1、昌平区20192020学年第一学期高三年级期末质量抽测数学试卷一、选择题共10小题，每小题4分，共40分。在每小题列出的四个选项中，选出符合题目要求的一项。1.已知集合，则集合（ ）A. B. C. D. 【答案】D【解析】【分析】根据并集的定义求解即可.【详解】故选：D【点睛】本题主要考查了求两个集合的并集，属于基础题.2.在复平面内，复数对应的点位于（ ）A. 第一象限B. 第二象限C. 第三象限D. 第四象限【答案】C【解析】【详解】试题分析：，在复平面内对应的点的坐标为，位于第三象限，故选C.考点：1.复数的乘法运算；2.复数的几何意义3.已知命题：，那么命题为（ ）A. ，B. ，C
2、. ，D. ，【答案】A【解析】【分析】由全称命题的否定的定义即可求解.【详解】命题，故选：A【点睛】本题主要考查了全称命题的否定，属于基础题.4.设，且，则A. B. C. D. 【答案】D【解析】【分析】取特殊值排除A，B，C，根据函数的单调性即可得出正确答案.【详解】对A项，当时，故A错误；对B项，取，时，不满足，故B错误；对C项，取，时，不满足，故C错误；对D项，函数在上单调递增，则，故D正确;故选：D【点睛】本题主要考查了不等式的性质，属于基础题.5.已知函数的图象与函数的图象关于轴对称，则（ ）A. B. C. D. 【答案】A【解析】【分析】由点是函数上任意一点，则点在函数图像上
3、，列出方程，即可得到正确答案.【详解】设点是函数上任意一点，则点在函数的图像上即所以函数的解析式为：故选：A【点睛】本题主要考查了函数图像的对称性，属于中档题.6.已知向量若与共线，则实数（ ）A. B. C. D. 【答案】B【解析】【分析】根据向量共线的坐标表示即可求解.【详解】因为与共线，所以，解得：故选：B【点睛】本题主要考查了向量共线求参数，属于基础题.7.已知双曲线的离心率为，则（ ）A. B. C. D. 【答案】B【解析】【分析】根据双曲线的性质求出，根据离心率列出等式求解即可.【详解】，因为双曲线的离心率为，所以 解得：故选：B【点睛】本题主要考查了已知离心率求双曲线方程，属
4、于基础题.8.某几何体三视图如图所示，则该几何体的体积是（ ）A. B. C. D. 【答案】C【解析】【分析】根据三视图对应的直观图，结合棱柱的体积公式即可求解.【详解】该三视图对应的直观图是三棱柱，如下图所示所以 故选：C【点睛】本题主要考查了已知三视图求几何体体积，属于中档题.9.设为非零向量，则“，”是“”的（ ）A. 充分而不必要条件B. 必要而不充分条件C. 充分必要条件D. 既不充分也不必要条件【答案】C【解析】【分析】利用向量的运算性质不等式的性质证明充分性以及必要性即可.【详解】证充分性所以，即充分性成立证必要性因为所以，即则向量反向，即存在，使得由，则所以，即必要性成立所以
5、 “，”是“”的充分必要条件故选：C【点睛】本题主要考查了证明充分必要条件等，属于中档题.10.为配合“2019双十二”促销活动，某公司的四个商品派送点如图环形分布，并且公司给四个派送点准备某种商品各50个.根据平台数据中心统计发现，需要将发送给四个派送点的商品数调整为40，45，54，61，但调整只能在相邻派送点进行，每次调动可以调整1件商品.为完成调整，则（ ）A. 最少需要16次调动，有2种可行方案B. 最少需要15次调动，有1种可行方案C. 最少需要16次调动，有1种可行方案D. 最少需要15次调动，有2种可行方案【答案】A【解析】【分析】根据题意得出有两种可行的方案，即可得出正确选项
6、.【详解】根据题意A，B两处共需向C，D两处调15个商品，这15个商品应给D处11个商品，C处4个商品，按照调动次数最少的原则，有以下两种方案：方案一：A调动11个给D，B调动1个给A，B调动4个给C，共调动16次；方案二：A调动10个给D，B调动5个给C，C调动1个给D，共调动16次；故选：A【点睛】本题主要考查了学生的推理能力，属于中档题.二、填空题共6小题，每小题5分，共30分11.在的展开式中，的系数为_（用数字作答）【答案】40【解析】【分析】根据二项式展开定理求解即可.【详解】展开的通项为 时，此时的系数为故答案为：【点睛】本题主要考查了由二项式定理求指定项的系数，属于基础题.12
7、.各项均为正数的等比数列中, ,则_ .【答案】9【解析】【分析】求出公比，根据等比数列的前项和公式即可求解.【详解】设等比数列的公比为因，所以 ，解得(舍)， ，则故答案为：【点睛】本题主要考查了求等比数列的前项和公式，属于基础题.13.抛物线上一点到焦点的距离等于4，则=_；点的坐标为_ .【答案】 (1). 2 (2). 【解析】【分析】根据焦点坐标求出，根据抛物线的定义求出点M坐标即可.【详解】因为焦点，所以设点，根据抛物线的定义得：，解得所以点的坐标为故答案为：2；【点睛】本题主要考查了求抛物线的标准方程以及考查了抛物线的定义，属于基础题.14.在中, ,则_【答案】【解析】【分析】
8、根据正弦定理角化边以及余弦定理即可求解.【详解】由正弦定理可得由余弦定理可得故答案为：【点睛】本题主要考查了正弦定理角化边以及余弦定理，属于基础题.15.2019年11月5日，第二届中国国际进口博览会在国家会展中心（上海）开幕，共有155个国家和地区，26个国际组织参加.现有甲、乙、丙、丁、戊、己六家企业参加某主题展览活动，每个企业一个展位.在排成一排的6个展位中，甲、乙、丙三个企业两两互不相邻的排法有_ 种.【答案】144【解析】【分析】先安排丁、戊、己，利用插空法得出甲、乙、丙三个企业两两互不相邻的排法.【详解】先安排丁、戊、己共有种再安排甲、乙、丙，插入四个空位中，共有种则甲、乙、丙三个
9、企业两两互不相邻的排法有，故答案为：144【点睛】本题主要考查了不相邻的排列问题，属于中档题.16.已知函数.的最大值为_ ；设当时，取得最大值，则_.【答案】 (1). (2). 【解析】【分析】由辅助角公式以及正弦函数的性质得到的最大值；根据的结果以及诱导公式化简即可求解.详解】， (其中 ，)当，即时，取最大值由题意可知故答案为：；【点睛】本题主要考查了求正弦型函数的最值等，属于中档题.三、解答题共6小题，共80分解答应写出文字说明，演算步骤或证明过程.17.已知等差数列满足.（1）求数列的通项公式及前项和；（2）记数列的前项和为，若，求的最小值.【答案】（1），；（2）100【解析】【
10、分析】(1)根据等差数列的通项公式列出方程组结合前项和公式求解即可得到数列的通项公式及前项和；(2)利用裂项求和得到，解不等式即可得到最小值.【详解】（1）设等差数列的公差为.依题意有解得 所以. （2）因为，所以.因为，即， 所以.所以的最小值为【点睛】本题主要考查了求等差数列的通项公式、前项和以及裂项求和，属于中档题.18.为了提高学生的身体素质，某校高一、高二两个年级共336名学生同时参与了“我运动，我健康，我快乐”的跳绳、踢毽等系列体育健身活动.为了了解学生的运动状况，采用分层抽样的方法从高一、高二两个年级的学生中分别抽取7名和5名学生进行测试.下表是高二年级的5名学生的测试数据（单位
11、：个/分钟）：（1）求高一、高二两个年级各有多少人？（2）设某学生跳绳个/分钟，踢毽个/分钟.当，且时，称该学生为“运动达人”.从高二年级的学生中任选一人，试估计该学生为“运动达人”的概率；从高二年级抽出的上述5名学生中，随机抽取3人，求抽取的3名学生中为“运动达人”的人数的分布列和数学期望.【答案】（1）196人，140人；（2）；分布列见解析，【解析】【分析】(1)按照比例求解即可；(2) 根据题意找出高二学生中的“运动达人”的个数，根据概率公式即可求解；找出可能的取值，算出相应的概率，列出分布列，即可得到的期望.【详解】（1）设高一年级有人，高二年级有人.采用分层抽样，有.所以高一年级有
12、人，高二年级有人. （2）从上表可知，从高二抽取的5名学生中，编号为1，2，5的学生是“运动达人”.故从高二年级的学生中任选一人，该学生为“运动达人”的概率估计为.（3）的所有可能取值为. ,.所以的分布列为 故的期望.【点睛】本题主要考查了分层抽样各层个数的求法以及求离散型随机变量的均值，属于中档题.19.已知函数其中.（1）若函数的最小正周期为，求的值；（2）若函数在区间上的最大值为，求的取值范围.【答案】（1）；（2）【解析】【分析】(1)利用倍角公式以及辅助角公式化简函数，根据周期公式求出的值；(2)利用求出，结合正弦函数的性质列出不等式即可求解.【详解】（1）因为. 因为的最小正周期
13、为，即所以.（2）因为，所以.若在区间上取到最大值，只需，所以.【点睛】本题主要考查了由正弦型函数的周期求值以及由正弦型函数的最值求参数范围，属于中档题.20.如图，在四棱锥中，底面为直角梯形，平面平面，.（1）求证：；（2）求二面角的余弦值；（3）在棱上是否存在点，使得平面？若存在，求的值？若不存在，说明理由.【答案】（1）见解析；（2）；（3）不存在，理由见解析【解析】【分析】(1)利用面面垂直的性质得到线面垂直，再由线面垂直的性质得出；(2)建立空间直角坐标系，利用向量法求解即可；(3)由，C，M三点共线，利用向量共线得出，利用线面垂直的判定定理证明平面，由于，不平行，则不存在棱上的点，
14、使得平面.【详解】（1）在四棱锥中因为平面平面，平面平面又因为，平面所以平面因为平面所以（2）取中点，连接因为所以因为平面平面，平面平面因为平面所以平面所以因为所以所以四边形是平行四边形所以如图建立空间直角坐标系，则.设平面的法向量为，则即令，则.所以.因为平面的法向量，所以由图可知，二面角为锐二面角，所以二面角的余弦值为. （3）设是棱上一点，则存在使得.设，则所以所以所以.所以.因为平面所以平面.所以是平面的一个法向量.若平面，则.所以因为方程组无解，所以在棱上不存在点，使得平面.点睛】本题主要考查了利用线面垂直证明线线垂直以及利用向量法求二面角，属于中档题.21.已知椭圆的离心率为，点在
15、椭圆上，焦点为，圆O的直径为（1）求椭圆C及圆O的标准方程；（2）设直线l与圆O相切于第一象限内的点P，且直线l与椭圆C交于两点记 的面积为，证明：【答案】（1），；（2）见解析【解析】【分析】(1)利用椭圆的性质列出方程组，即可得到椭圆C及圆O的标准方程；(2)利用斜截式设出直线的方程，根据点到直线的距离公式得到点到直线的距离，将直线的方程代入椭圆，结合韦达定理，得出的长度，利用三角形面积公式以及二次函数的性质即可证明.【详解】（1）由题意，椭圆C的方程为.可得，解得所以椭圆C的方程为因为焦点在轴上，所以椭圆C的焦点为所以直径为的圆O的方程为 （2）由题意知，直线l与圆O相切于第一象限内的点
16、P，设直线的斜截式方程为. 因为直线与圆相切，所以点到直线的距离为. 即. 因为直线与椭圆C相交于两点，由，整理得， 设，则. 因为又，所以.所以.又因为，所以 因为，所以设，则，则.令.则.设因为在上单调递减，所以.所以.【点睛】本题主要考查了求椭圆的标准方程以及椭圆中的三角形面积问题，属于中档题.22.已知函数 （1）求曲线的斜率为2的切线方程；（2）证明：；（3）确定实数的取值范围，使得存在,当时,恒有【答案】（1）；（2）见解析；（3）【解析】【分析】(1)求导，根据导数的几何意义列出方程求出切点坐标，按照点斜式写出方程；(2)构造函数利用导数求出最值即可证明不等式；(3)分类讨论，当时，不满足题意；当时，根据不等式的性质得出不满足题意；当时，构造函数，利用导数证明即可.【详解】（1）函数的定义域为. 由得.令，即，得，（舍）又， 所以曲线的斜率为的切线方程为 （2）设，则. 令得，（舍）当时，；当时，.所以在上单调递增，在上单调递减. 所以.所以.（3）由（2）可知， 当时，所以不存在，当时，恒有；所以不符合题意. 当时，对于，所以不存在，当时，恒有；所以不符合题意. 当时，设.因为，令即.因为，解得.又因为，所以.取.当时，；所以在上单调递增.所以.即.所以符合题意.所以实数的取值范围是.【点睛】本题主要考查了导数的几何意义以及利用导数证明不等式，属于较难题.
