1、第三章 物质的量 检测题（一）一、选择题1.将一定量的铁粉加入到一定浓度的稀硝酸中，金属恰好完全溶解，反应后溶液中存在：c(Fe2)c(Fe3)32，则参加反应的Fe和HNO3的物质的量之比为A11 B516 C23 D322.拟晶Al65Cu23Fe12具有合金的某些优良物理性能，将相同质量的此拟晶分别与足量的盐酸、烧碱和稀硝酸反应，产生气体物质的量关系为（ ） An（盐酸）n（稀硝酸）n（烧碱） Bn（烧碱）n（盐酸）n（稀硝酸） Cn（烧碱）n（稀硝酸）n（盐酸） Dn（稀硝酸）n（烧碱）n（盐酸） 3.铁粉和铜粉的均匀混合物，平均分成四等份，分别加入同浓度的稀硝酸，充分反应，在标准状况
2、下生成NO的体积和剩余金属的质量如下表（设硝酸的还原产物只有NO）： 下列计算结果错误的是 （ ） A中溶解了84 g Fe B原混合物总质量为1056 g C硝酸的浓度为4 molL D中V=67204.某同学研究铝及其化合物的性质时设计了如下两个实验方案方案：2.7g Al X溶液Al（OH）3沉淀方案：2.7g AlY溶液Al（OH）3沉淀NaOH溶液和稀盐酸的浓度均是3mol/L，如图是向X溶液和Y溶液中分别加入NaOH溶液和稀盐酸时产生沉淀的物质的量与加入盐酸和氢氧化钠溶液体积之间的关系，下列说法正确的是（）AX溶液溶质为AlCl3，Y溶液溶质为NaAlO2Bb曲线表示的是向X溶液中
3、加入NaOH溶液C在O点时两方案中所得溶液浓度相等Da、b曲线表示的反应都是氧化还原反应5.现有MgO和Fe3O4的混合物7.6g，向其中加入1molL-1的H2SO4溶液100 mL恰好完全反应，若将15.2 g该混合物用足量CO还原，充分反应后剩余固体质量为A13.6g B12g C6g D3.2 g6.有Al2(SO4)3和Na2SO4的混合溶液VL，将它均分成两份。一份滴加氨水，使Al3+离子完全沉淀；另一份滴加BaCl2溶液，使SO42-离子完全沉淀。反应中消耗a mol NH3H2O、b mol BaCl2。据此得知原混合溶液中的c(Na+)（mol/L）为A(4b-2a)/V B
4、(2b-2a)/V C(2b-a)/V D（b-2a）/V7.56g铁粉与一定量的硫磺混合，在空气中加热发生剧烈反应，冷却后用足量的盐酸溶解反应后的残留固体，产生了20L体（标准状况），通过分析小于了应生成的气体量，其最可能原因是（ ）A硫磺量不足 B生成了FeSC生成了Fe2S3 D有部分Fe被空气中的氧气氧化了8.下列关于金属钠的叙述错误的是A金属钠可以保存在煤油中B金属钠着火时，可用泡沫灭火器来灭火C钠与熔融的四氯化钛反应可制取钛D实验时用剩的钠块应该放回原试剂瓶9.下列叙述正确的是（）ALi在氧气中燃烧主要生成Li2O2B将SO2通入BaCl2溶液可生成BaSO3沉淀C将CO2通入次氯
5、酸钙溶液可生成次氯酸D将NH3通入热的CuSO4溶液中能使Cu2+还原成Cu10.把铜粉放入装有浓氨水的试管中，塞紧试管塞，振荡后发现试管塞越来越紧，且溶液逐渐变为浅黄色（近乎无色）溶液，打开试管塞后，溶液迅速变为蓝色溶液则下列说法不正确的是（）A. 试管塞越来越紧，是因为反应消耗了大量O2B. 打开试管塞前Cu元素的化合价为+1价C. 溶液迅速变为蓝色溶液，是因为反应生成了Cu（H2O）42+D. 上述反应原理可用于测定O2的含量11.稀土是工业味精，邓小平说过“中东有石油，我们有稀土”稀土元素铈（Ce）主要存在于独居石中，金属铈在空气中易氧化变暗，受热时燃烧，遇水很快反应已知：铈常见的化合
6、价为+3和+4，氧化性：Ce4+Fe3+下列说法正确的是（）A. 电解熔融CeO2制Ce，铈在阳极获得B. 铈有四种稳定的核素Ce、8Ce、Ce、Ce，它们互为同位素C. 用Ce（SO4）2溶液滴定硫酸亚铁溶液，其离子方程式为：Ce4+2Fe2+=Ce3+2Fe3+D. 铈溶于氢碘酸的化学方程式可表示为：Ce+4HI=CeI4+2H212.在使溶液中的AlO2完全转化成Al（OH）3，应选择的最好试剂是（）AH2SO4BHClCCO2DNH3H2O13.化学在生产和日常生活中有着重要的应用下列说法不正确的是（）A明矾水解形成的Al（OH）3胶体能吸附水中悬浮物，可用于水的杀菌净化B在海轮外壳上
7、镶入锌块，可减缓船体的腐蚀速率CMgO的熔点很高，可用于制作耐高温材料D电解MgCl2饱和溶液，可制得金属镁14.相同质量的下列物质分别与等浓度的NaOH溶液反应，至体系中均无固体物质，消耗碱量最少的是（）AAlBAl（OH）3CAlCl3DAl2O315.把2.1g的CO与H2组成的混合气体与足量的O2充分燃烧后，立即通入足量的Na2O2固体中，固体的质量增加（）A7.2gB3.6gC2.1gD无法确定16.碳酸铜和碱式碳酸铜均可溶于盐酸，转化为氯化铜在高温下这两种化合物均能分解成氧化铜溶解28.4g上述混合物，消耗1mol/L盐酸500mL灼烧等质量的上述混合物，得到氧化铜的质量是（）A3
8、5gB30 gC20 gD15 g二、非选择题17.某研究性学习小组在网上收集到如下信息：钾、钙、钠、镁等活泼金属都能在CO2气体中燃烧。他们对钠在CO2气体中燃烧后的产物中的白色物质进行了如下探究：实验将燃烧的钠迅速伸入装满CO2的集气瓶中，钠在其中继续燃烧，反应后冷却，瓶底附着黑色颗粒，瓶壁上粘附着白色物质。提出假设假设1：白色物质是Na2O。假设2：白色物质是Na2CO3。假设3：白色物质是Na2O和Na2CO3的混合物。设计实验方案验证假设该小组对燃烧后的白色产物进行如下探究：实验方案实验操作实验现象结论方案1取少量白色物质于试管中，加入适量水，振荡，样品全部溶于水，向其中加入无色酚酞
9、试液溶液变成红色白色物质为Na2O方案2取少量白色物质于试管中，加入适量水，振荡，样品全部溶于水，向其中加入过量的CaCl2溶液出现白色沉淀静置片刻，取上层清液于试管中，滴加无色酚酞试液无明显现象(1)甲同学认为方案1得到的结论不正确，其理由是_。(2)乙同学认为方案2得到的结论正确，白色物质为_。(3)通过方案1和方案2的实验，你认为上述三个假设中，_成立。(4)钠在二氧化碳中燃烧的化学方程式为_(5)丙同学认为白色物质有可能是氢氧化钠。你是否同意丙同学的观点，并简述理由：_、_18.过渡金属的离子具有很多不同的化合价，并且不同价态会有不同的颜色。钒离子的颜色尤其多。用锌瓶盛装含钒的溶液经常
10、被用于化学演示，因为这溶液的颜色会随着钒元素的化合价态改变而改变，分别变成黄色、蓝色、绿色、淡紫色等。+2价钒离子（V2+）经常被用于氧化还原滴定含Fe3+的未知浓度溶液，使在酸性环境中的Fe3+转变成Fe2+。（1）请写出该反应的离子方程式 。 Fiona，一个年轻的分析化学家，决定配制0500mol/L的+2价钒离子的硫酸盐溶液（VS O4），她用一瓶含结晶水的硫酸氧钒溶液（ VOSO42H2 0），但这溶液中溶解了夹杂少量水银催化剂的过量锌粒。由于天色将晚，Fiona决定先把溶液过滤并放置，以便第二天可以完成滴定。可是，事与愿违，Fiona发现她精心准备的淡紫色溶液，居然部分转变成了浅绿
11、色。（2）写出在空气中V 2+发生的可能反应_ Fiona粗略地了解了一些原理后，决定用上图装置进行滴定。这个装置便于制取和存储v2+，并且充满H2以隔绝空气。 Fiona懂得很少量的溶解氧也能影响滴定效果。为了求得Fe3+溶液浓度，她往Fe3+溶液中滴加饱和Na2CO3溶液，生成红褐色沉淀；接着又滴加稀盐酸，产生了气泡。这些气泡用以赶跑溶液中很少量的溶解氧。（3）写出生成红褐色沉淀可能的离子方程式 。取2500 rnL Fe2+。溶液用V 2+标准溶液滴定。滴定过程中的指示剂为KSCN。所需标准液的体积平均为2214 moL。（4）Fe2+溶液的浓度为 mol/L。（计算结果保留3位有效数字
12、）。为了改进滴定的精确度，V 2+溶液用标准KMnO4溶液滴定。已知反应中V 2+转变为VO3-，MnO4-转变为Mn2+（5）写出V 2+和MnO4-反应的离子方程式 。19.工业上利用废铁屑(含少量氧化铝、氧化铁等)生产碱式硫酸铁Fe(OH)SO4的工艺流程如下：已知：部分阳离子以氢氧化物形式沉淀时溶液的pH如下表：沉淀物Fe(OH)3Fe(OH)2Al(OH)3开始沉淀2.37.53.4完全沉淀3.29.74.4回答下列问题：（1）反应中发生的氧化还原反应的化学方程式为 。（2）加入少量NaHCO3的目的是调节pH，使溶液中的_(填“Fe3”、“Fe2”或“Al3”)沉淀。该工艺流程中“
13、搅拌”的作用是_。（3）反应的离子方程式为 _。在实际生产中，反应常同时通入O2以减少NaNO2的用量，O2与NaNO2在反应中均作 。若参与反应的O2有11.2 L(标准状况)，则相当于节约NaNO2的物质的量为_。（4）碱式硫酸铁溶于水后产生的Fe(OH)2离子，可部分水解生成Fe2(OH)聚合离子。该水解反应的离子方程式为_。（5）在医药上常用硫酸亚铁与硫酸、硝酸的混合液反应制备碱式硫酸铁。根据我国质量标准，产品中不得含有Fe2及NO3。为检验所得产品中是否含有Fe2，应使用的试剂为_(填字母)。A.氯水B.KSCN溶液C.NaOH溶液D.酸性KMnO4溶液20.铁是应用最广泛的金属，铁
14、和铁的化合物在生产和生活中有广泛的应用。(1)已知铁元素可以形成氧化亚铁、氧化铁和四氧化三铁3种氧化物，其中四氧化三铁是一种复杂的化合物，请写出四氧化三铁与足量稀硝酸反应的化学方程式： 。(2)取铁钉6.0g放入15.0 mL浓硫酸中，加热，充分反应后得到溶液X并收集到气体Y。甲同学认为X中除Fe3+外还可能含有Fe2+。写出生成Fe2+所有可能的离子方程式： ，若要确认溶液X中既有Fe2+，又有Fe3+，应选用 （选填序号）。aKSCN溶液和氯水 b铁粉和KSCN溶液 c浓氨水 d酸性KMnO4溶液和KSCN溶液乙同学取336 mL（标准状况）气体Y通入足量溴水中，发生反应的化学方程式为：
15、。然后加入足量BaCl2溶液，经适当操作后得干燥固体2.33g。由此推知气体Y中SO2的体积分数为 。(3)已知常温下KspFe(OH)3 =1.2510-36，则Fe(NO3)3溶液中加入KOH溶液到pH= 时 Fe3+才能完全沉淀 (当溶液中某种离子浓度小于10-5molL-1时可看作完全沉淀，lg2 =0.3，lg5 =0.7)，参考答案1.B2.D解析：将Al65Cu23Fe12看做65摩尔铝、23摩尔铜、12摩尔铁组成的混合物，只有铝与烧碱反应放出氢气，氢气的物质的量是653/2=97.5(mol)；与盐酸反应时，铝和铁都反应，放出氢气的物质的量是653/2+12=109.5（mol
16、）；与稀硝酸反应时三种金属都溶解放出NO气体，放出NO的物质的量是65+232/3+12=92.3(mol)；所以产生气体物质的量关系为n（稀硝酸）n（烧碱）n（盐酸）3.D解析：实验都有金属剩余，则溶液中金属离子为+2价，再加入100mL硝酸，参加反应的金属的质量为18g-9.6g8.4g，生成NO的体积为4480mL-2240mL2240mL，NO物质的量为0.1mol，根据电子转移守恒可知，参加反应金属的物质的量为0.1mol320.15mol，参加反应金属的平均摩尔质量为8.4g0.15mol56g/mol，故该过程只有Fe参加反应，即实验只有Fe参与反应。A正确；接着加入100mL硝
17、酸，参加反应的金属的质量为9.6g，生成NO的体积为6720mL-4480mL2240mL，NO物质的量为0.1mol，若该过程只有Cu参加反应，根据电子转移守恒，则Cu的质量0.1mol3264g/mol9.6g，等于参加反应金属的质量，故该过程只有Cu反应，且Cu恰好完全反应，故加入200mL硝酸时，Fe的存在形式是硝酸亚铁。在实验的基础上再加入100mL硝酸，硝酸与溶液中亚铁离子反应生成NO。B、原混合物总质量为（16.8-9.6）2+9.6 4=105.6g，正确；C、实验发生反应3Fe+8HNO33Fe(NO3)2+2NO+4H2O，生成NO的物质的量为0.1mol，根据方程式可知，
18、参加反应的硝酸的物质的量为0.1mol40.4mol，故硝酸的物质的量浓度0.4mol0.1L4mol/L，正确；再加入100mL硝酸，硝酸与溶液中亚铁离子反应生成NO。故V6720。4.C 解析：n（HCl）=3mol/L0.1L=0.3mol，n（NaOH）=3mol/L0.1L=0.3mol，n（Al）=0.1mol，2Al+6H+=2Al3+3H2、2Al+2OH+2H2O=2AlO2+3H2，根据方程式知，Al和HCl完全反应需要n（HCl）=3n（Al）=0.3mol，所以Al和HCl恰好完全反应生成氯化铝；根据方程式知，Al和NaOH完全反应需要n（NaOH）=n（Al）=0.1
19、mol0.3mol，所以NaOH有剩余，A根据以上分析知，X溶液中溶质是AlCl3，Y溶液溶质为NaAlO2、NaOH，故A错误；B加入溶液后先没有生成沉淀，则溶液中还发生其它反应，则该溶液应该是Y溶液，先发生酸碱中和反应，所以b曲线表示的是向Y溶液中加入HCl溶液，故B错误；C在O点时沉淀的物质的量相等，溶液中的溶质都是NaCl，根据最初的钠原子和Cl原子守恒知，两方案中所得溶液浓度相等，故C正确；Da、b曲线中没有电子转移，不属于氧化还原反应，故D错误。5.B解析：根据MgO和Fe3O4的化学式知混合物与硫酸反应生成的盐的化学式为MgSO4和Fe3(SO4)4,即n（O）=n（SO4）=0
20、.1mol，则7.6g混合物含O：0.1mol，为1.6g，金属元素质量为6g，因此15.2 g该混合物用足量CO还原，充分反应后剩余固体质量为26g=12g，选B。6.A解析：根据题意Al3+的物质的量为a/3 mol，SO42-的物质的量为bmol，因Na2SO4和Al2（SO4）3的混合溶液不显电性，设每份混合溶液中Na+的物质的量为x，则根据电荷守恒可知，a/33+x1=b2，x=2b-amol，原混合溶液中的c(Na+)=(4b-2a)/V。7.D解析：当此混合物反应完了加入足量的盐酸时，如果铁过量，1mol铁对应1mol氢气，如果硫过量，硫化亚铁与盐酸反应，1mol硫化亚铁对应1m
21、ol硫化氢气体，5.6g铁反应生成的气体为2.24L，但是实际产生的气体体积小，故Fe可能被空气中的氧气氧化了。8.B解析：A、金属钠容易被空气中氧气氧化；也容易与水反应。而水、氧气都不溶于，所以选择存放在煤油中。钠不与煤油反应且密度比煤油大。故A正确；B、不可以，钠在燃烧时与氧气反应生成过氧化钠，会和泡沫灭火剂中的CO2反应生成氧气助燃， 2 Na2O2 + 2 CO2 = 2 Na2CO3 + O2 此反应放出氧气，促进金属纳的反应，使火焰更加剧烈 可以用沙子扑灭。故B错误；C、钠是强还原剂，故C正确；D、金属钠比较活泼，实验时用剩的钠块应该放回原试剂瓶，故D正确。9.C解析：A、金属锂的
22、活泼性不如金属钠，金属锂在氧气中燃烧主要生成Li2O，故A错误；B、二氧化硫和氯化钡溶液之间不会发生反应，不会出现沉淀；故B错误；C、CO2通入次氯酸钙溶液反应可以生成碳酸钙和次氯酸，故C正确；D、氨气极易溶于水生成一水合氨，一水合氨可以和硫酸铜反应生成氢氧化铜，但是氨气和硫酸铜溶液之间不发生氧化还原反应，不能生成铜，故D错误。10.C解析：振荡后试管越来越紧，属于减压状态，说明试管中的O2参与了反应化学反应为：4Cu+8NH3+O2+2H2O4Cu（NH3）2OH；打开试管塞后，溶液迅速变为蓝色溶液说明+1价的铜被氧化成+2价，Cu（NH3）2OHCu（NH3）4（OH）2A、振荡后试管越来
23、越紧，属于减压状态，说明试管中的O2参与了反应，故A正确；B、振荡后试管越来越紧，属于减压状态，说明试管中的O2参与了反应化学反应为：4Cu+8NH3+O2+2H2O4Cu（NH3）2OH，故B正确；C、打开试管塞后，溶液迅速变为蓝色溶液说明+1价的铜被氧化成+2价，Cu（NH3）2OHCu（NH3）4（OH）2，故C错误；D、根据铜粉质量可以测定试管中氧气的含量，故D正确。11.B解析：A、电解熔融CeO2制Ce，发生了还原反应，铈应该在阴极获得，故A错误；B、四种稳定的核素Ce、8Ce、Ce、Ce中，具有相同质子数，不同中子数，故它们互为同位素，故B正确；C、离子方程式中，Ce4+2Fe2
24、+=Ce3+2Fe3+，左边总电荷为+8，右边总电荷为9，电荷不守恒，正确应为2Ce4+2Fe2+=2Ce3+2Fe3+，故C错误；D、由于氧化性Ce4+Fe3+I，铈溶于氢碘酸，产物不会生成CeI4，应该是CeI3，故D错误。12.C解析：由于硫酸溶液和盐酸都是强酸溶液，沉淀AlO2时生成的氢氧化铝，氢氧化铝能溶解在过量的强酸溶液中，故AlO2难以完全反应生成氢氧化铝，故A、B不是最好的试剂； C二氧化碳溶于水生成碳酸，可以与AlO2反应制备氢氧化铝，故C正确； D氨水是弱碱溶液，不与AlO2反应，故D错误本题考查了铝盐、氢氧化铝的性质应用，重点考查氢氧化铝的制备，难度不大13.AD解析：A
25、、明矾中含有铝元素，铝能水解生成氢氧化铝胶体，胶体具有吸附性而吸附水中的悬浮物所以能净水，但氢氧化铝胶体没有强氧化性，所以不能杀菌，故A错误 B、锌、铁和海水构成原电池，锌作负极，铁作正极，负极锌失电子被腐蚀，从而保护了铁被腐蚀，故B正确 C、氧化镁的熔点较高，所以能制作耐高温材料，故C正确 D、镁是活泼金属，电解其水溶液时，阴极上氢离子得电子而不是镁离子得电子，所以得不到金属镁，应采用电解其熔融盐的方法冶炼，故D错误本题考查了化学知识在日常生活中的应用，难度不大，易错选项是A，注意氢氧化铝胶体具有吸附性但没有强氧化性14.B解析：A铝与氢氧化钠反应为2Al+2NaOH+2H2O=2NaAlO
26、2+3H2，1gAl消耗NaOH质量=1.48g； B氢氧化铝与氢氧化钠反应为Al（OH）3+NaOH=NaAlO2+2H2O，1g氢氧化铝消耗氢氧化钠质量=0.51g；CAlCl3与氢氧化钠反应为AlCl3+4NaOH=NaAlO2+3NaCl+2H2O，1g氯化铝消耗氢氧化钠质量=1.12g；DAl2O3与氢氧化钠反应为Al2O3+2NaOH=2NaAlO2+H2O，1g氧化铝消耗氢氧化钠的质量=0.78g，相同质量的Al、Al（OH）3、Al2O3、AlCl3，Al（OH）3消耗NaOH最少。15.C解析：CO在氧气中完全燃烧生成CO2，CO2和再与Na2O2反应，方程式为2CO+O22
27、CO2、2CO2+2Na2O2=2Na2CO3+O2，总方程式为：CO+Na2O2=Na2CO3，可知过氧化钠增重为CO的质量，H2在氧气中完全燃烧，生成H2O，H2O再与Na2O2反应，方程式为2H2+O22H2O、2H2O+2Na2O2=4NaOH+O2，总反应方程式为：H2+Na2O2=2NaOH，可知反应后固体质量增加为氢气质量，故由2.1gCO和H2组成的混合物在足量的O2中充分燃烧，立即通入足量的Na2O2固体，固体质量增加应为CO和H2的质量，即为2.1g，16.C 解析：根据氯元素守恒2n（CuCl2）=n（HCl）=0.5L1mol/L=0.5mol，故n（CuCl2）=0.
28、25mol，根据Cu元素守恒n（CuO）=n（CuCl2）=0.25mol，则m（CuO）=0.25mol80g/mol=20g。17.(1)Na2CO3溶液显碱性，也会使酚酞变红，且也有可能是Na2O和Na2CO3的混合物(2)Na2CO3(3)假设2方案2中出现的白色沉淀是CaCO3或Ca(OH)2；方案2中滴加无色酚酞试液无明显现象，说明燃烧后的白色产物中没有Na2O存在，所以燃烧后的白色产物中仅有Na2CO3，白色沉淀为CaCO3(4)4Na3CO2=2Na2CO3C(5)不同意，因为反应物中无氢元素(或违背质量守恒定律)(其他合理解释也对)18. 解析：(1)根据题意钒离子（V2+）
29、经常被用于氧化还原滴定含Fe3+的未知浓度溶液，使在酸性环境中的Fe3+转变成Fe2+。本身氧化成V3+，即V2+Fe3+=V3+Fe2+(2)根据溶液变成了浅绿色，说明在空气中V 2+被氧化生成V3+，所以可能的反应是：4V2+O2+4H+=4V3+2H2O(3)根据提示，往Fe3+溶液中滴加饱和Na2CO3溶液，生成红褐色沉淀Fe(OH)3；接着又滴加稀盐酸，产生了气泡，反应为：2Fe2+3CO32-+3H2O=2Fe(OH)3+3CO2(4)滴定过程中由于发生V2+Fe3+=V3+Fe2+，n(Fe3+)=n(V2+)=cV=0.02214L0.5mol/L=0.01107mol,所以c
30、(Fe3+)=n/V=0.01107mol/0.025L=0.443mol/L。(5) 根据氧化还原反应规律得：5V2+3MnO4-+3H2O=5VO3-+3Mn2+6H+答案：(1)V2+Fe3+=V3+Fe2+(2)4V2+O2+4H+=4V3+2H2O(3)2Fe2+3CO32-+3H2O=2Fe(OH)3+3CO2(4)0.443mol/L（0.440-0.444给分）(5) 5V2+3MnO4-+3H2O=5VO3-+3Mn2+6H+ 19.解析：（1）稀硫酸与铁:Fe+ H2SO4= FeSO4 +H2，过量的铁与硫酸铁反应：Fe+ Fe2(SO4)3 = 3FeSO4，（2）由于
31、溶液中只有Fe2、Al3两种金属阳离子，而氢氧化铝开始沉淀时的pH值大于氢氧化亚铁开始沉淀时的pH值，所以加入NaHCO3的目的是调节pH，使溶液中的Al3沉淀；由于搅拌时可以增大反应物的接触面积，从而加快反应速率。（3）反应II中有NO生成，这说明反应中亚硝酸是氧化剂，将亚铁离子氧化生成了铁离子，反应的离子方程式为Fe2+NO2-+2H+=Fe3+NO+H2O；由于要将亚铁离子氧化为铁离子，所以O2和NaNO2在反应中均作为氧化剂；标准状况下11.2L氧气的物质的量是11.2L22.4L/mol0.5mol，0.5mol氧气可以得到电子：0.5mol4=2mol。亚硝酸钠中氮元素的化合价是3
32、价，其还原产物中氮元素的化合价是2价，根据电子守恒可知，相当于节省了2mol亚硝酸钠。（4）Fe(OH)2离子可部分水解生成Fe2(OH)42聚合离子，根据电荷守恒可知一定还有氢离子生成即：2Fe(OH)22H2OFe2(OH)42+2H检验亚铁离子时可以利用其还原性，选 D。答案：(1) Fe+H2SO4=FeSO4+H2 Fe+Fe2(SO4)3=3FeSO4（2）Al3 加快反应速率(或使反应物充分接触)(3) Fe2+NO2-+2H+=Fe3+NO+ H2O 氧化剂； 2 mol(4) 2Fe(OH)22H2OFe2(OH)42+2H） D20.(1) 3Fe3O4+28HNO3（稀）9Fe(NO3)3+14H2O+NO（2） Fe+2H+Fe2+H2 Fe+ 2Fe3+3Fe2+ d SO2+Br2+2H2O 2HBr+H2SO4 66.7% （3）pH=3.7