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内蒙古开鲁县蒙古族中学2016-2017学年高二上学期期中考试数学(理)试题 WORD版含答案.doc

1、2016-2017学年度开鲁蒙中期中考试试卷 (高二理科) 命题人:李国华时间过得真快,已经过了这学期的一半,我们到底学得怎么样呢?下面就来检验一下,同学们加油!你一定是最棒的!望你沉着冷静,勇敢地接受考验,考出自己的最佳水平!第I卷(选择题)一、选择题(题型注释)每小题5分,共计60分。1是第四象限角,cos,则sin=( )(A) (B)- (C) (D)- 2已知,且与夹角为,则等于( )A B C D3已知等差数列的前n项和为,且=( )A18 B36 C54 D724下列函数中,最小正周期为,且图象关于直线x=对称的函数是 ( )A B C D5若,则tan2() A B. C D.

2、6等差数列an的前n项和Sn=2n2n,那么它的通项公式是( )Aan =2n1Ban =2n1Can =4n1Dan =4n17若为锐角,且满足,则的值为( )A B C D8中,a、b、c分别是角A、B、C的对边,若,则的形状是( )A等腰三角形 B等边三角形 C直角三角形 D锐角三角形9 已知向量,若为实数,则( )A B C1 D210在中,内角所对应的边分别为,若,且,则的面积为( )A. B C D11如图,空间四边形OABC中,点M在OA上,且,点N为BC中点,则等于( )A BC D12函数()的图象如图所示,则的值为( ) A B C D第II卷(非选择题)二、填空题(每空5

3、分,共计20分。)13已知tan2,且,则cossin 14若非零向量a,b满足,则a与b的夹角为_.15已知等差数列的前项和为,若,且,则的最小值为 .16在中,已知,则此三角形的最大内角的度数等于_三、解答题解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤。17(12分) 已知是一个等差 数列,且。 (1)求的通项; (2)求的前项和的最大值。 18(12分) 已知顶点在单位圆上的中,角,所对的边分别为,且.(1)求角A的大小;(2)若,求的面积.19(12分) 已知,分别为三个内角,的对边,.(1)求;(2)若,的面积为,求,.20(12分) 已知,是同一平面内的三个向量,其中.(1)若,且,求的

4、坐标;(2)若,且与垂直,求与的夹角.21(12分)设函数 (1)求的最大值及此时的值 (2)求的单调减区间 (3)若22(10分)在中,角对应的三边长分别为,已知(1)求角的大小;(2)若的面积,求的值参考答案1B2B【解析】试题分析:根据与夹角为,可知,所以,故选B考点:向量的数量积的定义式,向量数量积的运算法则3D【解析】试题分析:,因为为等差数列,所以.所以.故D正确.考点:1等差数列的前项和;2等差数列的性质.4B【解析】试题分析:首先选项C中函数的周期为4,故排除C;将分别代入A,B,D,得函数值分别为,而函数在对称轴处取最值,故选B 考点:三角函数的周期性、对称性5B【解析】由,

5、得.tan 3,则tan 2.6C【解析】试题分析:由,得考点:向量数量积的运算7C8【解析】试题分析:据余弦定理,由得,化简可得,即,那么三角形为等腰三角形.故本题选.考点:余弦定理9B【解析】试题分析:因为,所以,又因为,所以,故选B考点:1、向量的坐标运算;2、向量平行的性质10A【解析】试题分析:由余弦定理,得,即,所以,故选A考点:1、余弦定理;2、三角形面积公式11B【解析】试题分析:由题意可知,把三个向量看作是基向量,由图形根据向量的线性运算,将用这三个基向量表示出来即可得出答案,选B考点:向量的加减混合运算及其意义;12D【解析】试题分析:由已知,所以,将代人得,所以,故选.考

6、点:正弦型函数,三角函数诱导公式.13【解析】试题分析:根据题意可得:,又可得,解得:,则考点:三角运算14120【解析】试题分析:,因为,所以,所以,故填:.考点:向量数量积15【解析】试题分析:据等差数列的前项和公式,由可得,则,由二次函数性质,当时,有最小值,但对于取整,故当或时,取最小值.故本题填.考点:等差数列;二次函数性质.16【解析】试题分析:由,根据正弦定理,可设,所以此三角形的最大内角的度数,所以考点:解三角形【方法点晴】本题主要考查了解三角形问题,其中解答中涉及到三角形的正弦定理、余弦定理的综合应用,着重考查了学生分析问题和解答问题的能力,以及推理与运算能力,属于基础题,本

7、题的解答中根据,根据正弦定理,可设,即可利用余弦定理求解最大角的余弦,熟记正弦、余弦定理的公式是解答的关键17解析:(1)设等差数列的公差为,则解得:(2)时,取最大值4.18(1);(2).【解析】试题分析:(1)将已知条件中的式子变形,利用余弦定理的变式即可求解;(2)利用余弦定理和正弦定理联立方程组即可求解.试题解析:(1)由得,故,又,;(2)由得, 由余弦定理得,即,即,.考点:正余弦定理解三角形.1920(1)(2)【解析】试题分析:(1)由正弦定理有,可以求出A;(2)由三角形面积以及余弦定理,可以求出b、c试题解析:(1)由及正弦定理得由于,所以,又,故. (2) 的面积,故,

8、而 故,解得. 考点:正余弦定理解三角形20(1) 或;(2) 【解析】试题分析:(1)由题为求向量的坐标,可先设出坐标,再利用给出的两个条件;,且,可分别建立两个方程,解方程可得;(2)由题为求向量的夹角,需联系向量的乘法。结合条件;,且与垂直,利用,进行向量的乘法运算可得。试题解析:(1)设,即,或或(2) ,即,又,.考点:(1)向量的坐标运用及性质和方程思想。(2)向量的乘法运算及向量垂直的性质。21(1)时,;(2),;(3).【解析】试题分析:(1)通过降幂公式化简,再利用辅助角公式化简函数为,令,求函数的最大值以及x值;(2)根据上一问的化简,令求函数的单调递减区间;(3)根据x的范围,求的范围,然后求的范围,最后求函数的值域.试题解析:(1)当时,时,;(2)由得,解得:所以函数的单调递减区间为,.(3)由得:,所以所以,故函数的值域为.考点:1.三角恒等变换;2.三角函数的性质.22(1);(2)【解析】试题分析:(1)由题意,二倍角公式化简得,即可求解角的大小;(2)由三角形的面积公式,得出,再由余弦定理,求出,即可利用正弦定理,求得的值试题解析:(1)由,得,即,解得或(舍去),因为,所以,(2)由,得,又,所以,由余弦定理得:,故,由正弦定理得:考点:正弦定理;余弦定理以及三角形的面积公式

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