1、2017年辽宁省大连市学业水平物理模拟试卷（一）一、选择题（本大题包括12小题，每小题4分，共48分每道小题有四个选项，只有一个选项是正确的）1下列说法正确的是（）A出租汽车按位移的大小收费B“万米”赛跑，是指位移为一万米C物体的路程可以等于其位移的大小D打点计时器是一种测量位移的仪器2甲、乙两车在同一地点同时沿同一方向做直线运动，其vt图象如图所示，则（）A甲的加速度大于乙的加速度B计时开始甲的加速度为零Ct1时刻，甲与乙在同一位置Dt1时刻，甲的速度大于乙的速度3同时作用在某物体上的两个方向相反的两个力，大小分别为6N和9N，其中9N的力在逐步减小到零的过程中，两个力的合力的大小（）A先减
2、小后增大B先增大后减小C一直减小D一直增大4理想实验是科学研究中的一种重要方法，如图所示是根据可靠的事实进行的斜面理想实验和推论的示意图，这个实验工作曾得到了爱因斯坦的高度评价是哪位科学家根据这个实验工作推翻了“力是维持物体运动的原因”的观点（）A牛顿B伽利略C笛卡尔D亚里士多德5在平直公路上以20m/s的速度行驶的汽车，紧急刹车后的加速度大小为5m/s2，则它刹车后6s内的位移是（）A30mB40mC50mD60m6一只船在静水中的速度为4m/s，它要渡过一条宽度为200m的河，河水的流速为3m/s下列说法正确的是（）A船不可能渡过河B船有可能垂直到达对岸C船不能垂直到达对岸D船到达对岸所需
3、时间都是50s7以初速度0水平抛出一物体，经时间t速度大小为，已知重力加速度为g，则经时间2t速度大小为（）A0+2gtB+gtCD8已知地球的半径为R，人造地球卫星距离地面的高度为2R，地球质量为M，卫星质量为m，万有引力常量为G，则地球对卫星的万有引力为（）ABCD9如图所示，升降机的水平底面上放有重为G的物体，升降机底面对它的支持力大小为N，它对升降机底面压力大小为F，下列说法正确的是（）A不管升降机怎样运动，总有F=GB不管升降机怎样运动，总有F=NC物体超重时，物体的重力一定变大D物体超重时，升降机的速度一定向上10如图所示，质量为m的木块被水平推力F压着静止在竖直墙面上当推力F的大
4、小增加到3F时，则（）A木块所受墙面的摩擦力变小B木块所受墙面的摩擦力变大C木块所受墙面的弹力不变D木块所受墙面的弹力增加到原来的3倍11如图所示，质量为m的物体（可视为质点）以某一速度从A点冲上倾角为30的斜面，其运动的加速度为g，此物体在斜面上上升的最大高度为h，则在这个过程中物体（）A重力势能增加了mghB重力势能增加了mghC动能损失了mghD机械能损失了mgh12如图所示，物体P以一定的初速度沿光滑水平面向右运动，与一个右端固定的轻质弹簧相撞，并被弹簧反向弹回若弹簧在被压缩过程中始终遵守胡克定律，那么在P与弹簧发生相互作用的整个过程中（）AP做匀变速直线运动BP的加速度大小不变，但方
5、向改变一次CP的加速度大小不断改变，当加速度数值最大时，速度最小D有一段过程，P的加速度逐渐增大，速度也逐渐增大二、填空题（本大题共2小题，共12分第13题6分，第14题6分）13某同学用如图甲所示的装置做“探究功和速度变化的关系”的实验该同学得到如图乙所示的纸带，小车的运动情况可描述为：A、B之间为加速直线运动；C、D之间为（填“匀速”、“加速”或“减速”）直线运动，应选段（用图中字母表示）来计算小车的速度14在“用DIS研究加速度与力的关系、加速度与质量的关系”实验中，保持小车质量不变，改变小车所受的作用力，测得了下表所示的5组数据，并已在坐标平面上画出部分数据点，如图所示：组别12345
6、F/N01.12.23.34.4a/ms200.51.01.52.0（1）在图中画出第4组数据对应的数据点，然后作出aF的关系图线；（2）由所作图线可以得到结论：在质量一定的情况下，加速度a与作用力F成比三、计算题（本大题共2小题，共24分解答时要求写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤若只有最后答案而无演算过程的不能得分）15从离地320m的空中自由落下一个小球，g=10m/s2，求：（1）经过多少时间落到地面；（2）从开始落下的时刻起在最后1s内的位移16如图所示，半径R=0.40m的光滑半圆环轨道处于竖直平面内，半圆环与粗糙的水平地面相切于圆环的端点A一质量m=0.10kg的小球，以
7、初速度v0=7.0m/s在水平地面上向左作加速度a=3.0m/s2的匀减速直线运动，运动L=4.0m后，冲上竖直半圆环，最后小球落在C点求：（1）物体运动到A点时的速度大小vA（2）小球经过B点时对轨道的压力大小FB（3）A、C间的距离d（取重力加速度g=10m/s2）四、选考题：考生从17题（选修3-1模块）和18题（选修1-1模块）中任选一个模块的试题作答如果多做，则按所做的第一个模块试题计分（选修3-1模块）本题共2个小题，共16分，第（1）小题4分，第（2）小题12分17科学家安培发现，两根平行导线通电后有如图所示的现象（图中实线、虚线分别表示通电前、后的情况）可见，平行通电导线之间有
8、力的作用而且，当通入的电流方向相同时，导线相互（填“吸引”或“排斥”）；当通入的电流方向相反时，导线相互（填“吸引”或“排斥”）18如图所示，平行板电容器两极板间电压为U，两板正着开有小孔S1、S2，S2右侧存在一上下无界、宽度为d的匀强磁场，磁场方向垂直纸面向里，磁场右边界与电容器极板平行整个装置处于真空中，现从S1处引入一个初速度为零、质量为m、电荷量为e的电子，电子经电场加速后从S2孔进入磁场，且刚好未能从磁场右边界射出，不计电子重力，求：（1）电子经电场进入磁场时的速度大小v；（2）匀强磁场的磁感应强度的大小B（选修1-1模块）本题共2小题，共16分，第（1）小题4分，第（2）小题12
9、分。19如图所示，理想变压器原线圈接在交变电流两端，经变压器降压后，使小灯泡正常发光原线圈匝数（填“多”或“少”）于副线圈匝数，原线圈电压U1与副线圈电压U2的大小关系是U1U2（填“”、“”或“=”）20在倾角为的光滑斜面上，放置一段通有电流强度I，长度L，质量m的导体棒a（电流方向向里），如图所示若空间中有竖直向上的匀强磁场，则磁场强度B1是多大？若磁场方向任意，要使导体棒a静止在斜面上且对斜面无压力，匀强磁场磁感应强度B2的大小和方向如何？2017年辽宁省大连市学业水平物理模拟试卷（一）参考答案与试题解析一、选择题（本大题包括12小题，每小题4分，共48分每道小题有四个选项，只有一个选项
10、是正确的）1下列说法正确的是（）A出租汽车按位移的大小收费B“万米”赛跑，是指位移为一万米C物体的路程可以等于其位移的大小D打点计时器是一种测量位移的仪器【考点】位移与路程【分析】知道实际生活中路程与位移的区别，明确位移的大小一般是小于或等于物体的路程的知道打点计时器是测量时间的仪器，对应的位移要通过刻度尺测量来确定【解答】解：A、出租汽车按路程的大小收费，故A错误中；B、“万米”赛跑，指的是路程为一万米，而位移大小并不是一万米，故B错误；C、当物体做单向直线运动时，物体的路程等于其位移的大小，故C正确；D、打点计时器是一种测量时间的仪器故D错误故选：C2甲、乙两车在同一地点同时沿同一方向做直
11、线运动，其vt图象如图所示，则（）A甲的加速度大于乙的加速度B计时开始甲的加速度为零Ct1时刻，甲与乙在同一位置Dt1时刻，甲的速度大于乙的速度【考点】匀变速直线运动的图像【分析】在速度时间图象中，图线的斜率表示加速度，图象与坐标轴围成面积代表位移，时间轴上方位移为正，时间轴下方位移为负由此分析即可【解答】解：A、因为速度时间图象的斜率表示加速度，图中甲的斜率大于乙的斜率，即甲的加速度大于乙的加速度，故A正确B、计时开始时甲的速度为零，但甲做匀加速运动，加速度不为零，故B错误CD、t1时间，甲的速度等于乙的速度，由于0t1时间内，甲与坐标轴围成的面积（位移）小于乙与坐标轴围成的面积（位移），所
12、以t1时刻乙在甲的前方，故CD错误故选：A3同时作用在某物体上的两个方向相反的两个力，大小分别为6N和9N，其中9N的力在逐步减小到零的过程中，两个力的合力的大小（）A先减小后增大B先增大后减小C一直减小D一直增大【考点】力的合成【分析】同一直线上方向相反的两个力的合力大小等于这两个力的大小之差分析即可【解答】解：由于两个力的方向相反，合力大小等于这两个力的大小之差，即F合=F1F2=9N6N=3N，当9N的力逐渐减小时，合力先减小，当它等于6N时，两个力的合力等于0，随后，合力开始反向增大；故A正确，BCD错误；故选：A4理想实验是科学研究中的一种重要方法，如图所示是根据可靠的事实进行的斜面
13、理想实验和推论的示意图，这个实验工作曾得到了爱因斯坦的高度评价是哪位科学家根据这个实验工作推翻了“力是维持物体运动的原因”的观点（）A牛顿B伽利略C笛卡尔D亚里士多德【考点】物理学史【分析】伽利略斜面实验在牛顿第一定律的建立过程中起到了重要作用，它揭示了力与运动的关系，即物体的运动并不需要力来维持【解答】解：公元前四世纪的希腊哲学家亚里士多德认为：必须不断地给一个物体以外力，才能使它产生不断地运动如果物体失去了力的作用，它就会立刻停止即力是维持物体运动的原因亚里士多德的观点很符合人们的日常经验，如停着的车不推它它就不会动，停止推它它就会停下来所以亚里士多德的观点当时占着统治地位，而且一直统治了
14、人们两千年；伽利略斜面实验在牛顿第一定律的建立过程中起到了重要作用，它揭示了力与运动的关系，即物体的运动并不需要力来维持；故B正确，ACD错误；故选：B5在平直公路上以20m/s的速度行驶的汽车，紧急刹车后的加速度大小为5m/s2，则它刹车后6s内的位移是（）A30mB40mC50mD60m【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系【分析】汽车刹车做匀减速直线运动，根据刹车的加速度和初速度，求出刹车到速度减为零的时间，分析刹车后6s时汽车的运动情况，再选择公式求解汽车刹车后6s内的位移【解答】解：汽车刹车做匀减速直线运动，已知v0=20m/s，a=5m/s2，刹车至停止的时间为：t= s 设经时
15、间4s汽车速度减为零，则汽车刹车后6s内的位移等于4s内的位移，为：x=v0t+at2=204542=40m故B正确，ACD错误故选：B6一只船在静水中的速度为4m/s，它要渡过一条宽度为200m的河，河水的流速为3m/s下列说法正确的是（）A船不可能渡过河B船有可能垂直到达对岸C船不能垂直到达对岸D船到达对岸所需时间都是50s【考点】运动的合成和分解【分析】根据条件分析可知，当船头指向始终垂直于河岸时，渡河时间最短，由河宽和船相对于水的速度可求出最短渡河时间当船头指向其他方向时，渡河时间延长根据水速与船相对于水速度的关系，分析船能否到达正对岸【解答】解：AD、当船头指向始终垂直于河岸时，渡河
16、时间最短，最短时间为tmin=s=50s，当船头指向与河岸不垂直时，船垂直于河岸方向的分速度变小，渡河时间变长故AD错误；BC、由于船相对于水的速度大于水流速度，根据平行四边形定则可知，它们的合速度，即船实际的速度可以与河岸垂直，船可以垂直于河岸行驶，最终到达对岸，最小位移等于200m，故B正确，C错误；故选：B7以初速度0水平抛出一物体，经时间t速度大小为，已知重力加速度为g，则经时间2t速度大小为（）A0+2gtB+gtCD【考点】平抛运动【分析】平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，根据平行四边形定则时间2t后的速度【解答】解：经过时间2t后竖直分速度大小为：v
17、y=g2t=2gt则速度大小为：v2=，故C正确ABD错误故选：C8已知地球的半径为R，人造地球卫星距离地面的高度为2R，地球质量为M，卫星质量为m，万有引力常量为G，则地球对卫星的万有引力为（）ABCD【考点】万有引力定律及其应用【分析】根据万有引力定律求出地球对卫星的万有引力大小【解答】解：地球的半径为R，人造地球卫星距离地面的高度为2R，则卫星到地球的球心的距离是3R，由万有引力定律可知：F=选项D正确，ABC错误故选：D9如图所示，升降机的水平底面上放有重为G的物体，升降机底面对它的支持力大小为N，它对升降机底面压力大小为F，下列说法正确的是（）A不管升降机怎样运动，总有F=GB不管升
18、降机怎样运动，总有F=NC物体超重时，物体的重力一定变大D物体超重时，升降机的速度一定向上【考点】牛顿运动定律的应用超重和失重【分析】压力和支持力是一对作用力和反作用力，大小相等，方向相反根据牛顿第二定律，通过加速度的方向判断支持力和重力的大小关系【解答】解：A、如果物体做变速运动，则支持力和重力的合力提供合外力，则F不等于G，故A错误；B、支持力和压力是一对作用力和反作用力，不管升降机怎样运动，总有F=N故B正确C、超重和失重时只是物体对外界的作用力改变，但重力是不变的，故C错误；D、物体超重，支持力大于重力，合力向上，加速度方向一定向上，但速度可能向上，可能向下故D错误故选：B10如图所示
19、，质量为m的木块被水平推力F压着静止在竖直墙面上当推力F的大小增加到3F时，则（）A木块所受墙面的摩擦力变小B木块所受墙面的摩擦力变大C木块所受墙面的弹力不变D木块所受墙面的弹力增加到原来的3倍【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用【分析】物块静止在竖直墙壁上，受重力、推力和弹力、静摩擦力处于平衡，根据共点力平衡判断弹力和摩擦力的变化【解答】解：木块处于静止，推力和墙壁的弹力平衡，重力和静摩擦力平衡当推力增大为原来的3倍，则木块所受墙面的弹力增加到原来的3倍但摩擦力始终等于重力，保持不变故D正确，ABC错误故选：D11如图所示，质量为m的物体（可视为质点）以某一速度从A点冲上倾
20、角为30的斜面，其运动的加速度为g，此物体在斜面上上升的最大高度为h，则在这个过程中物体（）A重力势能增加了mghB重力势能增加了mghC动能损失了mghD机械能损失了mgh【考点】功能关系【分析】重力势能的增加量等于物体克服重力做的功；动能变化等于合力做的总功；根据机械能的概念求机械能的变化量结合功能关系分析即可【解答】解：AB、物体在斜面上能够上升的最大高度为h，所以重力势能增加了mgh，故A正确，B错误C、由动能定理可知，动能损失等于合外力做功的大小，为Ek=F合s=mg2h=mgh，故C错误；D、物体的重力势能增加了mgh，动能减小了mgh，所以机械能减少了 mghmgh=mgh，故D
21、错误；故选：A12如图所示，物体P以一定的初速度沿光滑水平面向右运动，与一个右端固定的轻质弹簧相撞，并被弹簧反向弹回若弹簧在被压缩过程中始终遵守胡克定律，那么在P与弹簧发生相互作用的整个过程中（）AP做匀变速直线运动BP的加速度大小不变，但方向改变一次CP的加速度大小不断改变，当加速度数值最大时，速度最小D有一段过程，P的加速度逐渐增大，速度也逐渐增大【考点】牛顿第二定律；胡克定律【分析】木块水平方向只受到弹簧的弹力，根据胡克定律可知：弹簧的弹力与弹簧压缩的长度成正比当木块向右压缩弹簧时，弹力逐渐增大，加速度逐渐增大，做变减速运动【解答】解：A、P水平方向只受到弹簧的弹力，方向与速度方向相反，
22、而且弹力逐渐增大，加速度逐渐增大，P做加速度增大的变减速直线运动故A错误 B、由A的分析可知，加速度的大小逐渐增大，弹力一直与运动方向相反，所以加速度方向没有改变，故B错误； C、当P向右压缩弹簧时，弹簧压缩的长度逐渐增大，加速度逐渐增大，P速度逐渐减小，当压缩到最右端时，加速度最大，速度为零，最小故C正确； D、P的加速度方向一直与速度方向相反，一直做减速运动，所以速度一直减小故D错误故选：C二、填空题（本大题共2小题，共12分第13题6分，第14题6分）13某同学用如图甲所示的装置做“探究功和速度变化的关系”的实验该同学得到如图乙所示的纸带，小车的运动情况可描述为：A、B之间为加速直线运动
23、；C、D之间为匀速（填“匀速”、“加速”或“减速”）直线运动，应选CD段（用图中字母表示）来计算小车的速度【考点】探究功与速度变化的关系【分析】明确实验原理，知道由于要判断橡皮条所做的功与速度变化的关系，故需要测量出加速的末速度，即最大速度，也就是匀速运动的速度，所以要分析点迹均匀的一段纸带【解答】解：由图乙所示纸带可知，在相邻相等时间间隔内，小车在AB段的位移越来越大，由此可知，在AB段小车做加速运动；在CD段，相邻点间的距离相等，小车在CD段做匀速运动，橡皮筋做功完毕，小车做匀速运动，实验时应测出橡皮筋做功完毕时小车的速度，因此应选匀速过程CD来计算小车的速度v故答案为：匀速，CD14在“
24、用DIS研究加速度与力的关系、加速度与质量的关系”实验中，保持小车质量不变，改变小车所受的作用力，测得了下表所示的5组数据，并已在坐标平面上画出部分数据点，如图所示：组别12345F/N01.12.23.34.4a/ms200.51.01.52.0（1）在图中画出第4组数据对应的数据点，然后作出aF的关系图线；（2）由所作图线可以得到结论：在质量一定的情况下，加速度a与作用力F成正比【考点】探究加速度与物体质量、物体受力的关系【分析】根据表格中的数据作出aF图线，结合图线得出加速度a与作用力F的关系【解答】解：（1）aF关系图线如图所示；（2）由图线可知，图线为过原点的倾斜直线，知加速度a与作
25、用力F成正比故答案为：（1）如图所示，（2）正三、计算题（本大题共2小题，共24分解答时要求写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤若只有最后答案而无演算过程的不能得分）15从离地320m的空中自由落下一个小球，g=10m/s2，求：（1）经过多少时间落到地面；（2）从开始落下的时刻起在最后1s内的位移【考点】自由落体运动【分析】（1）小球做自由落体运动，是初速度为0加速度为g的匀加速直线运动，由位移公式求出时间为8s；（2）先求出前7s内位移，再求出小球落地前最后1s内的位移【解答】解：（1）根据得：（2）因为从开始落下起前7s内的位移为：所以最后1s内的位移为：h8=hh7=75m答：（
26、1）经过8s时间落到地面；（2）从开始落下的时刻起在最后1s内的位移为75m16如图所示，半径R=0.40m的光滑半圆环轨道处于竖直平面内，半圆环与粗糙的水平地面相切于圆环的端点A一质量m=0.10kg的小球，以初速度v0=7.0m/s在水平地面上向左作加速度a=3.0m/s2的匀减速直线运动，运动L=4.0m后，冲上竖直半圆环，最后小球落在C点求：（1）物体运动到A点时的速度大小vA（2）小球经过B点时对轨道的压力大小FB（3）A、C间的距离d（取重力加速度g=10m/s2）【考点】动能定理的应用；向心力【分析】要求AC之间的距离应该首先判定物体能否到达B点，故应该先求出物体到达B点的最小速
27、度，然后根据动能定理求出物体实际到达B点时的速度，由于实际速度大于最小速度，故物体到达B后做平抛运动，最后根据平抛运动的规律求出物体在平抛过程当中水平向的位移【解答】解：（1）小球向左运动的过程中小球做匀减速直线运动，故有：vA2v02=2as 解得vA=5m/s（2）如果小球能够到达B点，则在B点的最小速度vmin，故有mg=m解得vmin=2m/s而小球从A到B的过程中根据机械能守恒可得：mgh+mvB2=mvA2解得vB=3m/s由于VBvmin故小球能够到达B点，且从B点作平抛运动，由牛顿第二定律可知，Fmg=m解得：F=mg+m=1+22.5N=23.5N；（3）在竖直方向有：2R=
28、gt2；在水平方向有sAC=vBt 解得：sAC=1.2m故AC间的距离为1.2m；答：（1）小球到达A点的速度为5m/s；（2）速度大小为3m/s；（3）AC间的距离为1.2m四、选考题：考生从17题（选修3-1模块）和18题（选修1-1模块）中任选一个模块的试题作答如果多做，则按所做的第一个模块试题计分（选修3-1模块）本题共2个小题，共16分，第（1）小题4分，第（2）小题12分17科学家安培发现，两根平行导线通电后有如图所示的现象（图中实线、虚线分别表示通电前、后的情况）可见，平行通电导线之间有力的作用而且，当通入的电流方向相同时，导线相互吸引（填“吸引”或“排斥”）；当通入的电流方向
29、相反时，导线相互排斥（填“吸引”或“排斥”）【考点】安培力【分析】由图中显示的现象是靠拢还是远离，从而判断两导线之间的作用力是引力还是斥力【解答】解：由图可知，当通入的电流方向相同时，导线靠拢，说明两导线相互吸引；当通入电流方向相反时，导线远离，说明两导线相互排斥；故答案为：吸引；排斥18如图所示，平行板电容器两极板间电压为U，两板正着开有小孔S1、S2，S2右侧存在一上下无界、宽度为d的匀强磁场，磁场方向垂直纸面向里，磁场右边界与电容器极板平行整个装置处于真空中，现从S1处引入一个初速度为零、质量为m、电荷量为e的电子，电子经电场加速后从S2孔进入磁场，且刚好未能从磁场右边界射出，不计电子重
30、力，求：（1）电子经电场进入磁场时的速度大小v；（2）匀强磁场的磁感应强度的大小B【考点】带电粒子在匀强磁场中的运动；牛顿第二定律；向心力【分析】（1）电子在平行板电容器两极板间加速，由动能定理求出加速获得的速度v（2）电子以速度v进入磁场后，在磁场中以速度v做匀速圆周运动，运动轨迹恰与磁场右边界相切由几何关系求得轨迹半径，再由牛顿第二定律和向心力公式解得B【解答】解：（1）电子在平行板电容器两极板间加速加速过程，由动能定理有：eU=解得：v=（2）电子在磁场中做匀速圆周运动，运动轨迹恰与磁场右边界相切由几何关系得轨迹半径为：r=d由牛顿第二定律有：evB=m联立以上各式解得：B=答：（1）电
31、子经电场进入磁场时的速度大小v是；（2）匀强磁场的磁感应强度的大小B是（选修1-1模块）本题共2小题，共16分，第（1）小题4分，第（2）小题12分。19如图所示，理想变压器原线圈接在交变电流两端，经变压器降压后，使小灯泡正常发光原线圈匝数多（填“多”或“少”）于副线圈匝数，原线圈电压U1与副线圈电压U2的大小关系是U1U2（填“”、“”或“=”）【考点】变压器的构造和原理【分析】根据题意知经变压器电压降低，判断出是降压变压器，根据理想变压器原副线圈匝数比等于电压比即可求解【解答】解：因为这是降压变压器，可知原线圈电压根据电压与匝数成正比，即，可知，即原线圈匝数多于副线圈匝数；故答案为：多，2
32、0在倾角为的光滑斜面上，放置一段通有电流强度I，长度L，质量m的导体棒a（电流方向向里），如图所示若空间中有竖直向上的匀强磁场，则磁场强度B1是多大？若磁场方向任意，要使导体棒a静止在斜面上且对斜面无压力，匀强磁场磁感应强度B2的大小和方向如何？【考点】共点力平衡的条件及其应用；安培力【分析】（1）对导体棒受力分析，根据共点力平衡求出安培力的大小，从而根据安培力的公式求出磁感应强度的大小（2）当棒子对斜面无压力，则导体棒所受重力和安培力平衡，根据平衡，结合安培力的公式求出磁感应强度的大小，根据左手定则判断磁感应强度的方向【解答】解：（1）若磁场方向竖直向上，由导线受力情况可知由平衡条件得：在水平方向上：FFNsin=0在竖直方向上：mgFNcos=0其中F=B1IL，联立以上各式可解得：；（2）当安培力与重力平衡时，导体棒对地面没有压力，则有：F=mg，F=B2IL，得：；B2的水平向左答：（1）若空间中有竖直向上的匀强磁场，要使导体棒静止在斜面上，则磁感应强度B是；（2）若磁场方向与纸面平行，要使导体棒静止在斜面上且对斜面无压力，所加的匀强磁场的磁感应强度B的大小为，方向水平向左2017年4月26日