点的距离为，所以P点的电势为：1 V V，D正确4.(2015徐州二模)如图所示，A、B为两个等量正点电荷，O为A、B连线的中点以O为坐标原点、垂直AB向右为正方向建立Ox轴下列四幅图分别反映了在x轴上各点的电势(取无穷远处电势为零)和电场强度E的大小随坐标x的变化关系，其中正确的是()解析：选C.本题关键是要明确两个等量同种正点电荷连线的中垂线上的场强分布情况和电势分布情况沿着场强方向，电势越来越低两个等量同种正点电荷连线中点O的电场强度为零，无穷远处电场强度也为零
4、，故从O点沿着中垂线向右到无穷远处电场强度先增大后减小，故选项C正确，D错误；电场强度的方向一直向右，故电势越来越低，由于不是匀强电场，故电势不随坐标x线性减小，选项A、B错误5.(2015唐山模拟)如图所示，固定放置在同一水平面内的两根平行长直金属导轨的间距为d，其右端接有阻值为R的电阻，整个装置处在竖直向上的磁感应强度大小为B的匀强磁场中一质量为m(质量分布均匀)的导体杆ab垂直于导轨放置，且与两导轨保持良好接触，杆与导轨之间的动摩擦因数为.当杆在水平向左、垂直于杆的恒力F作用下从静止开始沿导轨运动距离l时，速度恰好达到最大(运动过程中杆始终与导轨保持垂直)设杆接入电路的电阻为r，导轨电阻
5、不计，重力加速度大小为g.则此过程()A杆的速度最大值为B流过电阻R的电荷量为C恒力F做的功与摩擦力做的功之和等于杆动能的变化量D恒力F做的功与安培力做的功之和小于杆动能的变化量解析：选B.当杆的速度达到最大时，安培力F安，杆受力平衡，故FmgF安0，所以v，A错；流过电阻R的电荷量为q，B对；根据动能定理，恒力F、安培力、摩擦力做功的代数和等于杆动能的变化量，由于摩擦力做负功，所以恒力F、安培力做功的代数和大于杆动能的变化量，C、D错二、多项选择题6(2015南京模拟)某遥控小车在平直路面上运动的vt图线如图所示则关于小车的运动，下列说法正确的是()A05 s内小车运动的路程为3 mB小车开
6、始以2 m/s的速度做匀速直线运动，23 s内做匀加速运动，加速度的大小为2 m/s2C35 s内小车的加速度的大小为2 m/s2D05 s内小车运动的位移为11 m解析：选BC.由题图知，小车开始以2 m/s的速度做匀速直线运动，到2 s末时开始做匀加速运动，加速度大小为2 m/s2，3 s末时速度达到4 m/s，然后突然以4 m/s的速度返回，沿反向做匀减速运动，加速度大小为2 m/s2，B、C正确；路程s22 m1 m42 m11 m，位移x22 m1 m42 m3 m，A、D错误7.近来我国暴雨频发，多地相继出现群众被困河心孤岛的险情，为此消防队员常常需要出动参与抢险救灾用滑轮将被困人
7、员悬挂于粗绳下方，一条细绳一端系住被困人员，另一端由位于河道边的救援人员拉动，其原理可以简化为如图所示某时刻被困人员位于河道O处，与河岸距离为l，救援人员位于A处，沿OA方向以速度v1拉细绳，被困人员所受拉力大小恒为F，此时OA与粗绳OB夹角为，被困人员此时速度为v2.则()Av2Bv2v1cos C被困人员被拉到B点时拉力做功为FlD拉力瞬时功率PFv1解析：选AD.由被困人员的运动效果可知，细绳速度v1为被困人员的速度v2的一个分速度，由几何关系可知：v2，A正确，B错误；拉力的瞬时功率为PFv1，D正确，拉力做功为，C错误8(2015江苏八校联考)一个质量为m的质点以速度v0做匀速运动，
8、某一时刻开始受到恒力F的作用，质点的速度先减小后增大，其最小值为.质点从开始受到恒力作用到速度减至最小的过程中()A经历的时间为B经历的时间为C发生的位移为D发生的位移为解析：选AD.质点减速运动的最小速度不为0，说明质点不是做直线运动，而是做匀变速曲线运动分析可知初速度方向与恒力方向的夹角为150，在恒力方向上有v0cos 30t0，xt，在垂直恒力方向上有yt，质点的位移s，联立解得经历时间为t，发生的位移为s，A、D正确9.(2014高考广东卷)如图所示的电路中，P为滑动变阻器的滑片，保持理想变压器的输入电压U1不变，闭合电键S，下列说法正确的是()AP向下滑动时，灯L变亮BP向下滑动时
9、，变压器的输出电压不变CP向上滑动时，变压器的输入电流变小DP向上滑动时，变压器的输出功率变大解析：选BD.由于理想变压器输入电压U1不变，原、副线圈匝数不变，所以输出电压U2也不变，灯L亮度不随P的滑动改变，故选项A错误，选项B正确P向上滑动时，滑动变阻器接入电路的电阻减小，负载总电阻R总减小，由I2知，通过副线圈的电流I2增大，输出功率P2U2I2增大，再由知输入电流I1也增大，故选项C错误，D正确10.如图所示，在真空中半径为r0.1 m的圆形区域内有垂直于纸面向外的匀强磁场及水平向左的匀强电场，磁感应强度B0.01 T，ab和cd是两条相互垂直的直径，一束带正电的粒子流连续不断地以速度
10、v1103 m/s从c点沿cd方向射入场区，粒子将沿cd方向做直线运动，如果仅撤去磁场，带电粒子经过a点，如果撤去电场，使磁感应强度变为原来的，不计粒子重力，下列说法正确的是()A电场强度的大小为10 N/CB带电粒子的比荷为1106 C/kgC撤去电场后，带电粒子在磁场中运动的半径为0.1 mD带电粒子在磁场中运动的时间为7.85105 s解析：选AC.两种场都存在时，对带电粒子受力分析，根据平衡条件得qEqvB，解得EvB10 N/C，A项正确；带电粒子仅在电场中运动时，竖直方向上rvt，水平方向上rat2，由牛顿第二定律a，联立解得2106 C/kg，B项错误；撤去电场后，带电粒子在磁场
11、中运动的半径R0.1 m，C项正确；画出粒子的运动轨迹得粒子在磁场中运动了四分之一个周期，T，因此运动的时间tT1.57104 s，D项错误三、计算题11(2015南通模拟)将两个滑块1、2用一轻质细绳连接放在粗糙的水平面上，如图所示已知细绳的长度为L1 m，1、2的质量分别为m12 kg、m28 kg，滑块与地面间的动摩擦因数均为0.2，g10 m/s2，细绳的最大拉力为FT8 N今在滑块2上施加一水平向右的外力F，使两滑块共同向右运动，当外力增大到某一数值时，细绳恰好断裂(1)求细绳恰好断裂的瞬间，水平外力F的大小；(2)如果细绳恰好断裂的瞬间，两滑块具有的速度为2 m/s，此后水平外力F
12、保持不变，求当滑块1的速度刚好为零时，两滑块1、2之间的距离解析：(1)绳刚要被拉断的瞬间绳上的拉力为FT8 N，根据牛顿第二定律，对滑块1：FTm1gm1a代入数据得a2 m/s2对滑块1、2整体：F(m1m2)g(m1m2)a代入数据得F40 N.(2)设绳断后，滑块1的加速度为a1，滑块2的加速度为a2，则：a12 m/s2a23 m/s2滑块1停下来的时间为t，则t1 s滑块1的位移为x1，则x11 m滑块2的位移为x2，则x2vta2t23.5 m滑块1刚静止时，滑块1、滑块2间距离为xx2Lx13.5 m.答案：(1)40 N(2)3.5 m12(2015苏州一模)如图所示，两条光
13、滑的金属导轨相距L1 m，其中MN段平行于PQ段，位于同一水平面内，NN0段与QQ0段平行，位于与水平面成倾角37的斜面上，且MNN0与PQQ0均在竖直平面内在水平导轨区域和倾斜导轨区域内分别有垂直于水平面和斜面的匀强磁场B1和B2，且B1B20.5 Tab和cd是质量均为m0.1 kg、电阻均为R4 的两根金属棒，ab置于水平导轨上，cd置于倾斜导轨上，均与导轨垂直且接触良好从t0时刻起，ab棒在外力作用下由静止开始沿水平方向向右运动(ab棒始终在水平导轨上运动，且垂直于水平导轨)，cd受到F0.60.25t(N)沿斜面向上的力的作用，始终处于静止状态不计导轨的电阻(sin 370.6，g取
14、10 m/s2)(1)求流过cd棒的电流强度Icd随时间t变化的函数关系；(2)求ab棒在水平导轨上运动的速度vab随时间t变化的函数关系；(3)求从t0时刻起，1.0 s内通过ab棒的电荷量q；(4)若t0时刻起，1.0 s内作用在ab棒上的外力做功为W16 J，求这段时间内cd棒产生的焦耳热Qcd.解析：(1)由题意知cd棒受力平衡，则FFcdmgsin 37FcdB2IcdL得Icd0.5t(A)(2)ab棒中电流IabIcd0.5t(A)则回路中电源电动势EIcdR总ab棒切割磁感线，产生的感应电动势为EB1Lvab解得ab棒的速度vab8t(m/s)所以，ab棒做初速度为零的匀加速直
15、线运动(3)ab棒的加速度为a8 m/s2，10 s内的位移为xat281.02 m4 m根据I得qIt C0.25 C.(4)t1.0 s时，ab棒的速度vab8t(m/s)8 m/s根据动能定理有WW安mv20得1.0 s内克服安培力做功W安J12.8 J回路中产生的焦耳热QW安12.8 Jcd棒上产生的焦耳热Qcd6.4 J.答案：(1)Icd0.5t(A)(2)vab8t(m/s)(3)0.25 C(4)6.4 J 13.最近，我国部分地区多发雾霾天气，PM2.5值过高，为防控粉尘污染，某同学设计了一种除尘方案，用于清除带电粉尘模型简化如图，粉尘源A点向虚线上方(竖直平面内)各个方向喷
16、出粉尘微粒，速度大小均为v10 m/s，粉尘微粒质量m51010 kg，电荷量为q1107 C，粉尘源正上方有方向向外且磁感应强度B0.1 T的圆形边界磁场，半径R0.5 m，磁场右侧紧邻金属极板MN、PQ，两板间电压恒为U00.9 V，两板相距d1 m，板长l1 m，不计粉尘重力及粉尘之间的相互作用(1)证明粉尘微粒从磁场射出时，速度方向均水平向右；(2)若粉尘源每秒向外喷出粉尘微粒个数为n2108个，且粉尘微粒分布均匀地进入极板通道，求此装置正常工作过程中每秒能收集的粉尘质量M；(3)若两极板间电压在01.5 V之间可调，求收集效率和电压的关系解析：(1)在磁场中粉尘受到的洛伦兹力提供向心
17、力，轨迹半径为rqvBmr m0.5 m如图所示，假设粉尘微粒从B点打出，轨迹圆的圆心为O，由rR可知AOBO为菱形，所以OABO，BO一定在竖直方向上，速度方向与BO垂直，因此速度方向水平向右(2)粉尘微粒进入电场，水平方向做匀速直线运动lvt竖直方向做匀加速直线运动ayat2y当UU00.9 V时解得y m0.9 m假设该粉尘在A处与水平向左方向夹角为，则yRRcos ，则37，可知在极板上的微粒占总数的百分比为100%79.4%可见79.4%的微粒会打在极板上此装置每秒能收集的粉尘质量Mnm79.4%21085101079.4% kg0.079 4 kg.(3)把yd代入y解得U1 V可知：1.5 VU1 V时，收集效率100%当1 VU0时，对于恰被吸收的粒子：yat2U(m)，由yRRcos ，arccos得，arccos (2U1)，收集效率100% 100%.答案：见解析