1、第2节 库仑定律(建议用时：25分钟)考点1点电荷1下列关于点电荷的说法，正确的是()A点电荷一定是电荷量很小的电荷B点电荷是一种理想化模型，实际不存在C只有体积很小的带电体，才能作为点电荷D体积很大的带电体一定不能看成点电荷B当带电体间的距离比它们自身的大小大得多，以至带电体的形状、大小及电荷分布状况对它们的作用力影响可以忽略时，这样的带电体就可以看成点电荷，所以ACD错，B正确。考点2库仑定律的理解2如图所示的实验装置为库仑扭秤，细银丝的下端悬挂一根绝缘棒，棒的一端是一个带电的金属小球A，另一端有一个不带电的球B，B与A所受的重力平衡，当把另一个带电的金属球C插入容器并使它靠近A时，A和C
2、之间的作用力使悬丝扭转，通过悬丝扭转的角度可以比较力的大小，便可找到力F与距离r和电荷量q的关系，这一实验中用到了下列哪些方法？微小量放大法极限法控制变量法逐差法()ABCDB把微弱的库仑力转换放大成可以看得到的扭转角度，并通过扭转角度的大小找出力和距离的关系，是微小量放大法；保持电荷量不变，改变A和C的距离可得到F和r的关系，保持A和C的距离不变，改变电荷量q可得到F和q的关系，这是控制变量法。故选项B正确。3真空中有甲、乙两个点电荷相距为r，它们间的静电引力为F，若甲的电荷量变为原来的2倍，乙的电荷量变为原来的，它们间的距离变为2r，则它们间的静电引力将变为()AFBF CFD FB真空中
3、两个电荷量分别为Q和q的甲、乙两点电荷，相距为r时的相互作用静电力大小为F，根据库仑定律，有Fk，若这两个点电荷间的距离及电量变化后，它们之间的静电力大小变为：Fk，即F，故选项B正确。4如图所示，点电荷Q固定，点电荷q沿直线从A运动到B。此过程中，两电荷间的库仑力是()A吸引力，先变小后变大B吸引力，先变大后变小C排斥力，先变小后变大D排斥力，先变大后变小D同种电荷相互排斥，当点电荷q沿直线从A运动到B的过程中，两电荷间的距离先减小后增加，根据Fk，电场力先增大后减小，故ABC错误，D正确。5如图所示，在绝缘光滑水平面上，相隔一定距离有两个带同种电荷的小球，同时从静止释放，则两个小球的加速度
4、大小和速度大小随时间变化的情况是()A速度变大，加速度变大B速度变小，加速度变小C速度变大，加速度变小D速度变小，加速度变大C因电荷间的静电力与电荷的运动方向相同，故电荷将一直做加速运动，又由于两电荷间距离增大，它们之间的静电力越来越小，故加速度越来越小。考点3库仑力的叠加及应用6一端固定在天花板上的绝缘细线的另一端与一带正电的小球M相连接，在小球M下面的一绝缘水平面上固定了另一个带电小球N，在选项图中，小球M能处于静止状态的是()ABCDBM受到三个力的作用而处于平衡状态，则绝缘细线的拉力与库仑力的合力必与M的重力大小相等，方向相反，故选项B正确。7如图所示，光滑绝缘的水平地面上有相距为L的
5、点电荷A、B，带电荷量分别为4Q和Q，今引入第三个点电荷C，使三个电荷都处于平衡状态，则C的电荷量和放置的位置是()AQ，在A左侧距A为L处B2Q，在A左侧距A为处C4Q，在B右侧距B为L处D2Q，在A右侧距A为处C根据电荷受力平衡规律可知，C应放在B的右侧，且与A电性相同，带负电，由FABFCB，得kk，由FACFBC，得kk，解得rBCL，QC4Q。8如图所示，光滑绝缘水平面上固定金属小球A，用原长为L0的绝缘弹簧将A与另一个金属小球B连接，让它们带上等量同种电荷，弹簧伸长量为x1，若两球电荷量各漏掉一半，弹簧伸长量变为x2，则有()Ax2x1 Bx2x1Cx2x1 Dx2x1C库仑力等于
6、弹力，两球电荷量各减半时，若不考虑两球距离的变化对库仑力的影响，库仑力减为原来的，则x2x1，但实际是距离减小后库仑力又会增大，故正确答案是x2x1，C正确。9如图所示，等边三角形ABC的边长为L，在顶点A、B处有等量异种点电荷QA、QB，QAQ，QBQ，求在顶点C处的电荷量为QC的点电荷所受的静电力。解析题目没有交代QC的电性，解答时需考虑两种情况：QC为正电荷或QC为负电荷。当QC为正电荷时，受力情况如图所示，QA、QB对QC的作用力大小和方向都不因其他电荷的存在而改变，仍然遵循库仑定律。QA对QC的作用力FAk，同种电荷相斥。QB对QC的作用力FBk，异种电荷相吸。因为QAQB，所以FA
7、FB，QC受力的大小FCFAFBk，方向为平行于AB连线向右。同理，当QC为负电荷时，FCFAFBk，方向平行于AB连线向左。答案见解析 (建议用时：15分钟)10两个质量分别是m1、m2的小球，各用丝线悬挂在同一点，当两球分别带同种电荷，且电荷量分别为q1、q2时，两丝线张开一定的角度1、2，如图所示，此时两个小球处于同一水平面上，且1 2 ，则下列说法正确的是()Am1m2Bm1m2Cq1q2Dq1q2Bm1、m2受力如图所示，由平衡条件可知m1gFcot 1，m2gFcot 2，根据牛顿第三定律可得FF，则，因为12，所以m1m2，从式子中可以看出两角度的大小关系与两电荷的带电量无关，故
8、B正确。11(多选)如图所示，MON是固定的光滑绝缘直角杆，MO沿水平方向，NO沿竖直方向，A、B为两个套在此杆上的带有同种电荷的小球，用一指向竖直杆的水平力F作用在A球上，使两球均处于静止状态，现将A球向竖直杆方向缓慢拉动一小段距离后，A、B两小球可以重新平衡，则后一种平衡状态与前一种平衡状态相比较，下列说法正确的是()AA、B两小球间的库仑力变大BA、B两小球间的库仑力变小CA球对MO杆的压力变大DA球对MO杆的压力不变BD对B球受力分析，受重力Mg、静电力F1、杆对其向左的支持力N2，如图：根据平衡条件有，x方向：F1sin N2，y方向：F1cos Mg。由上述得到F1。由于新位置两球
9、连线与竖直方向夹角变小，sin 变小，cos 变大，由上式知，静电力F1变小，故B正确，A错误；对A、B整体分析，水平杆对A球的支持力等于两个球的重力之和，则大小不变， A球对MO杆的压力不变，故C错误，D正确。12一个挂在细丝线下端的带电的小球B，静止在如图所示位置。若固定的带正电的小球A电量为Q，B球的质量为m，带电量为q，丝线与竖直方向的夹角为，A和B在同一水平线上，整个装置处于真空中，A、B球均可视为点电荷，求：(1)B球带何种电荷？(2)A、B两球之间的距离为多少？解析(1)两球相斥，所以B与A电性相同，B球带正电。(2)对B球受力分析如图所示，由平衡条件可知FABmgtan 而FA
10、Bk由得r。答案(1)正电(2) 13如图所示，在倾角为的足够长光滑斜面上放置两个质量分别为2m和m的带电小球A和B(均可视为质点)，它们相距为L。两球同时由静止开始释放时，B球的加速度恰好等于零。经过一段时间后，当两球距离为L时，A、B的加速度大小之比为a1a2115。静电力常量为k。(1)若B球带正电荷且电荷量为q，求A球所带电荷量Q及电性。(2)在(1)条件下求L与L的比值。解析(1)由初始时刻B球的加速度等于零及B球带正电荷，可知A球带正电荷，对B球受力分析，沿斜面方向B球受到的合力为零，即Fmgsin 0根据库仑定律得Fk，解得Q。(2)两球距离为L时，A球加速度方向沿斜面向下，根据牛顿第二定律有F2mgsin 2ma1B球加速度方向沿斜面向下，根据牛顿第二定律有mgsin Fma2依题意a1a2115，解得Fmgsin 又Fk，解得。答案(1)带正电荷(2)