1、天津市2021届高考物理临考练习七第一卷共40分一、选择题，每小题5分，共25分，每小题给出的选项中，只有一个选项是正确的。1民间常用“拔火罐”来治疗某些疾病，方法是将点燃的纸片放入一个小罐内，当纸片燃烧完时，迅速将火罐开口端紧压在皮肤上，火罐就会紧紧地被“吸”在皮肤上其原因是，当火罐内的气体（ ）A温度不变时，体积减小，压强增大B体积不变时，温度降低，压强减小C压强不变时，温度降低，体积减小D质量不变时，压强增大，体积减小2甲、乙两物体从同一地点出发沿同一直线运动，其位移时间图像如图所示，则下列说法正确的是（）A前内甲、乙的平均速度相等B第末时甲、乙两物体的速度相同C前内甲、乙的运动方向始终
2、相同D前内甲、乙两物体的最大距离大于3在匀强磁场中有一电阻忽略不计的矩形线圈，绕垂直于磁场的轴匀速转动，产生如图甲所示的正弦交流电，把该交流电输入到图乙中理想变压器的A、B两端。图中各电表均为理想电表。Rt为热敏电阻（已知其电阻随温度升高而减小），R为定值电阻。下列说法正确的是（）A变压器A、B两端电压的瞬时值表达式为u=B在图甲的t=0.01s时，穿过线圈的磁通量为0CRt处温度升高后，电压表V1与V2示数的比值不变DRt处温度降低后，电压表V1示数与电流表A1示数的乘积减小42021年的春节是个热闹的火星年。2月5日，我国航天局发布了由“天问一号”拍摄的首张火星图像（图甲），给我们送来了新
3、年大礼包；2月10日19时52分，“天问一号”探测器实施近火捕获，顺利进入近火点高度约400千米，周期约10个地球日，倾角约10的大椭圆环火轨道，成为我国第一颗人造火星卫星，实现“绕、落、巡”目标的第一步，环绕火星成功。图乙为“天问一号”探测器经过多次变轨后登陆火星前的部分轨迹图，轨道、轨道、轨道相切于P点，轨道为环绕火星的圆形轨道，P、S两点分别是椭圆轨道的近火星点和远火星点，P、S、Q三点与火星中心在同一直线上，下列说法正确的是（）A探测器在P点由轨道I进入轨道需要点火加速B探测器在轨道上Q点的速度大于在轨道上S点的速度C探测器在轨道上运行时，在相等时间内与火星连线扫过的面积与在轨道上相等
4、D探测器在轨道上由P点运动到S点的时间小于探测器在轨道上由P点运动到Q点的时间5在x轴上有两个点电荷q1、q2，其静电场的电势在x轴上分布如图所示。下列说法正确的是（ ）A负电荷从x1移到x2，受到的电场力增大Bx1处的电场强度为零C负电荷从x1移到x2，电势能减小Dq1和q2带有同种电荷二、选择题，每小题5分，共15分，每小题给出的四个选项中，都有多个选项是正确的，全部选对得5分，选对但不全得3分，有选错或不答得0分。6如图所示，一条红色光线和一条紫色光线，以不同的角度同时沿不同的半径方向射入同一块横截面为半圆形的玻璃柱体，其透射光线都是由圆心O点沿OC方向射出，则下列说法正确的是（）AAO
5、光线是紫光，BO光线是红光BAO光线比BO光线穿过玻璃柱体所需时间长C将AO光线顺时针转动到BO光线与其重合，则O点的透射光线一定会变为两条D在双缝干涉实验中，若仅将入射光由AO光线变为BO光线，则相邻干涉亮条纹间距变大7一列简谐横波，在t=4.0s时波形如图甲所示，此时波中质点Q在波峰，P在平衡位置，图乙是质点P的振动图象关于该简谐波，下列说法正确的是_A这列波的波长为0.5mB这列波的波速为0.25m/s，向左传播C0-4.0s时间内，质点P通过的路程是1.0mDt=1.0s时，质点P移动到x=125cm处E.t=1.5s时，质点Q正在平衡位置向上运动8在某次发射科学实验卫星“双星”中，放
6、置了一种磁强计，用于测定地磁场的磁感应强度磁强计的原理如图所示（背面），电路中有一段金属导体，它的横截面是宽为a、高为b的长方形，放在沿y轴正方向的匀强磁场中，导体中通有沿x轴正方向、大小为I的电流已知金属导体单位体积中的自由电子数为n，电子电荷量为e金属导电过程中，自由电子做定向移动可视为匀速运动测出金属导体前后两个侧面间的电势差为U则下列说法正确的是（ ）A后侧面电势高于前侧面B前侧面电势高于后侧面C磁感应强度的大小为D磁感应强度的大小为三、第二卷共60分9某同学用图甲所示装置测量重力加速度g，所用交流电频率为50Hz。在所选纸带上取某点为0计数点，然后每4个点取一个计数点，所有标记符号如
7、图乙所示。该同学用两种方法处理数据（T为相邻两计数点间的时间间隔）。方法一：由，取平均值；方法二：由，取平均值。（1）从数据处理方法看，在、中，对实验结果起作用的，方法一中有_；（填“、”中的某几个）（2）分析可知选择方法_（填“一”或“二”）更合理，这样可以减少实验的偶然误差；（3）本实验导致g测量值偏小的主要原因是（_）A纸带上的0点不是起始点B数据处理方法不严谨C钩码下落过程中受到空气阻力或者纸带与限位孔间存在摩擦力D打起始点时纸带的速度不为零10如图甲所示，两根足够长的直金属导轨MN、PQ平行放置在倾角为的绝缘斜面上，两导轨间距为。M、P两点间接有阻值为的电阻。一根质量为的均匀直金属杆
8、ab放在两导轨上，并与导轨垂直。整套装置处于磁感应强度为的匀强磁场中，磁场方向垂直斜面向下。导轨和金属杆的电阻可忽略。让ab竹沿导轨由静止开始下滑，导轨和金属杆接触良好，不计它们之间的摩擦。（1）由b向a方向看到的装置如图乙所示，在此图中画出ab杆下滑过程中某时刻的受力示意图。（2）在加速下滑过程中，当ab杆的速度大小为时，求此时ab杆中的电流及其加速度的大小。（3）求在下滑过程中，ab杆可以达到的速度最大值。（4）若金属杆的电阻值为，导体下滑距离时达到了最大速度。求导体在下滑至最大速度过程中电阻R上所产生的焦耳热Q。11如图所示，一光滑水平桌面AB与一半径为R的光滑半圆形轨道相切于C点，且两
9、者固定不动一长L为0.8m的细绳，一端固定于O点，另一端系一个质量m1为0.2kg的小球当小球在竖直方向静止时，球对水平桌面的作用力刚好为零. 现将球提起使细绳处于水平位置时无初速释放. 当小球m1摆至最低点时，细绳恰好被拉断，此时小球m1恰好与放在桌面上的质量m2为0.8kg的小球正碰，碰后m1以2m/s的速度弹回，m2将沿半圆形轨道运动. 两小球均可视为质点，取g=10m/s2 ，求：（1）细绳所能承受的最大拉力为多大？（2）m2在半圆形轨道最低点C点的速度为多大？（3）为了保证m2在半圆形轨道中运动时不脱离轨道，试讨论半圆形轨道的半径R应该满足的条件12如图甲所示，带正电荷的粒子以水平速
10、度v0沿OO的方向从O点连续射入电场中（OO为平行金属板M、N间的中线）M、N板间接有如图乙所示的随时间t变化的电压uMN，两板间电场可看做是均匀的，且两板外无电场紧邻金属板右侧有垂直纸面向里的匀强磁场B，分界线为CD，S为屏幕金属板间距为d、长度为l，磁场B的宽度为d已知B5103T，ld0.2m，每个粒子的初速度v01.0105m/s比荷，重力及粒子间相互作用忽略不计，在每个粒子通过电场区域的极短时间内，电场可视作是恒定不变的求：（1）带电粒子进入磁场做圆周运动的最小半径（2）带电粒子射出电场时的最大速度（3）带电粒子打在屏幕上的区域宽度参考答案1B【解析】把罐扣在皮肤上，罐内空气的体积等
11、于火罐的容积，体积不变，气体经过热传递，温度不断降低，气体发生等容变化，由查理定律可知，气体压强减小，火罐内气体压强小于外界大气压，大气压就将罐紧紧地压在皮肤上本题考查了查理定律在生活中的应用，对于生活现象的解释，关键在于判断此现象与哪些物理知识有关2AD【详解】A前3s内甲、乙的位移相等，所用时间相等，则平均速度相等，A正确；B第3s末时甲、乙两物体相遇，由图像的斜率表示速度，知此时两者的速度不等，B错误；C由图像的斜率表示速度，斜率的正负表示速度方向，可知前3s内甲、乙的运动方向先相同后相反，C错误；D甲、乙两物体的距离等于两者纵坐标之差，由图知，前3s内甲、乙两物体的最大距离大于1m，D
12、正确。故选AD。3D【详解】A根据图甲可知，T=0.02s则变压器原线圈两端电压的瞬时值表达式为A错误；B在图甲的t=0.01s时刻，e=0，此时矩形线圈平面与磁场方向垂直，磁通量最大，B错误；CRt处温度升高时，电阻减小，电压表V2测量Rt的电压，则电压表V2示数减小，V1示数不变，则电压表V1示数与V2示数的比值变大，C错误；D副线圈电压不变，Rt处温度降低时，电阻变大，由输出功率变小，输入功率等于输出功率，所以V1与A1示数变小，D正确；故选D。4B【详解】A探测器由轨道I进入轨道II做的是近心运动，需点火减速，使万有引力大于所需的向心力，故A错误；B根据万有引力提供向心力，有解得线速度
13、可知在轨道II上S点对应圆轨道的速度小于近火星点Q处圆轨道上的速度，而在轨道II上S点的速度小于该处对应圆轨道上的速度，所以探测器在轨道II上S点的速度小于轨道III上Q点的速度，故B正确；C开普勒第二定律描述的是卫星在一个轨道上相等的时间连线扫过的面积相等，探测器在轨道II和轨道III属于两不同的轨道，线速度不同，故C错误；D因轨道II的半长轴大于轨道III的半径，根据开普勒第三定律，知轨道II的周期大于轨道III的周期，而探测器在轨道II上由P点运动到S点的时间和探测器在轨道III上由P点运动到Q点的时间都是各自周期的一半，故探测器在轨道上由P点运动到S点的时间大于探测器在轨道上由P点运动
14、到Q点的时间，故D错误；故选B。5C【详解】A根据象可知，图线的斜率从x1到x2逐渐减小，因为图像中图线的斜率的绝对值等于电场强度的大小，所以电场强度从x1到x2逐渐减小，即电场力减小，所以A错误；B因为x1处的斜率不为零，所以电场强度不为零，所以B错误；C负电荷的电势能随电势的升高而减小，从x1移到x2电势逐渐升高，电势能逐渐减小，所以C正确；D根据图像可知，在x2左侧，电势沿x轴负方向逐渐降低，电场线方向指向左侧，即指向x1，在x2右侧电势沿x轴正方向逐渐降低，则电场线方向向右，x2处电场强度为零，因此O点处附近的电荷带负电，O点左侧处的电荷带正电，所以D错误。故选C。6ABD【详解】A由
15、图和光的可逆性可知，若光从空气斜射玻璃柱中，两束光在点的入射角相同，光的折射角小于光的折射角，由折射定律可知玻璃对光的折射率大于对光的折射率，则光线是紫光，光线是红光，故A正确；B由可知，光线在玻璃中传播速度较小，根据速度公式可知光线比光线穿过玻璃砖所需时间长，故B正确；C由可知，紫光的临界角小于红光，故将光线顺时针转动到光线与其重合时，紫光可能发生全反射，则出射光线只有一条，故C错误；D若仅将入射光由光线变为光线，光线的波长变长，在双缝干涉实验中，干涉条纹的距离与波长成正比，则干涉亮条纹间距变大，故D正确；故选ABD。7ABE【详解】A. 由甲图知，波长=0.5m，故A正确；B. 由乙图知，
16、t=0.4s时刻，质点P向上运动，根据甲图可知，该波沿x轴负方向传播，波速v= m/s=0.25m/s, 故B正确； C. 4.0s即两个周期，质点P通过的路程为S=8A=48cm=32cm，故C错误；D. 质点只在平衡位置附近振动，并不随波运动，故D错误；E. Q点由1.5s到4.0s，经历个周期到达波峰位置，所以1.5s时Q点位于平衡位置且向上运动，故E正确 故选ABE8AC【解析】金属导体中有自由电子当电流形成时，金属导体内的自由电子逆着电流的方向做定向移动在磁场中受到洛伦兹力作用的是自由电子由左手定则可知，自由电子受到的洛伦兹力沿z轴正方向，自由电子向前侧面偏转，故后侧面电势较高，故B
17、错误，A正确；设自由电子匀速运动的速度为v，则由电流的微观表达式有I=neabv，金属导体前后两个侧面间的电场强度 ，达到稳定状态时，自由电子所受洛伦兹力与电场力平衡，则有：evB=eE，解得磁感应强度的大小为： ，故C正确，D错误故选AC点睛：解决本题的关键会利用左手定则判断洛伦兹力的方向，注意四指指向电子运动的反方向，即电流方向；知道稳定时电荷所受的洛伦兹力和电场力平衡9、 二 C 【详解】（1）1 方法一：由，取平均值对实验结果起作用的有x1、x6（2）2 方法一：由，取平均值对实验结果起作用的，方法一中有x1、x6，不利于减小偶然误差；方法二：由，取平均值对实验结果起作用的，方法二中有
18、x1，x2，x3，x4，x5，x6；可以最大限度地减小偶然误差；故方案二更合理，这样可以减少实验的偶然误差。（3）3AD根据实验原理可知，实验中纸带上的0点不是起始点，打起始点时纸带的速度不为零对加速度的测量没有影响，AD错误；B数据处理方法不严谨，将影响偶然误差，可通过多次测量减小，但不是g测量值偏小的主要原因，B错误；C钩码下落过程中受到空气阻力或者纸带与限位孔间存在摩擦力，根据牛顿第二定律可知钩码运动的加速度小于重力加速度g，即使得g测量值偏小，C正确。故选C。10（1）图见解析；（2）2A；4m/s2（3）12m/s（4）32J【详解】（1）ab杆受三个力：重力mg，竖直向下；支持力N
19、，垂直斜面向上；安培力F，沿斜面向上受力示意图如图所示（2）当ab杆速度为v时，感应电动势：E=BLv=4V此时电路中电流： ab杆受到的安培力：F=BIL=2N根据牛顿运动定律得：mgsin-F=ma解得a=4m/s2（3）达到最大速度时满足：mgsin=F安而 解得vm=12m/s（4）在ab杆从静止开始沿斜面下滑过程中，已知当下滑距离为s=20m时，速度已达到最大值，根据平衡条件知 根据能量守恒知根据电路特点知R上热量为 联立并带入数据可得：QR=32J11（1）6N（2）15 m/s（3）R0045 m或R01125m【解析】试题分析：（1）设小球摆至最低点时速度为v0，由机械能守恒定
20、律，得：解得：小球在最低点时，由牛顿第二定律，得：解得：=6N（2）与碰撞，动量守恒，设、碰后的速度分别为v1、v2，选向右的方向为正方向，则解得：v2=15 m/s（3） 若小球恰好通过最高点D点，由牛顿第二定律，得：在CD轨道上运动时，由机械能守恒定律，得：解得：R1=0045 m若小球恰好到达圆轨道与圆心等高处速度减为0，则有：解得：R2=01125m综上：R应该满足R0045 m或R01125m考点：牛顿第二定律；机械能守恒定律12（1）0.2m；（2）1.41105m/s；（3）0.38m【解析】（1）t=0时刻射入电场的带电粒子不被加速，进入磁场做圆周运动的半径最小，粒子在磁场中运
21、动时有qv0B=m rmin=0.2m（2）因带电粒子通过电场时间t=2106sT所以带电粒子通过电场过程中可认为电场恒定不变设两板间电压为U1时，带电粒子能从N板右边缘飞出， 在电压低于或等于100V时，带电粒子才能从两板间射出电场，故U1=100V时，带电粒子射出电场速度最大，解得：1.41105m/s（3）t=0时刻进入电场中粒子，进入磁场中圆轨迹半径最小，打在荧光屏上最高点E，OE=rmin=0.2m从N板右边缘射出粒子，进入磁场中圆轨迹半径最大，qvmBm解得：rmm因vmv0，故tan=1，=45， 所以从P点射出粒子轨迹圆心O2正好在荧光屏上且O2与M板在同一水平线上，0O2=d/2=0.1m，OF=rmO2O0.10.18m带电粒子打在荧光屏AB上范围为：EF=OE+OF=0.38m