1、2014-2015学年甘肃省嘉峪关一中高二（上）期中物理试卷（理科）一选择题（本大题共12小题；每小题4分，共48分在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分）1（4分）（2014秋嘉峪关校级期中）根据电场强度的定义式E=可知，在电场中的同一点（）A电荷q受到的电场力F跟电场强度E成正比B无论检验电荷所带的电量如何变化，始终不变C同一电荷在电场中某点所受的电场力越大，该点的电场强度越强D一个不带电的小球在P点受到的电场力为零，则P点的场强一定为零2（4分）（2013贵州学业考试）在静电场中，关于场强和电势的说
2、法正确的是（）A电势高的地方电场强度不一定大B电场强度大的地方电势一定高C电势为零的地方场强也一定为零D场强为零的地方电势也一定为零3（4分）（2009潮州一模）如图所示，a、b、c为电场中同一条水平方向电场线上的三点，c为ab中点a、b电势分别为a=5V，b=3V，下列叙述正确的是（）A该电场在c点处的电势一定为4VBa点处的场强Ea一定大于b点处的场强EbC一正电荷从c点运动到b点电势能一定减少D一正电荷运动到c点时受到的电场力由c指向a4（4分）（2014秋嘉峪关校级期中）A、B两个点电荷在真空中所产生电场的电场线（方向未标出）如图所示图中C点为两点电荷连线的中点，MN为两点电荷连线的中
3、垂线，D为中垂线上的一点，电场线的分布关于MN左右对称则下列说法中正确的是（）A这两点电荷一定是同种电荷B这两点电荷一定是异种电荷CD、C两点的电势一定相等DC点的电场强度比D点的电场强度大5（4分）（2014秋嘉峪关校级期中）（多选）如图所示，实线是一个电场中的电场线，虚线是一个检验电荷在这个电场中的轨迹，若电荷是从a处运动到b处，以下判断正确的是（）A电荷从a到b加速度减小Bb处电势高Cb处电势能大D电荷在b处速度小6（4分）（2012宝鸡二模）如图所示，平行板电容器与一个直流电源E（内阻不计）相连，下极板接地一带电油滴位于电容器中的P点且恰好处于平衡状态现将平行板电容器的上极板竖直向上移
4、动一小段距离，则（）AP点的电势降低B带点油滴的电势能将减少C带点油滴将沿竖直方向向上运动D电容器的电容减小，极板带电量增大7（4分）（2014秋嘉峪关校级期中）（多选）如图所示是一个说明示波管工作的原理图，电子经加速电场（加速电压为U1）加速后垂直进入偏转电场，离开偏转电场时的偏转量是h，两平行板间距为d，电压为U2，板长为l，为了增加偏转量h，可采取下列哪种方法（）A增加U2B增加U1C增加dD增加l8（4分）（2014湖北校级模拟）安培提出了著名的分子电流假说，根据这一假说，电子绕核运动可等效为一环形电流设电量为e的电子以速率v绕原子核沿顺时针方向做半径为r的匀速圆周运动，关于该环形电流
5、的说法，正确的是（）A电流强度为，电流方向为顺时针B电流强度为，电流方向为顺时针C电流强度为，电流方向为逆时针D电流强度为，电流方向为逆时针9（4分）（2014秋嘉峪关校级期中）如图所示的实验装置中，极板A接地，平行板电容器的极板B与一个灵敏的静电计相接将A极板向左移动，增大电容器两极板间的距离时，电容器所带的电量Q、电容C、两极间的电压U，电容器两极板间的场强E的变化情况错误的有（）AQ变小，C变小，U不变BQ变小，C不变，U不变CQ不变，C变小，U变大DQ不变，C变小，U变大10（4分）（2014秋嘉峪关校级期中）某同学按如图所示的电路把电路元件连接好后，闭合开关，发现灯泡亮，电铃不响，电
6、流表的指针有明显的偏转，那么故障出现在哪一段，发生该故障的原因是（）Abc段，电铃短路Bab段，电灯断路Ccd段，电流表断路Dae段，开关断路11（4分）（2014秋嘉峪关校级期中）（多选）用伏安法测电阻时（）A采用图中所示测量电路，误差来源于伏特表内阻的分流，使电阻测量值小于真实值B采用图中所示测量电路，误差来源于安培表内阻的分压，使电阻测量值大于真实值C采用图中所示测量电路，误差来源于伏特表内阻的分流，使电阻测量值小于真实值D采用图中所示测量电路，误差来源于安培表内阻的分压，使电阻测量值大于真实值12（4分）（2014安徽）一带电粒子在电场中仅受静电力作用，做初速度为零的直线运动，取该直线
7、为x轴，起始点O为坐标原点，其电势能EP与位移x的关系如图所示，下列图象中合理的是（）A电场强度与位移关系B粒子动能与位移关系C粒子速度与位移关系D粒子加速度与位移关系二、本题共4小题，共20分选择正确答案或将答案填在题中的横线上13（6分）（2010秋罗湖区校级期末）一量程为100A的电流表，内阻为100欧，现串联一个9900欧的电阻将它改装成电压表该电压表的量程是伏用它来测量电压，表盘指针位置如图所示该电压的大小是伏14（5分）（2014秋嘉峪关校级期中）如图所示，长为l的导体棒原来不带电，现将一带电量为q的负点电荷放在距棒左端R处，当达到静电平衡后，棒上的感应电荷在棒内距右端处产生的场强
8、大小为，方向15（3分）（2014秋嘉峪关校级期中）如图所示，质量为m、电荷量为+q的带电小球拴在一不可伸长的绝缘轻细绳一端，绳的另一端固定于O点，绳长为l现加一个水平向右的匀强电场，小球静止于与竖直方向成=30角的A点已知重力加速度为g则所加电场的场强E的大小为16（6分）（2014秋嘉峪关校级期中）某同学通过实验测定一个阻值约为5的电阻Rx的阻值（1）现有电源（4V，内阻可不计），滑动变阻器（050，额定电流2A），开关和导线若干，电流表（00.6A，内阻约0.125），电压表（03V，内阻约3k）为减小测量误差，在实验中，实验电路应采用图1中的（选填“甲”或“乙”）（2）图2是测最Rx的
9、实验器材实物图，图中已连接了部分导线请请根据在（1）问中所选的电路图，补充完成图2中实物间的连线（3）接通开关，改变滑动变阻器画片P的位置，并记录对应的电流表示数I、电压表示数U某次电表示数如图3所示，可得该电阻的测量值Rx=（保留两位有效数字）三、本题包括3小题，共32分解答应写出必要的文字说明，方程式和重要的演算步骤只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位17（9分）（2013秋文登市期末）如图所示，两个平行金属板AB中间为一匀强电场，AB相距10cm，CD为电场中的两点，CD=8cm，CD连线和电场方向成60角，C点到A板的距离为2cm已知质子从C点移到D点
10、，电场力作功为3.21017J（质子带电量为1.61019C）求：（1）匀强电场的电场强度；（2）AB两板之间的电势差；（3）若将A板接地，则C、D两点的电势各为多大？18（10分）（2014秋嘉峪关校级期中）如图所示，充电后的平行板电容器水平放置，电容为C，极板间距离为d，上极板正中有一小孔质量为m，电荷量为+q的小球从小孔正上方高h处由静止开始下落，穿过小孔到达下极板处速度恰为零（空气阻力忽略不计，极板间电场可视为匀强电场，重力加速度为g）求：（1）小球到达小孔处的速度；（2）极板间电场强度大小和电容器所带电荷量19（13分）（2014秋嘉峪关校级期中）如图所示为一真空示波器，电子从灯丝K
11、发出（初速度不计），经灯丝与A板间的加速电压U1加速，从A板中心孔沿中心线KO射出，然后进入两块平行金属板M、N形成的偏转电场中（偏转电场可视为匀强电场），电子进入M、N间电场时的速度与电场方向垂直，电子经过偏转电场后打在荧光屏上的P点已知加速电压为U1，M、N两板间的电压为U2，两板间的距离为d，板长为L1，板右端到荧光屏的距离为L2，电子质量为m，电荷量为e不计重力，求：（1）电子穿过A板时的速度大小；（2）P点到O点的距离（3）电子打在荧光屏上的动能大小2014-2015学年甘肃省嘉峪关一中高二（上）期中物理试卷（理科）参考答案与试题解析一选择题（本大题共12小题；每小题4分，共48分在
12、每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分）1（4分）（2014秋嘉峪关校级期中）根据电场强度的定义式E=可知，在电场中的同一点（）A电荷q受到的电场力F跟电场强度E成正比B无论检验电荷所带的电量如何变化，始终不变C同一电荷在电场中某点所受的电场力越大，该点的电场强度越强D一个不带电的小球在P点受到的电场力为零，则P点的场强一定为零考点：电场强度版权所有专题：电场力与电势的性质专题分析：电场强度是描述电场强弱的物理量，是试探电荷所受的电场力F与试探电荷所带的电荷量q的比值，是由电场本身决定，与试探电荷无关解答：
13、解：A、由E=得：F=qE，在电场中同一点，E一定，则知电场力F跟电场强度E成正比，故A正确B、电场强度是描述电场强弱和方向的物理量，由电场本身决定，与试探电荷无关，无论检验电荷所带的电量如何变化，始终不变，故B正确C、根据电场强度的定义式E=知，q一定，F越大，则该点的场强E越大，故C正确D、E与试探电荷无关，将一个不带电的小球在P点受到的电场力为零，但P点的场强仍为，故D错误故选：ABC点评：本题可根据比值法定义的共性来理解理解电场强度的物理意义，明确电场强度是由电场本身决定，与试探电荷无关这一特性2（4分）（2013贵州学业考试）在静电场中，关于场强和电势的说法正确的是（）A电势高的地方
14、电场强度不一定大B电场强度大的地方电势一定高C电势为零的地方场强也一定为零D场强为零的地方电势也一定为零考点：电场强度；电势版权所有专题：电场力与电势的性质专题分析：场强与电势没有直接关系场强越大的地方电势不一定越高，场强为零的地方电势不一定为零电势为零是人为选取的解答：解：A、沿着电场线的方向电势逐渐降低，电场线密的地方，电场强度大，电场线疏的地方电场强度小电势高的地方电场强度不一定大，电场强度大的地方，电势不一定高故A正确，B错误 C、电势为零是人为选取的，则电势为零的地方场强可以不为零故C错误 D、场强为零的地方电势不一定为零，电势为零是人为选取的故D错误故选A点评：对于电势与场强的大小
15、关系：两者没有关系，可根据电势高低看电场线的方向，场强大小看电场线疏密来理解3（4分）（2009潮州一模）如图所示，a、b、c为电场中同一条水平方向电场线上的三点，c为ab中点a、b电势分别为a=5V，b=3V，下列叙述正确的是（）A该电场在c点处的电势一定为4VBa点处的场强Ea一定大于b点处的场强EbC一正电荷从c点运动到b点电势能一定减少D一正电荷运动到c点时受到的电场力由c指向a考点：电势能；电势版权所有专题：电场力与电势的性质专题分析：只有当该电场是匀强电场时，在c点处的电势一定为4V根据推论：正电荷在电势高处电势能大，分析正电荷从c点运动到b点电势能如何变化电场线的疏密可以判断场强
16、的大小正电荷受到的电场力方向与场强方向相同解答：解：A、当该电场是匀强电场时，由于沿电场方向相同距离电势差相等，则场在c点处的电势一定为4V当该电场不是匀强电场时，在c点处的电势不一定为4V故A错误B、一条电场线无法比较电场线的疏密，就无法比较场强的大小，则a点处的场强Ea不一定大于b点处的场强Eb故B错误C、由题，a点的电势高于b点的电势，根据正电荷在电势高处电势能大可知，正电荷从c点运动到b点电势能一定减少故C正确D、由题可判断电场线方向从a指向b，正电荷运动到c点时受到的电场力由a指向b故D错误故选C点评：本题要抓住电场线的物理意义：电场线的疏密表示电场的强弱，电场线的方向表示电势的高低
17、4（4分）（2014秋嘉峪关校级期中）A、B两个点电荷在真空中所产生电场的电场线（方向未标出）如图所示图中C点为两点电荷连线的中点，MN为两点电荷连线的中垂线，D为中垂线上的一点，电场线的分布关于MN左右对称则下列说法中正确的是（）A这两点电荷一定是同种电荷B这两点电荷一定是异种电荷CD、C两点的电势一定相等DC点的电场强度比D点的电场强度大考点：电场线版权所有专题：电场力与电势的性质专题分析：电场线是从正电荷或者无穷远出发出，到负电荷或无穷远处为止根据电场线与等势线垂直，判断电势的高低在两等量异号电荷连线的中垂线上，中间点电场强度最大，也可以从电场线的疏密判断场强的大小解答：解：A、根据电场
18、线的特点，从正电荷出发到负电荷终止可以判断，A、B是两个等量异种电荷故A错误，B正确C、根据平行四边形定则，对中垂线上的场强进行合成，知中垂线上每点的电场方向都水平向右，中垂线和电场线垂直，所以中垂线为等势线，所以C点的电势等于D点的电势故C正确，D、在两等量异号电荷连线的中垂线上，中间点电场强度最大，也可以从电场线的疏密判断，所以C点的电场强度比D点的电场强度大，故D正确故选：BCD点评：常见电场的电场线分布及等势面的分布要求我们能熟练掌握，并要注意沿电场线的方向电势是降低的，同时注意等量异号电荷形成电场的对称性加强基础知识的学习，掌握住电场线的特点，即可解决本题5（4分）（2014秋嘉峪关
19、校级期中）（多选）如图所示，实线是一个电场中的电场线，虚线是一个检验电荷在这个电场中的轨迹，若电荷是从a处运动到b处，以下判断正确的是（）A电荷从a到b加速度减小Bb处电势高Cb处电势能大D电荷在b处速度小考点：电势；电场强度版权所有专题：电场力与电势的性质专题分析：沿电场线的方向，电势降低，电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小解答：解：A、电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小，所以粒子在b点的加速度大，所以A错误；B、根据粒子的运动的轨迹可以知道，若检验电荷为负电荷，受到的电场力的方向向下，所以电场线的方向向上，所以a点的电势大于b点的电势，若检验电荷为正
20、电荷，受到的电场力的方向向下，所以电场线的方向向下，所以a点的电势小于b点的电势，因不知道检验电荷电性，所以B错误；C、根据粒子的运动的轨迹可以知道，电荷受到的电场力的方向向下与运动方向相反，电场力做负功，故电势能增大，所以b处电势能大，所以C正确；D、由C的分析可知，电场力做负功，电势能增加，速度减小，所以电荷在b处速度小，所以D正确故选：CD点评：加强基础知识的学习，掌握住电场线的特点，知道沿电场线的方向，电势降低，电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小6（4分）（2012宝鸡二模）如图所示，平行板电容器与一个直流电源E（内阻不计）相连，下极板接地一带电油滴位于电容器中的P
21、点且恰好处于平衡状态现将平行板电容器的上极板竖直向上移动一小段距离，则（）AP点的电势降低B带点油滴的电势能将减少C带点油滴将沿竖直方向向上运动D电容器的电容减小，极板带电量增大考点：电容器的动态分析；电势；电势能版权所有专题：电容器专题分析：将平行板电容器的上极板竖直向上移动一小段距离，根据E=知板间场强的变化，由U=Ed判断P点与下极板间的电势差的变化，确定P点电势的变化由题分析知道油滴带负电，再判断其电势能的变化根据场强的变化，判断油滴向什么方向运动解答：解：A、由题，板间距离增大，电容器的电压不变，根据E=知板间场强减小，由U=Ed得知，P点与下极板间的电势差减小，板间场强方向向下，P
22、点电势比下极板高，则可知，P点的电势降低故A正确B、根据油滴原来静止知道，油滴带负电，P点电势降低，油滴的电势能将增大故B错误C、板间场强减小，油滴所受电场力减小，则油滴将沿竖直方向向下运动故C错误D、板间距离增大，电容减小，而电压不变，则电容器的电量减小故D错误故选A点评：本题是电容器动态分析问题，根据E=、电容的决定式和定义式结合进行分析7（4分）（2014秋嘉峪关校级期中）（多选）如图所示是一个说明示波管工作的原理图，电子经加速电场（加速电压为U1）加速后垂直进入偏转电场，离开偏转电场时的偏转量是h，两平行板间距为d，电压为U2，板长为l，为了增加偏转量h，可采取下列哪种方法（）A增加U
23、2B增加U1C增加dD增加l考点：带电粒子在匀强电场中的运动版权所有专题：电场力与电势的性质专题分析：电子经电场加速后，进入偏转电场，在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做匀加速直线运动，根据牛顿第二定律和运动学公式求出电子的偏转位移，从而判断增加偏转量的方法解答：解：根据动能定理得，eU1=在偏转电场中，运动的时间 t=，则h=，可知为了增加偏转量h，可以增加U2、L，或减小d，或减小U1故A、D正确，B、C错误故选：AD点评：该题本意是考查带电粒子在电场中的偏转，要熟记偏转量的公式以及它的推导的过程属于基本题型8（4分）（2014湖北校级模拟）安培提出了著名的分子电流假说，根据这一假说
24、，电子绕核运动可等效为一环形电流设电量为e的电子以速率v绕原子核沿顺时针方向做半径为r的匀速圆周运动，关于该环形电流的说法，正确的是（）A电流强度为，电流方向为顺时针B电流强度为，电流方向为顺时针C电流强度为，电流方向为逆时针D电流强度为，电流方向为逆时针考点：电流、电压概念版权所有分析：电子绕核运动可等效为一环形电流，电子运动周期T=，根据电流的定义式I=求解电流强度电子带负电，电流方向与电子定向移动的方向相反解答：解：电子绕核运动可等效为一环形电流，电子运动周期为 T=根据电流的定义式得：电流强度为 I=因为电子带负电，所以电流方向与电子定向移动方向相反，即沿逆时针方向，故C正确故选：C点
25、评：本题是利用电流强度的定义式求解电流，这是经常用到的思路要知道电流方向与正电荷定向移动方向相同，而与负电荷定向移动方向相反9（4分）（2014秋嘉峪关校级期中）如图所示的实验装置中，极板A接地，平行板电容器的极板B与一个灵敏的静电计相接将A极板向左移动，增大电容器两极板间的距离时，电容器所带的电量Q、电容C、两极间的电压U，电容器两极板间的场强E的变化情况错误的有（）AQ变小，C变小，U不变BQ变小，C不变，U不变CQ不变，C变小，U变大DQ不变，C变小，U变大考点：电容器的动态分析版权所有专题：电容器专题分析：平行板电容器与静电计相接，电容器的电量不变，改变板间距离，由电容的决定式C=，分
26、析电容的变化，根据电容的定义式U= 分析电压U的变化解答：解：平行板电容器与静电计并联，电容器所带电量不变增大电容器两极板间的距离d时，由电容的决定式C= 知，电容C变小，Q不变，则根据电容的定义式U= 知，电容C变小，Q不变，则U变大，故D正确，ABC错误故选：D点评：对于电容器动态变化分析问题，要抓住不变量当电容器保持与电源相连时，电压不变当电容器充电后，与电源断开后，往往电量不变根据电容的决定式和定义式结合进行分析10（4分）（2014秋嘉峪关校级期中）某同学按如图所示的电路把电路元件连接好后，闭合开关，发现灯泡亮，电铃不响，电流表的指针有明显的偏转，那么故障出现在哪一段，发生该故障的原
27、因是（）Abc段，电铃短路Bab段，电灯断路Ccd段，电流表断路Dae段，开关断路考点：闭合电路的欧姆定律版权所有专题：恒定电流专题分析：先分析电路结构，电路是个简单的串联电路，电流表由明显偏转，则电路接通，再根据灯泡亮和电铃不响判断即可解答：解：闭合开关，发现灯泡亮，电流表的指针有明显的偏转，说明整个电路中有电流通过，是接通的，而电铃不响，说明电铃被短路了，故A正确故选：A点评：本题考查了根据电流表和电压表的示数情况判断串联电路的故障，电流表示数为零说明故障是开路，电压表有示数，说明开路在电压表的两接线柱之间11（4分）（2014秋嘉峪关校级期中）（多选）用伏安法测电阻时（）A采用图中所示测
28、量电路，误差来源于伏特表内阻的分流，使电阻测量值小于真实值B采用图中所示测量电路，误差来源于安培表内阻的分压，使电阻测量值大于真实值C采用图中所示测量电路，误差来源于伏特表内阻的分流，使电阻测量值小于真实值D采用图中所示测量电路，误差来源于安培表内阻的分压，使电阻测量值大于真实值考点：伏安法测电阻版权所有专题：恒定电流专题分析：该题中用伏安法测电阻的两种常用电路分别是电流表内接法和电流表外接法，电流表内接法测得的电阻阻值是电流表内阻与待测电阻的串联值的和，电流表外接法测得的电阻阻值是待测电阻Rx和电压表内阻的并联电阻值；用的电流表内阻越小，电压表内阻越大，测量的误差越小解答：解：A：图电流表外
29、接法，用它测量电阻时，测量值是待测电阻Rx和电压表内阻的并联电阻值，故测得的电阻值偏小，误差来源于伏特表内阻的分流，故A正确；B错误；C、而图2所示电路是电流表内接法，用它测量电阻时，测量值R测=Rx+RARx误差来源于安培表内阻的分压，故D正确；C错误故选：AD点评：该题中用伏安法测电阻的两种常用电路分别是电流表内接法和电流表外接法，电流表内接法测得的电阻值大，电流表外接法测得的电阻值偏小；该知识点既可以说是属于记忆性的知识，也可以记住分析的方法属于中档题12（4分）（2014安徽）一带电粒子在电场中仅受静电力作用，做初速度为零的直线运动，取该直线为x轴，起始点O为坐标原点，其电势能EP与位
30、移x的关系如图所示，下列图象中合理的是（）A电场强度与位移关系B粒子动能与位移关系C粒子速度与位移关系D粒子加速度与位移关系考点：电势能；电场强度版权所有专题：电场力与电势的性质专题分析：粒子仅受电场力作用，做初速度为零的加速直线运动；根据功能关系得到Epx图象的斜率的含义，得出电场力的变化情况；然后结合加速度的含义判断加速度随着位移的变化情况解答：解：粒子仅受电场力作用，做初速度为零的加速直线运动，电场力做功等于电势能的减小量，故：F=|，即Epx图象上某点的切线的斜率表示电场力；A、Epx图象上某点的切线的斜率表示电场力，故电场力逐渐减小，根据E=，故电场强度也逐渐减小；故A错误； B、根
31、据动能定理，有：Fx=Ek，故Ekx图线上某点切线的斜率表示电场力；由于电场力逐渐减小，与B图矛盾，故B错误； C、题图vx图象是直线，相同位移速度增加量相等，又是加速运动，故增加相等的速度需要的时间逐渐减小，故加速度逐渐增加；而电场力减小导致加速度减小；故矛盾，故C错误； D、粒子做加速度减小的加速运动，故D正确；故选：D点评：本题切入点在于根据Epx图象得到电场力的变化规律，突破口在于根据牛顿第二定律得到加速度的变化规律，然后结合动能定理分析；不难二、本题共4小题，共20分选择正确答案或将答案填在题中的横线上13（6分）（2010秋罗湖区校级期末）一量程为100A的电流表，内阻为100欧，
32、现串联一个9900欧的电阻将它改装成电压表该电压表的量程是1伏用它来测量电压，表盘指针位置如图所示该电压的大小是0.80伏考点：把电流表改装成电压表版权所有专题：实验题；恒定电流专题分析：由串联电路特点与欧姆定律可以求出电压表量程；根据电表量程确定其分度值，然后读出其示数解答：解：电压表量程为：U=Ig（Rg+R）=100106（100+9900）=1V，由图所示表盘可知，电压表分度值为0.1V，示数为0.80V；故答案为：1；0.80点评：本题考查了求电压表量程与电压表读数，应用串联电路特点与欧姆定律、掌握电表读数方法即可正确解题14（5分）（2014秋嘉峪关校级期中）如图所示，长为l的导体
33、棒原来不带电，现将一带电量为q的负点电荷放在距棒左端R处，当达到静电平衡后，棒上的感应电荷在棒内距右端处产生的场强大小为，方向水平向右考点：静电场中的导体；电场强度版权所有专题：电场力与电势的性质专题分析：当棒达到静电平衡后，棒内各点的合场强为零，即感应电荷产生的电场强度与q产生的电场强度大小相等、方向相反，根据静电平衡的特点和点电荷场强公式E=k结合求解解答：解：水平导体棒当达到静电平衡后，棒上感应电荷在棒内距右端处产生的场强大小与点电荷q在该处产生的电场强度大小相等，方向相反则棒上感应电荷在棒内距右端点产生的场强大小为：E=，由于该处的合场强为零，所以感应电荷产生的场强方向与点电荷q在该处
34、产生的电场强度的方向相反，即水平向右故答案为： 水平向右点评：感应带电的本质是电荷的转移，当金属导体处于电场时会出现静电平衡现象，关键要理解并掌握静电平衡的特点15（3分）（2014秋嘉峪关校级期中）如图所示，质量为m、电荷量为+q的带电小球拴在一不可伸长的绝缘轻细绳一端，绳的另一端固定于O点，绳长为l现加一个水平向右的匀强电场，小球静止于与竖直方向成=30角的A点已知重力加速度为g则所加电场的场强E的大小为考点：匀强电场中电势差和电场强度的关系版权所有专题：电场力与电势的性质专题分析：根据共点力平衡求出电场力的大小，从而得出电场的场强E的大小解答：解：在A点小球受力平衡，如图所示 根据平衡条
35、件得，Fcos=mg，Fsin=qE 解得E=故答案为：点评：本题考查了共点力平衡问题，画出受力图分析16（6分）（2014秋嘉峪关校级期中）某同学通过实验测定一个阻值约为5的电阻Rx的阻值（1）现有电源（4V，内阻可不计），滑动变阻器（050，额定电流2A），开关和导线若干，电流表（00.6A，内阻约0.125），电压表（03V，内阻约3k）为减小测量误差，在实验中，实验电路应采用图1中的甲（选填“甲”或“乙”）（2）图2是测最Rx的实验器材实物图，图中已连接了部分导线请请根据在（1）问中所选的电路图，补充完成图2中实物间的连线（3）接通开关，改变滑动变阻器画片P的位置，并记录对应的电流表示
36、数I、电压表示数U某次电表示数如图3所示，可得该电阻的测量值Rx=5.2（保留两位有效数字）考点：伏安法测电阻版权所有专题：实验题分析：（1）合理选择实验器材，先选必要器材，再根据要求满足安全性，准确性，方便操作的原则选择待选器材电流表的接法要求大电阻内接法，小电阻外接法滑动变阻器是小电阻控制大电阻，用分压式接法（2）根据电路图来连接实物图，注意电表的正负极，并分几个回路来连接；（3）由电压表与电流表读数，依据R=，即可求解解答：解：（1）因电源的电压为4V，因此电压表选择3V量程；由于阻值约为5的电阻Rx的，根据欧姆定律可知，电流的最大值为0.8A，从精确角来说，所以电流表选择0.6A的量程
37、；根据待测电阻的阻值与电压表及电流表的阻值，可知，待测电阻的阻值偏小，因此选择电流表外接法，故选择甲图（2）根据电路图来连接实物图原则，注意电表的正负极，并分几个回路来连接，如图所示；（3）电压表的读数为U=2.60V；电流表的读数为I=0.50A；电阻阻值：R=5.2；故答案为：（1）甲；（2）实物电路图如图所示；（3）5.2点评：考查如何选择仪器，掌握选择的方法与原则；学会由电路图去连接实物图，注意电表的正负极；对电表读数时要先确定其量程与分度值，然后再读数，读数时视线要与电表刻度线垂直三、本题包括3小题，共32分解答应写出必要的文字说明，方程式和重要的演算步骤只写出最后答案的不能得分，有
38、数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位17（9分）（2013秋文登市期末）如图所示，两个平行金属板AB中间为一匀强电场，AB相距10cm，CD为电场中的两点，CD=8cm，CD连线和电场方向成60角，C点到A板的距离为2cm已知质子从C点移到D点，电场力作功为3.21017J（质子带电量为1.61019C）求：（1）匀强电场的电场强度；（2）AB两板之间的电势差；（3）若将A板接地，则C、D两点的电势各为多大？考点：匀强电场中电势差和电场强度的关系；电势版权所有专题：电场力与电势的性质专题分析：根据电场力做功，运用功的公式求出匀强电场的场强大小，结合两极板的距离求出电势差的大小，根据C、D
39、与A板的电势差求出C、D的电势大小解答：解：（1）从c到d移动正电荷做正功，于是电势A高B低W=Eqscos60则电场强度E=5000V/m（2）AB两板间的电势差U=El=50000.1=500V（3）因为UAC=Ed=50000.02V=100V，因为A=0V，则C=100V因为UCD=Escos60=50000.04V=200V，则D=300V答：（1）匀强电场的电场强度为5000V/m；（2）AB两板之间的电势差为500V；（3）若将A板接地，则C、D两点的电势各为100V，300V点评：解决本题的关键掌握匀强电场的场强公式E=，注意d是沿电场线方向上的距离18（10分）（2014秋嘉
40、峪关校级期中）如图所示，充电后的平行板电容器水平放置，电容为C，极板间距离为d，上极板正中有一小孔质量为m，电荷量为+q的小球从小孔正上方高h处由静止开始下落，穿过小孔到达下极板处速度恰为零（空气阻力忽略不计，极板间电场可视为匀强电场，重力加速度为g）求：（1）小球到达小孔处的速度；（2）极板间电场强度大小和电容器所带电荷量考点：匀强电场中电势差和电场强度的关系版权所有专题：电场力与电势的性质专题分析：（1）小球到达小孔前是自由落体运动，根据速度位移关系公式列式求解即可；（2）对从释放到到达下极板处过程运用动能定理列式求解电场强度，然后根据Q=CU求解电容器的带电量；解答：解：（1）小球到达小
41、孔前是自由落体运动，根据速度位移关系公式，有： v2=2gh解得：（2）对从释放到到达下极板处过程运用动能定理列式，有：mg（h+d）qEd=0解得：电容器两极板间的电压为：U=Ed=电容器的带电量为：Q=CU=答：（1）小球到达小孔处的速度为；（2）极板间电场强度大小为，电容器所带电荷量为点评：本题关键是明确小球的受力情况和运动规律，然后结合动能定理和动量定理列式分析，不难19（13分）（2014秋嘉峪关校级期中）如图所示为一真空示波器，电子从灯丝K发出（初速度不计），经灯丝与A板间的加速电压U1加速，从A板中心孔沿中心线KO射出，然后进入两块平行金属板M、N形成的偏转电场中（偏转电场可视为
42、匀强电场），电子进入M、N间电场时的速度与电场方向垂直，电子经过偏转电场后打在荧光屏上的P点已知加速电压为U1，M、N两板间的电压为U2，两板间的距离为d，板长为L1，板右端到荧光屏的距离为L2，电子质量为m，电荷量为e不计重力，求：（1）电子穿过A板时的速度大小；（2）P点到O点的距离（3）电子打在荧光屏上的动能大小考点：示波管及其使用版权所有分析：（1）电子在加速电场U1中运动时，电场力对电子做正功，根据动能定理求解电子穿过A板时的速度大小（2）电子进入偏转电场后做类平抛运动，垂直于电场方向作匀速直线运动，沿电场方向作初速度为零的匀加速直线运动根据板长和初速度求出时间根据牛顿第二定律求解加
43、速度，由位移公式求解电子从偏转电场射出时的侧移量电子离开偏转电场后沿穿出电场时的速度做匀速直线运动，水平方向：位移为L2，分速度等于v0，求出匀速运动的时间竖直方向：分速度等于vy，由y=vyt求出离开电场后偏转的距离，再加上电场中偏转的距离得解；（3）根据动能定理，即可求解解答：解：（1）设电子经电压U1加速后的速度为V0，由动能定理得：eU1=mv02，解得：v0=；（2）电子以速度0进入偏转电场后，垂直于电场方向做匀速直线运动，沿电场方向做初速度为零的匀加速直线运动，设偏转电场的电场强度为E，电子在偏转电场中运动的时间为t1，电子的加速度为，离开偏转电场时的侧移量为y1，由牛顿第二定律得
44、：F=eE2=e=ma，解得：a=，由运动学公式得：L1=v0t1，y1=at12，解得：y1=；设电子离开偏转电场时沿电场方向的速度为y，由匀变速运动的速度公式可知y=at1；电子离开偏转电场后做匀速直线运动，设电子离开偏转电场后打在荧光屏上所用的时间为t2，电子打到荧光屏上的侧移量为y2，如图所示，水平方向：L2=v0t2，竖直方向：y2=vyt2，解得：y2=；P至O点的距离y=y1+y2=；（3）根据动能定理：电子打在荧光屏上的动能大小：Ek=eU1+eEy2=eU1+答：（1）电子穿过A板时的速度大小为；（2）荧光屏上P点到中心位置O点的距离为；（3）电子打在荧光屏上的动能大小eU1+点评：带电粒子在电场中类平抛运动的研究方法与平抛运动相似，采用运动的合成与分解第（2）问也可以利用三角形相似法求解