1、2017年吉林省吉林市高考物理三模试卷一、选择题：本题共8题，每小题6分在每小题给出的四个选项中，第1-5题只有一项符合题目要求，第6-8题有多项符合题目要求全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分1下列说法正确的是（）A衰变现象说明电子是原子核的组成部分B粒子散射实验揭示了原子具有核式结构C氢原子核外电子轨道半径越大，其能量越低D重核的裂变和轻核的聚变过程都向外界放出核能，都有质量亏损E原子从a能级状态跃迁到b能级状态时发射波长为1的光子；原子从b能级状态跃迁到c能级状态时吸收波长为2的光子，已知12，那么原子从a能级跃迁到c能级状态时将要吸收波长为的光子2如图所示，弹簧的一端固
2、定在竖直墙上，质量为M的光滑弧形槽静止在光滑水平面上，底部与水平面平滑连接，一个质量为m（mM）的小球从槽高h处开始自由下滑，下列说法正确的是（）A在以后的运动全过程中，小球和槽的水平方向动量始终保持某一确定值不变B在下滑过程中小球和槽之间的相互作用力始终不做功C全过程小球和槽、弹簧所组成的系统机械能守恒，且水平方向动量守恒D小球被弹簧反弹后，小球和槽的机械能守恒，但小球不能回到槽高h处3地球赤道上的物体随地球自转的向心加速度为al，地球的同步卫星绕地球做匀速圆周运动的轨道半径为r，向心加速度为a2已知万有引力常量为G，地球半径为R，地球赤道表面的重力加速度为g下列说法正确的是（）A地球质量
3、M=B地球质量M=Cal、a2、g的关系是ga2a1D加速度之比=4在真空中的x轴上的原点和x=6a处分别固定一个点电荷M、N，在x=2a处由静止释放一个正点电荷P，假设点电荷P只受电场力作用沿x轴方向运动，其速度大小与在x轴上的位置关系如图所示，则下列说法中正确的是（）A点电荷M、N一定都是负电荷B点电荷P的电势能一定是先增大后减小C点电荷M、N所带电荷量的绝对值之比为2：1Dx=4a处的电场强度一定为零5一质量为1kg的质点静止于光滑水平面上，从t=0时起，第1秒内受到2N的水平外力作用，第2秒内受到同方向的1N的外力作用下列判断正确的是（）A02s内外力的平均功率是WB第2秒内外力所做的
4、功是JC第2秒末外力的瞬时功率最大D第1秒内与第2秒内质点动能增加量的比值是16电磁泵在目前的生产、科技中得到了广泛应用如图所示，泵体是一个长方体，ab边长为L1，两侧端面是边长为L2的正方形；流经泵体内的液体密度为、在泵头通入导电剂后液体的电导率为（电阻率的倒数），泵体所在处有方向垂直向外的磁场B，把泵体的上下两表面接在电压为U（内阻不计）的电源上，则（）A泵体上表面应接电源正极B通过泵体的电流I=C增大磁感应强度可获得更大的抽液高度D增大液体的电阻率可获得更大的抽液高度7某兴趣小组用实验室的手摇发电机和一个可看作理想的小变压器给一个灯泡供电，电路如图，当线圈以较大的转速n匀速转动时，额定电
5、压为U0的灯泡正常发光，电压表示数是U1已知线圈电阻是r，灯泡电阻是R，则有（）A变压器输入电压的瞬时值是u=U1sin2ntB变压器的匝数比是U1：U0C电流表的示数是D线圈中产生的电动势最大值是Em=U18如图所示，光滑水平面上存有界匀强磁场，磁感应强度为B，质量为m边长为a的正方形线框ABCD斜向穿进磁场，当AC刚进入磁场时速度为v，方向与磁场边界成45，若线框的总电阻为R，则（）A线框穿进磁场过程中，框中电流的方向为DCBABAC刚进入磁场时线框中感应电流表为CAC刚进入磁场时线框所受安培力为D此时CD两端电压为二、非选择题9利用图所示装置进行验证机械能守恒定律的实验时，需要测量物体由
6、静止开始自由下落到某点时的瞬时速度v和下落高度h某班同学利用实验得到的纸带，设计了以下的四种测量方案：A用刻度尺测出物体下落的高度h，并测出下落时间t，通过v=gt计算出瞬时速度vB用刻度尺测出物体下落的高度h，并通过v=计算出瞬时速度vC根据做匀变速直线运动时纸带上某点的瞬时速度等于这点前后相邻两点间的平均速度，测算出瞬时速度v，并通过h=v2/2g计算出高度hD用刻度尺测出物体下落的高度h，根据做匀变速直线运动时纸带上某点的瞬时速度，等于这点前后相邻两点间的平均速度，测算出瞬时速度v以上方案中只有一种正确，正确的是（填入相应的字母）在实验中，某同学根据实验测得的数据，通过计算发现，重锤在下
7、落过程中，重锤动能的增加量略大于重锤势能的减少量，若实验测量与计算均无错误，则出现这一问题的原因可能是A重锤的质量偏大B交流电源的电压偏高C交流电源的频率小于50HzD重锤下落时受到的阻力过大10现有一块直流电流计G，满偏电流为200A，内阻约为2，某同学想把它改装成量程为400 的电压表，他首先根据图示电路，用半偏法测定电流计R的内阻（1）为提高测量准确度，在以下器材中，电阻器 应选用；电池应选用（选填器材前的字母）A电池（电动势1.5V，内阻不计）B电池（电动势4.5V，内阻不计）C电阻箱（0999.9）D滑动变阻器（0500）E电位器（一种可变电阻，与滑动变阻器相当）（05.1K）F电位
8、器（051K）（2）该同学在开关断开的情况下，检查电路连接无误后，将R的阻值调至最大后续的实验操作步骤依次是，最后记录R的阻值并整理好器材（请按合理的实验顺序，选填下列步骤前的字母）AS1闭合BS2闭合C调节R的阻值，使电流计指针偏转到满刻度D调节R的阻值，使电流计指针偏转到满刻度的一半E调节R的阻值，使电流计指针偏转到满刻度的一半F调节R的阻值，使电流计指针偏转到满刻度（3）如果测得R的阻值为400.0，即为电流计G内阻的测量值则给电流计G联（选填“串“或”并“）一个阻值为K的电阻，就可以将该电流计G改装成量程为2V的电压表（4）请你推断在本实验中电流计G内阻的测量值R比其内阻的实际值Rg是
9、偏大还是偏小11单板滑雪U型池如图所示，由两个完全相同的圆弧滑道AB、CD和水平滑道BC构成，圆弧滑道的半径R=4m，B、C分别为圆弧滑道的最低点，B、C间的距离s=7.5m，假设某次比赛中运动员经过水平滑道B点时水平向右的速度v0=16m/s，运动员从B点运动到C点所用的时间t=0.5s，从D点跃起时的速度vD=8m/s设运动员连同滑板的质量m=50kg，忽略空气阻力的影响，已知圆弧上A、D两点的切线沿竖直方向，重力加速度g取10m/s2求：（1）运动员在B点对圆弧轨道的压力（2）运动员从D点跃起后在空中完成运动的时间（3）运动员从C点到D点运动的过程中克服摩擦阻力所做的功12某高中物理课程
10、基地拟采购一批实验器材，增强学生对电偏转和磁偏转研究的动手能力，其核心结构原理可简化为题图所示AB、CD间的区域有竖直向上的匀强电场，在CD的右侧有一与CD相切于M点的圆形有界匀强磁场，磁场方向垂直于纸面一带正电粒子自O点以水平初速度v0正对P点进入该电场后，从M点飞离CD边界，再经磁场偏转后又从N点垂直于CD边界回到电场区域，并恰能返回O点已知OP间距离为d，粒子质量为m，电荷量为q，电场强度大小，粒子重力不计试求：（1）粒子从M点飞离CD边界时的速度大小；（2）P、N两点间的距离；（3）磁感应强度的大小和圆形有界匀强磁场的半径物理-选修3-313下列说法中正确的是（）A分子运动的平均速度可
11、能为零，瞬时速度不可能为零B液体与大气相接触时，表面层内分子所受其他分子的作用表现为相互吸引C空气的相对湿度用空气中所含水蒸气的压强表示D有些非晶体在一定条件下可以转化为晶体E随着分子间距增大，分子间引力和斥力均减小，分子势能不一定减小14如图所示，两个壁厚可忽略的圆柱形金属筒A和B套在一起，底部到顶部的高度为18cm，两者横截面积相等，光滑接触且不漏气将A用绳系于天花板上，用一块绝热板托住B，使它们内部密封的气体压强与外界大气压相同，均为1.0105Pa，然后缓慢松开绝热板，让B下沉，当B下沉了2cm时，停止下沉并处于静止状态求：（1）此时金属筒内气体的压强（2）若当时的温度为27，欲使下沉
12、后的套筒恢复到原来位置，应将气体的温度变为多少？物理-选修3-415下列说法中正确的是（）A光的偏振现象说明光具有波动性，但并非所有的波都能发生偏振现象B电磁波可以由电磁振荡产生，若波源的电磁振荡停止，空间的电磁波随即消失C在光的双缝干涉实验中，若仅将入射光由红光改为绿光，则干涉条纹间距变窄D一束白光从空气射入玻璃三棱镜后形成彩色条纹，是因为玻璃三棱镜吸收了白光中的一些色光E火车过桥要慢行，目的是使驱动力频率远小于桥梁的固有频率，以免发生共振损坏桥梁16如图所示，真空中有以下表面镀反射膜的平行玻璃砖，其折射率n=，一束单色光与界面成=45角斜射到玻璃砖表面上，最后在玻璃砖的右侧面竖直光屏上出现
13、两个光点A和B，A和B相距h=4.0cm已知光在真空中的传播速度c=3.0108m/si画出光路图；ii求玻璃砖的厚度2017年吉林省吉林市高考物理三模试卷参考答案与试题解析一、选择题：本题共8题，每小题6分在每小题给出的四个选项中，第1-5题只有一项符合题目要求，第6-8题有多项符合题目要求全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分1下列说法正确的是（）A衰变现象说明电子是原子核的组成部分B粒子散射实验揭示了原子具有核式结构C氢原子核外电子轨道半径越大，其能量越低D重核的裂变和轻核的聚变过程都向外界放出核能，都有质量亏损E原子从a能级状态跃迁到b能级状态时发射波长为1的光子；原子从
14、b能级状态跃迁到c能级状态时吸收波长为2的光子，已知12，那么原子从a能级跃迁到c能级状态时将要吸收波长为的光子【考点】JI：爱因斯坦质能方程；JA：原子核衰变及半衰期、衰变速度【分析】衰变是原子核中的中子转化为质子同时产生电子的过程，但电子不是原子核的组成部分，粒子散射实验揭示了原子具有核式结构，氢原子的核外电子由离原子核较远的轨道跃迁到离原子核较近的轨道上时，能量减小减小的能量以光子的形式释放出来；重核的裂变和轻核的聚变过程都有质量亏损；根据玻尔理论分析即可【解答】解：A、衰变是原子核中的中子转化为质子同时产生电子的过程，但电子不是原子核的组成部分，故A错误；B、粒子散射实验揭示了原子具有
15、核式结构，故B正确；C、氢原子的核外电子由离原子核较远的轨道跃迁到离原子核较近的轨道上时，能量减小减小的能量以光子的形式释放出来故氢原子核外电子轨道半径越大，其能量越高，故C错误；D、重核的裂变和轻核的聚变过程都有质量亏损，都向外界放出核能，故D正确；E、原子从a能级状态跃迁到b能级状态时发射波长为1的光子；原子从b能级状态跃迁到c能级状态时吸收波长为2的光子，已知12根据玻尔理论得ab：EaEb=hbc：EcEb=hac：EcEa=h联立上三式得：=故E正确故选：BDE2如图所示，弹簧的一端固定在竖直墙上，质量为M的光滑弧形槽静止在光滑水平面上，底部与水平面平滑连接，一个质量为m（mM）的小
16、球从槽高h处开始自由下滑，下列说法正确的是（）A在以后的运动全过程中，小球和槽的水平方向动量始终保持某一确定值不变B在下滑过程中小球和槽之间的相互作用力始终不做功C全过程小球和槽、弹簧所组成的系统机械能守恒，且水平方向动量守恒D小球被弹簧反弹后，小球和槽的机械能守恒，但小球不能回到槽高h处【考点】53：动量守恒定律；6C：机械能守恒定律【分析】由动量守恒的条件可以判断动量是否守恒；由功的定义可确定小球和槽的作用力是否做功；由小球及槽的受力情况可知运动情况；由机械守恒及动量守恒可知小球能否回到最高点【解答】解：A、在以后的运动全过程中，当小球与弹簧接触后，小球与槽组成的系统在水平方向所受合外力不
17、为零，系统在水平方向动量不守恒，故A错误；B、下滑过程中，两物体都有水平方向的位移，而相互作用力是垂直于球面的，故作用力方向和位移方向不垂直，故相互作用力均要做功，故B错误；C、全过程小球和槽、弹簧所组成的系统只有重力与弹力做功，系统机械能守恒，小球与弹簧接触过程系统在水平方向所受合外力不为零，系统水平方向动量不守恒，故C错误；D、小球在槽上下滑过程系统水平方向不受力，系统水平方向动量守恒，球与槽分离时两者动量大小相等，由于mM，则小球的速度大小大于槽的速度大小，小球被弹簧反弹后的速度大小等于球与槽分离时的速度大小，小球被反弹后向左运动，由于球的速度大于槽的速度，球将追上槽并要槽上滑，在整个过
18、程中只有重力与弹力做功系统机械能守恒，由于球与槽组成的系统总动量水平向左，球滑上槽的最高点时系统速度相等水平向左系统总动能不为零，由机械能守恒定律可知，小球上升的最大高度小于h，小球不能回到槽高h处，故D正确；故选：D3地球赤道上的物体随地球自转的向心加速度为al，地球的同步卫星绕地球做匀速圆周运动的轨道半径为r，向心加速度为a2已知万有引力常量为G，地球半径为R，地球赤道表面的重力加速度为g下列说法正确的是（）A地球质量 M=B地球质量M=Cal、a2、g的关系是ga2a1D加速度之比=【考点】4H：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系；4F：万有引力定律及其应用【分析】运用万有引力提供向心力
19、列出等式和运用圆周运动的物理量之间的关系列出等式解决问题【解答】解：AB、根据万有引力定律可得，对地球的同步卫星有：G=ma2，解得地球的质量 M=，故A、B错误；C、地球赤道上的物体和地球同步卫星的角速度相等，根据 a=2r知，a1a2；对于地球近地卫星有，G=mg，得g=G对于地球同步卫星，有 G=ma2，即得 a2=G，因为 rR，所以 a2g，综合得ga2a1，故C正确；D、地球赤道上的物体与地球同步卫星角速度相同，则根据a=2r，地球赤道上的物体与地球同步卫星的向心加速度之比=，故D错误；故选：C4在真空中的x轴上的原点和x=6a处分别固定一个点电荷M、N，在x=2a处由静止释放一个
20、正点电荷P，假设点电荷P只受电场力作用沿x轴方向运动，其速度大小与在x轴上的位置关系如图所示，则下列说法中正确的是（）A点电荷M、N一定都是负电荷B点电荷P的电势能一定是先增大后减小C点电荷M、N所带电荷量的绝对值之比为2：1Dx=4a处的电场强度一定为零【考点】AD：电势差与电场强度的关系；AE：电势能【分析】根据vx图象，结合动能定理判断出电场力的方向，然后根据正电荷受到的电场力的方向与电场的方向相同判断出两个点电荷之间的电场的方向的分布，由此判断两个点电荷的电性；根据速度变化结合功能关系判断出电势能的变化；根据最大速度对应的特点，结合库仑定律判断出点电荷的电量之间的关系【解答】解：A、由
21、vx图象可知，点电荷P的速度先增大后减小，所以点电荷P的动能先增大后减小，说明电场力先做正功，后做负功，结合正电荷受到的电场力的方向与场强的方向相同可知，电场强度的方向先沿x轴的正方向，后沿x轴的负方向，根据点电荷的电场线的特点与电场的叠加原理可知，点电荷M、N一定都是正电荷故A错误；B、点电荷P的动能先增大后减小，由于只有电场力做功，所以点电荷P的电势能一定是先减小后增大故B错误；C、由图可知，在x=4a处点电荷P的速度最大，速度的变化率为0，说明了x=4a处的电场强度等于0则M与N的点电荷在x=4a处的电场强度大小相等，方向相反，根据库仑定律得：所以：点电荷M、N所带电荷量的绝对值之比为4
22、：1故C错误，D正确故选：D5一质量为1kg的质点静止于光滑水平面上，从t=0时起，第1秒内受到2N的水平外力作用，第2秒内受到同方向的1N的外力作用下列判断正确的是（）A02s内外力的平均功率是WB第2秒内外力所做的功是JC第2秒末外力的瞬时功率最大D第1秒内与第2秒内质点动能增加量的比值是1【考点】63：功率、平均功率和瞬时功率【分析】本题可由动量定理求得1s末及2s末的速度，再由动能定理可求得合力的功；由功率公式求得功率；【解答】解：A、设1s末、2s末速度分别为v1和v2由动量定理Ft=mv2mv1得，第1s内有：21=1v10，v1=2m/s；第2s内有：11=v22，v2=3m/s
23、 02s内，由动能定理可知外力做功为W=mv22=J=4.5J故02s内平均功率是2.25W，故A正确；B、第2秒内外力所做的功 W2=mv22mv12=4.5JJ=2.5J，故B错误C、第1s末功率为：P1=F1v1=22W=4W，第2s末功率为：P2=F2v2=13W=3W；故C错误；D、第1秒内与第2秒动能增加量分别为：（）=（J）：2.5J=4：5，故D错误；故选：A6电磁泵在目前的生产、科技中得到了广泛应用如图所示，泵体是一个长方体，ab边长为L1，两侧端面是边长为L2的正方形；流经泵体内的液体密度为、在泵头通入导电剂后液体的电导率为（电阻率的倒数），泵体所在处有方向垂直向外的磁场B
24、，把泵体的上下两表面接在电压为U（内阻不计）的电源上，则（）A泵体上表面应接电源正极B通过泵体的电流I=C增大磁感应强度可获得更大的抽液高度D增大液体的电阻率可获得更大的抽液高度【考点】CO：霍尔效应及其应用【分析】当泵体中电流向下时，安培力向左，故液体被抽出；根据电阻定律和欧姆定律列式求解电流表达式分析，根据安培力公式分析安培力大小情况【解答】解：A、当泵体上表面接电源的正极时，电流从上向下流过泵体，这时受到的磁场力水平向左，拉动液体，故A正确；B、根据电阻定律，泵体内液体的电阻：R=；因此流过泵体的电流I=，故B错误；C、增大磁感应强度B，受到的磁场力变大，因此可获得更大的抽液高度，故C正
25、确；D、若增大液体的电阻率，可以使电流减小，受到的磁场力减小，使抽液高度减小，故D错误；故选：AC7某兴趣小组用实验室的手摇发电机和一个可看作理想的小变压器给一个灯泡供电，电路如图，当线圈以较大的转速n匀速转动时，额定电压为U0的灯泡正常发光，电压表示数是U1已知线圈电阻是r，灯泡电阻是R，则有（）A变压器输入电压的瞬时值是u=U1sin2ntB变压器的匝数比是U1：U0C电流表的示数是D线圈中产生的电动势最大值是Em=U1【考点】E8：变压器的构造和原理；E2：交流发电机及其产生正弦式电流的原理【分析】理想变压器的输入功率和输出功率相等，电压与匝数成正比，电流与匝数成反比并利用灯泡正常发光的
26、电压与电流的值来构建原副线圈的电压与电流的关系【解答】解：A、线圈以较大的转速n匀速转动时，所以=2n，所以变压器输入电压的瞬时值u=U1sin2nt，故A错误B、电压与匝数成正比，所以变压器的原副线圈的匝数比是U1：U0故B正确C、理想变压器的输入功率和输出功率相等，灯泡正常发光时电功率为P=，所以输入功率为P=，电流表的示数是I1=，故C正确D、由于线圈有内阻r，故线圈中产生的电动势有效值大于U1，最大值也就大于U1，故D错误故选BC8如图所示，光滑水平面上存有界匀强磁场，磁感应强度为B，质量为m边长为a的正方形线框ABCD斜向穿进磁场，当AC刚进入磁场时速度为v，方向与磁场边界成45，若
27、线框的总电阻为R，则（）A线框穿进磁场过程中，框中电流的方向为DCBABAC刚进入磁场时线框中感应电流表为CAC刚进入磁场时线框所受安培力为D此时CD两端电压为【考点】D9：导体切割磁感线时的感应电动势；DD：电磁感应中的能量转化【分析】根据楞次定律判断感应电流的方向，由E=BIv求出电路中的感应电动势，由闭合电路的欧姆定律求出电路中的电流和CD两端的电压；将AD边与CD边受到的安培力进行矢量合成，求出线框受到的安培力【解答】解：A、线框进入磁场的过程中穿过线框的磁通量增大，由楞次定律可知，感应电流的磁场的方向向外，则感应电流的方向为ABCD方向，故A错误；BD、AC刚进入磁场时CD边切割磁感
28、线，AD边不切割磁感线，所以产生的感应电动势，：E=Bav，则线框中感应电流为：I=；故CD两端的电压为U=；故B错误，D正确；C、AC刚进入磁场时线框的cd边产生的安培力与v的方向相反，ad边受到的安培力的方向垂直于AD向下，它们的大小都是：F=BIa，由几何关系可以看出，AD边与CD边受到的安培力的方向相互垂直，所以AC刚进入磁场时线框所受安培力为AD边与CD边受到的安培力的矢量合，即：F合=F=，故C正确；故选：CD二、非选择题9利用图所示装置进行验证机械能守恒定律的实验时，需要测量物体由静止开始自由下落到某点时的瞬时速度v和下落高度h某班同学利用实验得到的纸带，设计了以下的四种测量方案
29、：A用刻度尺测出物体下落的高度h，并测出下落时间t，通过v=gt计算出瞬时速度vB用刻度尺测出物体下落的高度h，并通过v=计算出瞬时速度vC根据做匀变速直线运动时纸带上某点的瞬时速度等于这点前后相邻两点间的平均速度，测算出瞬时速度v，并通过h=v2/2g计算出高度hD用刻度尺测出物体下落的高度h，根据做匀变速直线运动时纸带上某点的瞬时速度，等于这点前后相邻两点间的平均速度，测算出瞬时速度v以上方案中只有一种正确，正确的是D（填入相应的字母）在实验中，某同学根据实验测得的数据，通过计算发现，重锤在下落过程中，重锤动能的增加量略大于重锤势能的减少量，若实验测量与计算均无错误，则出现这一问题的原因可
30、能是CA重锤的质量偏大B交流电源的电压偏高C交流电源的频率小于50HzD重锤下落时受到的阻力过大【考点】MD：验证机械能守恒定律【分析】（1）解决实验问题首先要掌握该实验原理，了解实验的仪器、操作步骤和数据处理以及注意事项该实验是验证机械能守恒定律的实验因为我们知道自由落体运动只受重力，机械能就守恒如果把重物的实际运动看成自由落体运动，再运用自由落体的规律求解速度，那么就不需要验证（2）关键是明确，在操作无误的情况下，应有mgh，所以如果出现重锤动能的增加量略大于重锤势能的减小量，根据v=可知，若实际交流电源的频率小于50Hz时，将f=50Hz代入求出的速度就大于实际的速度，从而得出mgh的结
31、论【解答】解：（1）该实验是验证机械能守恒定律的实验因为我们知道自由落体运动只受重力，只有重力做功，机械能就守恒如果把重物的实际运动看成自由落体运动，再运用自由落体的规律求解速度，那么就不需要验证呢其中ABC三项都是运用了自由落体的运动规律求解的，故ABC错误故选：D（2）A、根据mgh=可知，测量结果与重锤质量m无关，所以A错误；B、由v=可知，测量结果与电压U无关，所以B错误；C、由 =，其中v=，所以若实际交流电源的频率小于50Hz，而将f=50Hz代入上式求出的速度要大于实际速度，从而导致mgh，所以C正确；D、根据能量守恒定律可知，若重锤下落时受到的阻力过大，则重锤动能的增加量应小于
32、重力势能的减少量，所以D错误故选：C故答案为：D； C10现有一块直流电流计G，满偏电流为200A，内阻约为2，某同学想把它改装成量程为400 的电压表，他首先根据图示电路，用半偏法测定电流计R的内阻（1）为提高测量准确度，在以下器材中，电阻器 应选用F；电池应选用B（选填器材前的字母）A电池（电动势1.5V，内阻不计）B电池（电动势4.5V，内阻不计）C电阻箱（0999.9）D滑动变阻器（0500）E电位器（一种可变电阻，与滑动变阻器相当）（05.1K）F电位器（051K）（2）该同学在开关断开的情况下，检查电路连接无误后，将R的阻值调至最大后续的实验操作步骤依次是ACBE，最后记录R的阻值
33、并整理好器材（请按合理的实验顺序，选填下列步骤前的字母）AS1闭合BS2闭合C调节R的阻值，使电流计指针偏转到满刻度D调节R的阻值，使电流计指针偏转到满刻度的一半E调节R的阻值，使电流计指针偏转到满刻度的一半F调节R的阻值，使电流计指针偏转到满刻度（3）如果测得R的阻值为400.0，即为电流计G内阻的测量值则给电流计G串联（选填“串“或”并“）一个阻值为9.6K的电阻，就可以将该电流计G改装成量程为2V的电压表（4）请你推断在本实验中电流计G内阻的测量值R比其内阻的实际值Rg是偏大还是偏小偏小【考点】N6：伏安法测电阻【分析】（1）对于仪器的选择，要根据实验原理，结合题目中数据并根据实验原理通
34、过计算来确定（2）由半偏法测电阻实验原理知，当调节电阻箱，使电流表半偏时，由于干路电流几乎未变，电阻箱与电流计中的电流相等，电阻必然相等故半偏时R1的阻值等于rg（3）改装为电压表需串联一个电阻，结合欧姆定律和串并联电路的特点求出电阻的大小（4）实际上电阻箱R1并入后，电路的总电阻减小了，干路电流增大了，电流计半偏时，流过电阻箱的电流大于流过电流计的电流，电阻箱接入的电阻小于电流计的电阻所以，该测量值“略小于”表头内阻实际值【解答】解：（1）该实验采用半偏法测量，测量电路要让电流计达到满偏，电源电压至少大于2V，故选电源B，故选：B；闭合S2，电路中电流I不能大于200A，由I=知，代入数据得
35、：R230K，故选：F；（2）半偏法测电阻实验步骤：第一步，按原理图连好电路；第二步，闭合电键S1，调节滑动变阻器R，使表头指针满偏；第三步，闭合电键S2，改变电阻箱R1的阻值，当表头指针半偏时记下电阻箱读数，此时电阻箱的阻值等于表头内阻rg故应选ACBE（3）将电流计改装成电压表，应串连接入一分压电阻R，由欧姆定律及串联电路分压规律有：U=IgRg+IgR（其中U为改装后电压表的满偏电压）则R=（4）实际上电阻箱并入后的，电路的总电阻减小了，干路电流增大了，电流计半偏时，流过电阻箱的电流大于流过电流计的电流，电阻箱接入的电阻小于电流计的电阻所以，该测量值“略小于”实际值故答案为：（1）F、B
36、，（2）ACBE，（3）串、9.6，（4）偏小11单板滑雪U型池如图所示，由两个完全相同的圆弧滑道AB、CD和水平滑道BC构成，圆弧滑道的半径R=4m，B、C分别为圆弧滑道的最低点，B、C间的距离s=7.5m，假设某次比赛中运动员经过水平滑道B点时水平向右的速度v0=16m/s，运动员从B点运动到C点所用的时间t=0.5s，从D点跃起时的速度vD=8m/s设运动员连同滑板的质量m=50kg，忽略空气阻力的影响，已知圆弧上A、D两点的切线沿竖直方向，重力加速度g取10m/s2求：（1）运动员在B点对圆弧轨道的压力（2）运动员从D点跃起后在空中完成运动的时间（3）运动员从C点到D点运动的过程中克服
37、摩擦阻力所做的功【考点】65：动能定理；4A：向心力【分析】（1）根据牛顿第二定律求出运动员在B点受到的支持力，再根据牛顿第三定律球场运动员在B点对圆弧轨道的压力（2）离开D点做竖直上抛运动，结合运动学公式，根据竖直上抛运动的对称性求出运动员从D点跃起后在空中完成运动的时间；（3）根据匀变速直线运动的规律求出运动员在C点的速度，根据动能定理求出运动员从C点到D点运动的过程中需要克服摩擦阻力所做的功【解答】解：（1）由Nmg=知：N=mg+=50=3700N 由牛顿第三定律知，压力为3700N （2）运动员从D点跃起后在空中做竖直上抛运动，设运动员上升的时间为t1，vD=gt1运动员在空中完成动
38、作的时间：t=2t1=1.6s （3）运动员从B点到C点，做匀变速直线运动，运动过程的平均速度为：=解得运动员到达C点时的速度：运动员从C点到D点的过程中，克服摩擦力和重力做功，根据动能定理有：故： 代入数值解得：Wf=508250104J=1300J 答：（1）运动员在B点对圆弧轨道的压力为3700N；（2）运动员从D点跃起后在空中完成运动的时间为1.6s（3）运动员从C点到D点运动的过程中克服摩擦阻力所做的功1300J12某高中物理课程基地拟采购一批实验器材，增强学生对电偏转和磁偏转研究的动手能力，其核心结构原理可简化为题图所示AB、CD间的区域有竖直向上的匀强电场，在CD的右侧有一与CD
39、相切于M点的圆形有界匀强磁场，磁场方向垂直于纸面一带正电粒子自O点以水平初速度v0正对P点进入该电场后，从M点飞离CD边界，再经磁场偏转后又从N点垂直于CD边界回到电场区域，并恰能返回O点已知OP间距离为d，粒子质量为m，电荷量为q，电场强度大小，粒子重力不计试求：（1）粒子从M点飞离CD边界时的速度大小；（2）P、N两点间的距离；（3）磁感应强度的大小和圆形有界匀强磁场的半径【考点】CI：带电粒子在匀强磁场中的运动；37：牛顿第二定律；4A：向心力【分析】（1）粒子从O到M点过程是类似平抛运动，根据类似平抛运动的分运动公式列式求解即可；（2）从N到O过程是类似平抛运动，根据类似平抛运动的分运
40、动公式列式求解即可；（3）粒子在磁场中做匀速圆周运动，画出轨迹，结合几何关系确定轨道半径，然后根据牛顿第二定律列式求解【解答】解：（1）据题意，作出带电粒子的运动轨迹，如图所示：粒子从O到M点时间：粒子在电场中加速度： =粒子在M点时竖直方向的速度：粒子在M点时的速度：速度偏转角正切：，故=60；（2）粒子从N到O点时间：粒子从N到O点过程的竖直方向位移：故P、N两点间的距离为：（3）由几何关系得：可得半径：由，即：解得：由几何关系确定区域半径为：R=2Rcos30即 答：（1）粒子从M点飞离CD边界时的速度大小为2v0；（2）P、N两点间的距离为；（3）磁感应强度的大小为，圆形有界匀强磁场的
41、半径为物理-选修3-313下列说法中正确的是（）A分子运动的平均速度可能为零，瞬时速度不可能为零B液体与大气相接触时，表面层内分子所受其他分子的作用表现为相互吸引C空气的相对湿度用空气中所含水蒸气的压强表示D有些非晶体在一定条件下可以转化为晶体E随着分子间距增大，分子间引力和斥力均减小，分子势能不一定减小【考点】92：* 晶体和非晶体；9H：*相对湿度【分析】分子运动是无规则的，液体表面层内分子间的作用力表现为引力；晶体和非晶体在一定条件下可以相互转化；随着分子间距增大，分子间引力和斥力均减小，分子势能不一定减小，与分子力的性质有关【解答】解：A、分子的瞬时速度可能为零，但分子运动的平均速度不
42、可能为零，故A错误；B、液体表面具有收缩的趋势，即液体表面具有收缩的趋势，即液体表面表现为张力，是因为液体表面分子间距离大于液体内部分子间的距离，液面分子间表现为引力，故B正确；C、空气绝对湿度 用空气中所含水蒸气的压强表示，故C错误；D、晶体和非晶体在一定的条件下可以相互转化，故D正确；E、随着分子间距增大，分子间引力和斥力均减小，分子势能不一定减小，要看分子间距是否接近平衡距离，故E正确；故选：BDE14如图所示，两个壁厚可忽略的圆柱形金属筒A和B套在一起，底部到顶部的高度为18cm，两者横截面积相等，光滑接触且不漏气将A用绳系于天花板上，用一块绝热板托住B，使它们内部密封的气体压强与外界
43、大气压相同，均为1.0105Pa，然后缓慢松开绝热板，让B下沉，当B下沉了2cm时，停止下沉并处于静止状态求：（1）此时金属筒内气体的压强（2）若当时的温度为27，欲使下沉后的套筒恢复到原来位置，应将气体的温度变为多少？【考点】99：理想气体的状态方程；9K：封闭气体压强【分析】（1）缸内封闭气体做等温变化，根据玻意耳定律可求解缸内气体压强；（2）根据盖吕萨克定律，即可计算出套筒恢复到下沉前的位置的温度【解答】解：（1）设缸体横截面积为Scm2，缸内气体做等温变化初态：p1=1.0105Pa，V1=18S，中间态：V2=20S cm3根据玻意耳定律，p1V1=p2V2，解得：p2=0.9105
44、Pa（2）中间态：V2=20S cm3，T2=300K，末态：V3=18S cm3，根据盖吕萨克定律得到：故：，t=270273=3C答：（1）此时金属筒内气体的压强是0.9105Pa；（2）若当时的温度为27C，欲使下沉后的套筒恢复到原来位置，应将气体的温度变为3C物理-选修3-415下列说法中正确的是（）A光的偏振现象说明光具有波动性，但并非所有的波都能发生偏振现象B电磁波可以由电磁振荡产生，若波源的电磁振荡停止，空间的电磁波随即消失C在光的双缝干涉实验中，若仅将入射光由红光改为绿光，则干涉条纹间距变窄D一束白光从空气射入玻璃三棱镜后形成彩色条纹，是因为玻璃三棱镜吸收了白光中的一些色光E火
45、车过桥要慢行，目的是使驱动力频率远小于桥梁的固有频率，以免发生共振损坏桥梁【考点】H3：光的折射定律；7A：产生共振的条件及其应用【分析】光的偏振现象说明光具有波动性，且说明光一种是横波当波源的电磁振荡停止时，只是不能产生新的电磁波，但已发出的电磁波不会立即消失双缝干涉条纹的间距与波长成正比一束白光从空气射入玻璃三棱镜后形成彩色条纹，是由于光的色散形成的当驱动力频率等于物体的固有频率时会发生共振现象结合这些知识解答【解答】解：A、光的偏振现象说明光具有波动性，只有横波才能发生偏振现象，故A正确B、当发射电路的电磁振荡停止了，只是不能产生新的电磁波，但已发出的电磁波不会立即消失，还要继续传播一段
46、时间，故B错误C、在光的双缝干涉实验中，双缝干涉条纹的间距与波长成正比，绿光的波长比红光的短，则仅将入射光由红光改为绿光，干涉条纹间距变窄，故C正确D、一束白光从空气射入玻璃三棱镜后形成彩色条纹是因为光的折射而产生的色散现象，不是因为三棱镜吸收了光；故D错误E、当驱动力频率等于物体的固有频率时会发生共振现象，振幅最大火车过桥要慢行，目的是使驱动力频率远小于桥梁的固有频率，以免发生共振损坏桥，故E正确故选：ACE16如图所示，真空中有以下表面镀反射膜的平行玻璃砖，其折射率n=，一束单色光与界面成=45角斜射到玻璃砖表面上，最后在玻璃砖的右侧面竖直光屏上出现两个光点A和B，A和B相距h=4.0cm
47、已知光在真空中的传播速度c=3.0108m/si画出光路图；ii求玻璃砖的厚度【考点】H3：光的折射定律【分析】光斜射在表面镀反射膜的平行玻璃砖，则反射光线在竖直光屏上出现光点A，而折射光线经反射后再折射在竖直光屏上出现光点B，根据光学的几何关系可由AB两点间距确定CE间距，再由折射定律，得出折射角，再根据折射角的大小画出光路图，最后算出玻璃砖的厚度【解答】解：根据折射率公式 n=，得sin2=，2=30 作出光路图如右图所示如图所示的光路，CDE为等边三角形，四边形ABEC为梯形，CE=AB=h玻璃的厚度d就是边长h的等边三角形的高CDE为等边三角形，四边形ABEC为梯形，CE=AB=h玻璃的厚度d就是底边长为h的等边三角形的高，故：d=hcos30=3.46 cm答：i画出光路图如图；ii玻璃砖的厚度是3.46cm2017年6月5日