1、高考资源网（） 您身边的高考专家一、选择题（48分）（1-8题单选题，9-12题多选题）1如图，在光滑绝缘水平面上，三个带电小球a，b和c分别位于边长为l的正三角形的三个顶点上；a、b带正电，电荷量均为q，c带负电整个系统置于方向水平的匀强电场中已知静电力常量为k.若三个小球均处于静止状态，则匀强电场场强的大小为() A. B.C. D. 【答案】B【解析】考点：电场强度【名师点睛】本题主要考查库仑定律及平行四边形定则；因三个小球均处于静止状态，以整个系统为研究对象根据平衡条件得出c的电荷量，再以c电荷为研究对象受力分析求解。2两带电荷量分别为q和q的点电荷放在x轴上，相距为L，能正确反映两电
2、荷连线上场强大小E与x关系的图是() 【答案】A【解析】试题分析：由等量异种点电荷的电场强度的关系可知，在两电荷连线中点处电场强度最小，但不是零，从两点电荷向中点电场强度逐渐减小；故选A。考点：电场强度【名师点睛】本题关键是结合等量异种电荷的电场线分布情况分析，也可以结合点电荷的电场强度公式列式求解。3A、B是一条电场线上的两个点，一带负电的微粒仅在静电力作用下以一定的初速度从A点沿电场线运动到B点，其速度v与时间t的关系图象如图(甲)所示则此电场的电场线分布可能是图(乙)中的() 【答案】A【解析】考点：电场线；电场强度【名师点睛】本题考查了速度-时间图象的应用和电场线的相关知识，要明确斜率
3、的含义，要能根据图象判断物体的运动情况，进而分析受力情况能根据电场线的分布判断电场强度的大小。4两个点电荷Q1、Q2固定于x轴上，将一带正电的试探电荷从足够远处沿x轴负方向移近Q2(位于坐标原点O)，在移动过程中，试探电荷的电势能随位置的变化关系如图所示则下列判断正确的是() AM点电势为零，N点场强为负方向最大BM点场强为零，N点电势为零CQ1带负电，Q2带正电，且Q2电荷量较小DQ1带正电，Q2带负电，且Q2电荷量较大【答案】C【解析】错误故选C.考点：电场强度；电势及电势能【名师点睛】本题一要抓住EP-x图象的斜率率，分析场强的变化二要根据推论正电荷在电势高处电势能大，分析电势的变化，确
4、定电荷的电性。5用控制变量法，可以研究影响平行板电容器电容的因素(如图所示)设两极板正对面积为S，极板间的距离为d，静电计指针偏角为.实验中，极板所带电荷量不变，若() A保持S不变，增大d，则变大B保持S不变，增大d，则变小C保持d不变，减小S，则变小111D保持d不变，减小S，则不变【答案】A【解析】试题分析：根据电容的决定式得知，电容与极板间距离成反比，当保持S不变，增大d时，电容减小，电容器的电量Q不变，由电容的定义式分析可知板间电势差增大，则静电计指针的偏角变大故A正确，B错误根据电容的决定式得知，电容与极板的正对面积成正比，当保持d不变，减小S时，电容减小，电容器极板所带的电荷量Q
5、不变，则由电容的定义式分析可知板间电势差增大，静电计指针的偏角变大，故C D错误故选A.考点：电容器【名师点睛】本题是电容动态变化分析问题，关键抓住两点：一是电容器的电量不变；二是掌握电容的两个公式：电容的决定式和定义式。6如图所示是某导体的IU图线，图中45，下列说法错误的是() A通过该导体的电流与其两端的电压成正比B此导体的电阻R2 CIU图线的斜率表示电阻的倒数，所以Rcot 451.0 111D在该导体两端加6.0 V电压时，每秒通过导体截面的电荷量是3.0 C【答案】C【解析】考点：欧姆定律【名师点睛】本题考查欧姆定律的应用，注意对于图象的认识，I-U图象的斜率表示电阻的倒数;区分
6、U-I图象与I-U图象的异同；基础题. 7如右图所示，用伏安法测电阻，若电流表内阻1 ，电压表内阻5 000 ，Rx约为10 ，则下图中哪个测量结果较为准确？测量值比真实值偏大还是偏小() A甲电路，偏大 B甲电路，偏小 C乙电路，偏大 D乙电路，偏小【答案】B【解析】试题分析：；，故应采用电流表外接法，故选甲电路； 由于电压表分流使电流表示数偏大流表，则由欧姆定律可知，测量值比真实值小；故选B考点：伏安法测电阻1111【名师点睛】本题考查伏安法测电阻的实验，要注意明确实验中内外接法的选择，并能根据电表内阻分析误差原因及结果。8.在如图所示的电路中，当滑动变阻器R3的滑动触头P向下滑动时( )
7、 A电压表示数变小，电流表示数变小 B电压表示数变小，电流表示数变大C电压表示数变大，电流表示数变大 D电压表示数变大，电流表示数变小【答案】D【解析】考点：电路的动态分析【名师点睛】闭合电路的欧姆定律一般按先分析外电路，再分析内电路，最后再分析外电路的思路进行；若电阻与电源串联，可以等效为内阻处理。9如图所示，一直流电动机与阻值R9 的电阻串联在电源上，电源电动势E30 V，内阻r1 ，用理想电压表测出电动机两端电压U10 V，已知电动机线圈电阻RM1 ，则下列说法中正确的是() A通过电动机的电流为10 A B电动机的输入功率为20 WC电动机的热功率为4 W D电动机的输出功率为20W【
8、答案】BC【解析】试题分析：根据闭合电路欧姆定律，有：E=U+I（r+R）；解得：，故A错误；电动机的输入功率：P入=UI=102=20W；电动机的热功率：P热=I2RM=221=4W；电动机的输出功率：P出=P-P热=UI-I2RM=102-221=16W，故BC正确，D错误；故选BC。1考点：闭合电路欧姆定律；电功率【名师点睛】对于电动机电路区分是纯电阻电路还是非纯电阻电路，可从从能量转化的角度理解：电能全部转化内能时，是纯电阻电路电能转化为内能和其他能时，是非纯电阻电路。10某同学将一直流电源的总功率PE、输出功率PR和电源内部的发热功率Pr随电流I变化的图线画在同一坐标系内，如图所示，
9、根据图线可知()A反映Pr变化的图线是c B电源电动势为8 VC电源内阻为4 D当电流为0.5 A时，外电路的电阻为6 【答案】AD【解析】考点：电功和电功率；闭合电路的欧姆定律【名师点睛】本题考查电功和电功率以及闭合电路的欧姆定律；要根据电源的总功率公式PE=EI求解电动势，根据发热功率的解析式I2r，求解电源的内阻。11在正方形的四个顶点上分别固定有带电荷量绝对值均为Q的点电荷，其带电性如图所示正方形的对角线交点为O，在两条对角线上分别取点A、B、C、D且OAOBOCOD.不计电子重力则() 111AC、D两点的电场强度相同，A、B两点的电场强度不同BC、D两点电势相等，A、B两点电势不相
10、等C电子从C点沿直线运动到D点，电势能先增加后减少D电子从O点沿直线运动到B点，电势能先增加后减少【答案】BC【解析】考点：电场强度；电势能【名师点睛】本题关键是要明确两个等量同种电荷和异种电荷电场线和等势面的分布情况，知道沿着场强方向，电势越来越低，灵活运用电场的叠加原理进行分析。12如图所示，四个相同的电流表分别改装成两个安培表和两个伏特 表，安培表A1的量程大于A2的量程，伏特表V1的量程大于V2的量程，把它们按图接入电路中，则下列说法正确的是() A安培表A1的偏转角大于安培表A2的偏转角B安培表A1的读数大于安培表A2的读数C伏特表V1的读数小于伏特表V2的读数D伏特表V1的偏转角等
11、于伏特表V2的偏转角【答案】BD【解析】考点：串联电路及并联电路；电表的结构【名师点睛】安培表和伏特表都是由小量程电流表（表头）改装而成的，其核心是表头，表头指针的偏转角度取决于流过表头的电流。二、实验题（16分）13（6分）下列测量仪器所测得物体的长度为cm4321050【答案】24.65mm ； 0.410mm【解析】试题分析：游标卡尺的读数：2.4cm+0.05mm13=24.65mm；螺旋测微器的读数：0+0.01mm41.0=0.410mm。考点：游标卡尺及螺旋测微器的读数【名师点睛】解决本题的关键掌握游标卡尺和螺旋测微器的读数方法，游标卡尺读数的方法是主尺读数加上游标读数，不需估读
12、螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读。14（10分）当小灯泡发光时其灯丝的电阻会随着发光亮度的变化而变化某同学为研究这一现象，按照自己设计的实验电路图测量小灯泡的电流I和电压U，得到如下表所示的数据.I(A)0.120.220.290.340.380.420.450.470.490.50U(V)0.200.400.600.801.001.201.401.601.802.00(1)请你根据上表数据的特点，在虚线框中画出实验电路图可用的器材有：电压表、电流表、滑动变阻器(010 )、电源、小灯泡、开关和导线若干(2)在图所示坐标纸上画出小灯泡的U曲线，并定性
13、分析灯丝的电阻与灯泡发光亮度的变化关系：_(3)如果将上面实验中使用的小灯泡接在电动势为1.5 V、内阻为2.0 的电源两端，利用上面的U曲线可求出小灯泡的实际功率是_W，电源效率为_(结果保留2位有效数字)【答案】(1)如图所示；(2)如图所示；灯丝电阻随发光亮度的增加而增大；(3)0.2853%【解析】灯泡电流增大，灯泡实际功率增大，灯泡变亮，灯泡电压与电流比值变大，灯丝电阻增大111.Com（3）在同一坐标系内作出电源的U-I图象如图所示，考点：探究小灯泡的伏安特性曲线【名师点睛】本题考查了实验电路设计、作图象、求灯泡实际功率与电源效率问题，应用图象法处理实验数据是常用的实验数据处理方法
14、，要掌握描点法作图的方法；作出灯泡的U-I图象与电源U-I图象是求出灯泡实际功率与电源效率的前提与关键。三、解答题（46分）15(8分)一般地说，用电器的工作电压并不一定等于额定电压，家庭里通常不备电压表，但可以借助电能表测出用电器的实际工作电压，现在电路中只接入一个电热水壶，壶的铭牌和电能表的铭牌分别如图(a)和(b)所示测得电能表的转盘转过125转的时间为121秒，求此时加在电热水壶上的实际电压（电热水壶中的电阻不随电流的变化而变化）(a) (b)【答案】200 V解得U200 V.考点：电功率【名师点睛】本题考查消耗电能、电阻、实际功率、实际电压等的计算，关键是公式及其变形的灵活运用，要
15、理解电能表参数的物理意义，学会从题目所给信息中找到有用的数据。16. （8分）如图所示的电路中，电源的电动势E3.0V，内阻r1.0；电阻R110，R210，R330，R435；电容器的电容C100F。电容器原来不带电，接通电键K。电流稳定后，求：(1)流过电源的电流；(2)电阻R3两端的电压；(3)从接通电键K至电路达到稳定的过程中流过R4的总电荷量。【答案】(1)A(2)2V(3)2.0104C【解析】试题分析： (1)电键K闭合后，闭合电路的总电阻为通过电源的电流(2)电源两端的电压UEIrV电阻R3两端的电压。(3)通过R4的总电荷量就等于电容器所带的电荷量QCU2.0104C。考点：
16、闭合电路的欧姆定律；电容器【名师点睛】对于含有电容器的问题，关键是确定电容器的电压知道电路稳定时电容器的电压等于其并联电路两端的电压。17. （10分）如图甲所示的电路中，R1、R2均为定值电阻，且R1100 ，R2阻值未知，R3为一滑动变阻器当其滑片P从左端滑至右端时，测得电源的路端电压随电源中电流的变化图线如图乙所示，其中A、B两点是滑片P在变阻器的两个不同端点得到的求：(1)电源的电动势和内阻；(2)定值电阻R2的阻值；(3)滑动变阻器的最大阻值【答案】(1)20 V20 (2)5 (3)300 【解析】考点：闭合电路的欧姆定律【名师点睛】本题要理解电源的伏安特性曲线的意义，可由图线上两
17、点的坐标建立方程组求解电源的电动势和内阻。18（10分）一电荷量为q(q0)、质量为m的带电粒子在匀强电场的作用下，在t0时由静止开始运动，场强随时间变化的规律如图所示不计重力求在t0到tT的时间间隔内：(1)粒子位移的大小和方向；(2)粒子沿初始电场反方向运动的时间【答案】（1）（2）【解析】速度时间图象如图二所示由vt图象可知，带电粒子在t0到tT时间内的位移大小，方向沿初始电场正方向(2)由vt图象可知，粒子在tT到tT时间内沿初始电场的反方向运动，总时间为t.考点：带电粒子在电场中的运动【名师点睛】本题考查带电粒子在电场中的运动，要注意明确各过程中粒子的受力情况，从而由牛顿第二定律分析
18、物体的运动情况。19（10分）如图所示，在沿水平方向的匀强电场中有一固定点O，用一根长度为l0.40 m的绝缘细线把质量为m0.20 kg，带有q6.0104 C正电荷的金属小球悬挂在O点，小球静止在B点时细线与竖直方向的夹角为37.求：111(1)AB两点间的电势差UAB；(2)将小球拉至位置A使细线水平后由静止释放，小球通过最低点C时细线对小球的拉力F的大小；(3)如果要使小球能绕O点做完整的圆周运动，则小球在A点时沿垂直于OA方向运动的初速度v0的大小(g取10 m/s2，sin370.60，cos370.80)【答案】(1)400 V(2)3 N(3) m/s【解析】试题分析：(1)带电小球在B点静止受力平衡，则：qEmgtan，考点：物体的平衡；动能定理；牛顿第二定律【名师点睛】本题考查了共点力平衡、牛顿第二定律和动能定理的综合，知道小球做圆周运动向心力的来源，结合牛顿第二定律进行求解。- 16 - 版权所有高考资源网