1、四川省资阳市乐至中学2014-2015学年高二下学期期中生物试卷一、选择题（1-30每题1分，31-40每题2分，共50分）1以下关于种群、群落和生态系统的叙述，正确的是( )A种群中的个体是生物进化的基本单位B亚热带生长的常绿阔叶林组成一个种群C马尾松林地中所有树木构成了生物群落D生态系统的营养结构是食物链和食物网考点：生态系统的结构；现代生物进化理论的主要内容；群落的结构特征 分析：本题是对种群、群落、和生态系统结构的考查在一定区域内，同种生物的所有个体构成一个种群，种群是生物进化的单位，也是繁殖的单位，判断种群的要点是同地、同种、所有个体；生物群落是同一时间内聚集在一定区域中各种生物种群
2、的集合，判断生物群落的要点是同地、同时、所有生物；生态系统的结构包括生态系统的成分和生态系统的营养结构，生态系统的营养结构是食物链和食物网解答：解：A、种群是生物进化的基本单位，A错误；B、亚热带生长的常绿阔叶林，不属于同一个物种，因此不能说亚热带生长的常绿阔叶林组成一个种群，B错误；C、生物群落，马尾松林地中所有树木不能构成生物群落，马尾松林地中所有生物才能构成生物群落，C错误；D、生态系统的营养结构是食物链和食物网，D正确故选：D点评：本题是知识点是种群、群落的判断和生态系统的营养结构，现代生物进化理论的主要内容，对种群、群落、和生态系统结构的理解与记忆是解题的关键2下列针对不同类型生态系
3、统的表述中不正确的是( )A森林生态系统的主要特点是动植物种类繁多，种群密度最大B草原生态系统在不同的季节和年份的种群密度和群落结构常发生剧烈变化C湿地生态系统有十分丰富的动植物资源，具有强大的生态净化作用D农田生态系统结构和功能的稳定需要人工的不断维持和干预考点：生态系统的概念 分析：森林生态系统结构复杂，群落结构能够长期处于较稳定状态，但种群密度不一定保持最大；湿地生态系统中有着十分丰富的动植物资源；城市生态系统包括城市里的所有生物及其周围的环境农田生态系统中人起了决定性的作用，需要人工的不断维持和干预草原生态系统受水分的影响，在不同的季节和年份的种群密度和群落结构变化较大解答：解：A、森
4、林生态系统的主要特点是动植物种类繁多，生态系统的抵抗力稳定性高，而不同生物的种群密度不一定最大，A错误；B、草原生态系统受水分的影响，在不同的季节和年份的种群密度和群落结构常发生剧烈变化，B正确；C、湿地生态系统中有着十分丰富的动植物资源，具有强大的生态净化作用，C正确；D、农田生态系统中人起了决定性的作用，故结构和功能的稳定需要人工的不断维持和干预，D正确故选：A点评：本题考查了生态系统的类型和特点，意在考查学生的识记和理解能力，解答本题的关键是掌握不同生态系统类型的结构特点3如图是某草原生态系统中部分食物网简图，据图判断下列说法不正确的是( )A青蛙和蜘蛛之间既有竞争关系，也有捕食关系B图
5、中的所有生物构成此生态系统中的生物群落C图中所示的食物网中共有4条食物链D蛇在此食物网中处于两个不同营养级考点：生态系统的结构；种间关系 分析：根据食物网简图，可得出该食物网共有4条食物链，即大麦蝗虫青蛙蛇，大麦蝗虫蜘蛛青蛙蛇，狗尾草蝗虫青蛙蛇；狗尾草蝗虫蜘蛛青蛙蛇群落是生活在一定的自然区域内，相互之间具有直接或间接的各种生物种群的总和据此解答解答：解：A、青蛙和蜘蛛都以蝗虫为食物，所以两者之间有竞争关系，同时青蛙也以蜘蛛为食，所以两者之间又有捕食关系，A正确；B、群落是生活在一定的自然区域内，相互之间具有直接或间接的各种生物种群的总和，该生物群落在图示食物网的基础上，还应该包括这个环境中的所
6、有其他生物B错误；C、根据食物网简图，可得出该食物网共有4条食物链，即大麦蝗虫青蛙蛇，大麦蝗虫蜘蛛青蛙蛇，狗尾草蝗虫青蛙蛇；狗尾草蝗虫蜘蛛青蛙蛇，C正确；D、蛇在不同的食物链中所处的营养级不同，处于第四和五营养级，D正确故选：B点评：本题以食物网为载体，涉及了种间关系，群落的概念，生态系统的结构等相关知识，意在考查考生的识记能力和理解能力4生态系统的能量流动是指( )能量输入能量传递能量储存能量转化 能量散失ABCD考点：物质循环和能量流动的基本规律及其应用 分析：在生态系统中食物链是指生产者与消费者之间吃与被吃的关系，多条食物链相互交错构成了食物网；随着吃与被吃物质和能量随之一起流动生态系统
7、中能量的流动是沿食物链逐级递减的，单向的，不循环解答：解：生态系统的基本功能有物质循环、能量流动和信息传递，其中生态系统的能量流动是指生态系统中能量的输入、传递、转化和散失过程，即正确故选：C点评：本题主要考查能量流动的概念，意在加强学生的识记能力，是一道基础题5从生态学角度分析，生态系统中流动的能量最初来源于( )A光合作用B高能化学键C绿色植物D太阳光能考点：生态系统的功能 分析：此题考查的是生态系统的能量最终来源于光能，可以从绿色植物通过光合作用固定太阳能方面来分析解答解答：解：在生态系统中能量开始于太阳辐射能的固定，结束于生物体的完全分解，能量流动的过程称为能流，在生态系统中绿色植物、
8、藻类和一些光能自养微生物，利用太阳能，在光合作用中吸收二氧化碳，释放出氧气，把由环境中摄取的简单的无机物转化为复杂的有机物，把光能转化为化学能储存与有机物中，称为生产者因此，生态系统的能量最终来源于太阳光能故选：D点评：本题考查生态系统的能量流动的知识，解此题的关键是理解生态系统中的能量最终来源于太阳光能审题时要注意有无“最初”二字6如图表示在某生态系统中，能量流经第二营养级的示意图对该图分析不合理的是( )A能量流动是伴随着物质利用而进行的B图中甲为初级消费者同化的能量，即第二营养级所含有的能量C该图不够完善，缺少甲中因呼吸以热能形式散失的能量D乙比甲的能量少的原因是甲的遗体、残骸中能量被分
9、解者利用而未传递下去考点：物质循环和能量流动的基本规律及其应用 分析：分析题图可知，图中甲为初级消费者同化的能量，即第二营养级含有的能量；乙为初级消费者用于生长、发育和繁殖的能量，即第二营养级所含能量减去因呼吸以热能散失之后而剩余的能量，该部分的能量最终将有两个去向，一是遗体、残骸中的能量被分解者利用，二是被次级消费者摄入而流向第三营养级解答：解：A、在生态系统的能量流动过程中，物质是能量流动的载体，能量是物质循环的动力，能量流动是伴随着物质利用而进行的，A正确；B、由于该图表示的是能量流经第二营养级的示意图，所以甲为初级消费者同化的能量，即第二营养级含有的能量，B正确；C、该图不够完善，没有
10、标出甲中因呼吸以热能形式散失的能量，C正确；D、乙比甲的能量少的原因是呼吸作用消耗了很多能量，D错误故选：D点评：本题主要考查生态系统中能量在营养级间的流动过程，意在强化学生对能量流动过程的理解和运用7在生态系统的碳循环中，既能使CO2进入生物群落，又能使CO2释放到大气中的生物是( )A绿色植物B植食动物C肉食动物D营腐生生活的真菌考点：物质循环和能量流动的基本规律及其应用 分析：大气中的二氧化碳通过绿色植物的光合作用和某些微生物的化能合成作用进入生物群落，生物群落的碳元素通过动植物的呼吸作用和分解者的分解作用返回大气，据此答题解答：解：A、绿色植物通过光合作用使CO2进入生物群落，通过呼吸
11、作用使CO2释放到大气中去，A正确；B、植食动物只能通过呼吸作用使CO2释放到大气中去，B错误；C、肉食动物只能通过呼吸作用使CO2释放到大气中去，C错误；D、营腐生生活的真菌是分解者，只能通过分解作用使CO2释放到大气中去，D错误故选：A点评：本题考查物质循环和能量流动的基本规律及其应用的相关知识点，要求考生识记生态系统的成分，掌握各组成成分之间的关系，各种成分可以进行的代谢活动等8在生态系统中，对碳循环起决定作用的关键环节是( )A微生物的分解作用B绿色植物的光合作用和微生物的分解作用C动物的呼吸作用D煤和石油的燃烧考点：生态系统的功能；生态系统的结构 分析：生态系统的碳循环指的是碳元素在
12、生物群落与无机环境往返的过程，生态系统中的碳在生物群落与无机环境之间是以CO2的形式循环的，而碳在生物群落间的传递形式是有机物解答：解：绿色植物的光合作用可以将无机环境中的二氧化碳固定合成有机物进入到生物群落；微生物的分解作用可以将生物群落里的动植物的遗体、遗迹的有机物分解成二氧化碳释放到无机环境中所以绿色植物的光合作用和微生物的分解作用在生态系统中，对碳循环起到关键作用故选：B点评：题考查生态系统功能的相关知识点，意在考查学生对所学知识的理解与掌握程度，培养了学生分析题意、获取信息、解决问题的能力9下列有关环境污染和破坏的叙述，正确的是( )造成温室效应的主要原因是煤、石油、天然气的大量燃烧
13、；造成臭氧层空洞的主要原因是人们大量使用了氟利昂等制冷剂；酸雨形成的主要原因是森林被大量破坏；造成水体富营养化、藻类大量繁殖，主要是由于有毒物质在生物体内的积累和浓缩ABCD考点：全球性生态环境问题；生物多样性保护的意义和措施 分析：生态破坏是指人类不合理地开发、利用造成森林、草原等自然生态环境遭到破坏，从而使人类、动物、植物的生存条件发生恶化的现象如：水土流失、土地荒漠化、土壤盐碱化、生物多样性减少等等解答：解：温室效应是由于大气中二氧化碳能够升高引起的气温升高，主要原因是煤、石油、天然气的大量燃烧，正确；臭氧层空洞是由于大量使用和释放氟利昂等气体组成的，正确；酸雨形成的主要原因是二氧化硫等
14、气体的大量排放，错误；水体富营养化、藻类大量繁殖主要是由于N、P等元素的大量排放，错误所以正确故选：C点评：本题主要考查生态环境污染与破坏等知识，意在强化学生对相关知识的识记与理解10仿生学是目前飞速发展的一门科学，如全球卫星地面定位系统扫描等就借鉴了某些生物的回声定位系统的特点，这是利用了生物的( )A直接价值B间接价值C潜在价值D生态功能考点：生物多样性保护的意义和措施 分析：生物多样性的价值包括：直接价值：食用价值、药用价值、工业原料、科研价值、美学价值等间接价值：生物多样性具有重大的生态功能潜在价值：我们对大量野生生物的使用价值还未发现、未研究、未开发利用的部分解答：解：仿生学是目前飞
15、速发展的一门科学，如全球卫星地面定位系统扫描等就借鉴了某些生物的回声定位系统的特点，这是利用了生物的直接价值故选：A点评：本题以“仿生学”为素材，考查生物多样性的价值，要求考生识记生物多样性的价值，能结合题中信息对各选项作出正确的判断11对提取出的胡萝卜素进行纸层析鉴定，正确的是( )A每次点样后，可用注射器直接点样B点样过程中，应快速细致，形成直径大小相同的圆点C层析液所用的试剂为石油醚和丙酮的混合液D在纸层析过程中，滤纸可放在普通烧杯中考点：从生物材料中提取某些特定成分 分析：层析法鉴定胡萝卜素的原理是胡萝卜素等不同的色素可以溶解于层析液，并随层析液在滤纸上扩散，由于各种色素在层析液中的溶
16、解度不同，所以在滤纸上扩散位置也不同，色素得以分离解答：解：A、用注射器针头分别吸取标准样品和提取样品，在A、D和B、C点上点样，A错误；B、点样过程中，应快速细致，形成直径大小相同的圆点，B正确；C、丙酮属于水溶性溶剂，不能作为层析液，C错误；D、在纸层析过程中，滤纸放在装有层析液的密封的玻璃瓶中，D错误故选：B点评：本题主要考查胡萝卜素的纸层析法的鉴定，意在强化学生对相关知识的识记与理解难度适中12为了增加胡萝卜素的萃取量，应该( )A尽量使用含水量多的胡萝卜B尽量使用粉碎的胡萝卜颗粒C尽量使用水溶性强的有机溶剂D尽量在常温条件下萃取考点：从生物材料中提取某些特定成分 分析：用萃取法提取胡
17、萝卜素的主要步骤是：粉碎、干燥、萃取、过滤、浓缩萃取的效率主要取决于萃取剂的性质和用量，同时还受原料颗粒的大小、含水量等条件的影响；在对新鲜胡萝卜进行干燥时，要注意控制温度和时间，否则会引起胡萝卜素的分解；提取的胡萝卜素粗品可通过纸层析法进行鉴定解答：解：A、为了增加胡萝卜素的萃取量，应该尽量使用含少量多的胡萝卜，A错误；B、尽量使用粉碎的胡萝卜颗粒，B正确；C、胡萝卜素不溶于水，尽量使用水不溶性强的有机溶剂萃取胡萝卜素，C错误；D、一般来说，温度越高，时间越长，需要提取的物质就能充分溶解，萃取效果越好，D错误故选：B点评：本题考查了胡萝卜素的提取与鉴定，意在强化学生对胡萝卜素的提取过程的识记
18、、理解与运用难度适中13下列有关胡萝卜素的纸层析操作的叙述，错误的是( )A选择干燥的滤纸B点样圆点应细小C每次点样后，都必须干燥D滤纸筒的两竖直边必须接触考点：从生物材料中提取某些特定成分 分析：对提取的胡萝卜素粗品鉴定采用的是纸层析法，其原理是色素在滤纸上扩散速度不同，从而使各成分分开因层析液易挥发，故应在上方用玻璃盖盖严，以防止层析液挥发在进行点样时，应注意点样应该快速细致并保持滤纸干燥层析液不能没及滤液基线，否则点样处的有机成分会溶解在层析液中解答：解：A、胡萝卜素的纸层析，选择干燥的滤纸，A正确；B、点样圆点应细小，保证各种色素，同一起点、同一时间向上扩散，B正确；C、在进行点样时，
19、应注意点样应该快速细致并保持滤纸干燥，C正确；D、滤纸两边不能接触，否则会由于毛细现象而使溶剂前沿不齐D错误故选：D点评：本题主要考查胡萝卜素的提取与鉴定，意在强化学生对胡萝卜素的提取过程的识记、理解与运用14使用SDS聚丙烯酰胺凝胶电泳过程中，不同蛋白质的电泳迁移率完全取决于( )A电荷的多少B分子的大小C肽链的多少D分子形状的差异考点：蛋白质的提取和分离 分析：凝胶电泳法：（1）原理：不同蛋白质的带电性质、电量、形状和大小不同，在电场中受到的作用力大小、方向、阻力不同，导致不同蛋白质在电场中的运动方向和运动速度不同（2）分离方法：琼脂糖凝胶电泳、聚丙烯酰胺凝胶电泳等（3）分离过程：在一定p
20、H下，使蛋白质基团带上正电或负电；加入带负电荷多的SDS，形成“蛋白质SDS复合物”，使蛋白质迁移速率仅取决于分子大小解答：解：蛋白质在聚丙烯酰胺凝胶中电泳时，它的迁移率取决于它所带净电荷以及分子的大小和形状等因素如果加入一种试剂使电荷因素消除，那电泳迁移率就取决于分子的大小，就可以用电泳技术测定蛋白质的分子量1967年，Shapiro等发现阴离子去污剂十二烷基硫酸钠（SDS）具有这种作用当向蛋白质溶液中加入足够量SDS和巯基乙醇，可使蛋白质分子中的二硫键还原由于十二烷基硫酸根带负电，使各种蛋白质SDS复合物都带上相同密度的负电荷，它的量大大超过了蛋白质分子原的电荷量，因而掩盖了不同种蛋白质间
21、原有的电荷差别，SDS与蛋白质结合后，还可引起构象改变，蛋白质SDS复合物形成近似“雪茄烟”形的长椭圆棒，不同蛋白质的SDS复合物的短轴长度都一样，这样的蛋白质SDS复合物，在凝胶中的迁移率，不再受蛋白质原的电荷和形状的影响，而取决于分子量的大小，这样蛋白质在电泳过程中就会根据其各自分子量的大小而被分离故选：B点评：本题考查了SDS聚丙烯酰胺凝胶电泳的原理，意在考查学生的理解和应用能力，试题难度一般15在血红蛋白的整个提取过程中，不断用磷酸缓冲液处理的目的是( )A防止血红蛋白被氧气氧化B血红蛋白是一种碱性物质，需要酸中和C磷酸缓冲液会加速血红蛋白的提取过程D让血红蛋白处在稳定的pH范围内，维
22、持其结构和功能考点：蛋白质的提取和分离 分析：1、血红蛋白的提取与分离的实验步骤主要有：（1）样品处理：红细胞的洗涤，血红蛋白的释放，分离血红蛋白（2）粗分离：分离血红蛋白溶液，透析（3）纯化：调节缓冲液面加入蛋白质样品调节缓冲液面洗脱收集分装蛋白质（4）纯度鉴定SDS聚丙烯酰胺凝胶电泳2、磷酸缓冲液（pH为7.0）能够准确模拟生物体内的生理环境，保持体外的pH和体内的一致解答：解：在血红蛋白的整个提取过程中，不断用磷酸缓冲液处理，是为了维持PH相对稳定，防止血红蛋白的结构发生改变故选：D点评：本题主要考查血红蛋白的提取和分离过程，意在强化学生对相关实验操作流程的识记、理解与运用，试题难度一般
23、16蛋白质的提取和分离分为哪几步？( )A样品处理、凝胶色谱操作、SDS聚丙烯酰胺凝胶电泳B样品处理、凝胶色谱操作、纯化C样品处理、粗分离、纯化、纯度鉴定D样品处理、纯化、粗分离、纯度鉴定考点：蛋白质的提取和分离 分析：血红蛋白的提取与分离的实验步骤主要有：（1）样品处理：红细胞的洗涤，血红蛋白的释放，分离血红蛋白溶液（2）粗分离：分离血红蛋白溶液，透析（3）纯化：调节缓冲液面加入蛋白质样品调节缓冲液面洗脱收集分装蛋白质；（4）纯度鉴定SDS聚丙烯酰胺凝胶电泳解答：解：蛋白质提取和分离的实验步骤一般包括样品处理、粗分离、纯化、纯度鉴定等4步故选：C点评：本题考查蛋白质的提取和分离，对于此类试题
24、，需要考生注意的细节较多，如实验的原理、实验采的方法、实验步骤及各步骤中的注意事项等，需要考生在平时的学习过程中注意积累17下列关于DNA的粗提取实验和血红蛋白的提取实验，叙述正确的是( )A前者选择鸡血细胞作为实验材料较好，后者选择哺乳动物成熟的红细胞作实验材料较好B样品预处理时，前者静置1天处理除去上清液；后者需要加入清水，反复低速短时间离心洗涤，至上清液无黄色C在DNA粗提取实验中，往2mol/L氯化钠溶液中加入蒸馏水析出DNA时，应该缓慢加入，直到出现黏稠物即止D洗涤红细胞的目的是去除血浆中的葡萄糖、无机盐等考点：DNA的粗提取和鉴定 分析：1、DNA粗提取和鉴定的过程：（1）实验材料
25、的选取：凡是含有DNA的生物材料都可以考虑，但是使用DNA含量相对较高的生物组织，成功的可能性更大（2）破碎细胞，获取含DNA的滤液：动物细胞的破碎比较容易，以鸡血细胞为例，在鸡血细胞液中加入一定量的蒸馏水，同时用玻璃棒搅拌，过滤后收集滤液即可如果实验材料是植物细胞，需要先用洗涤剂溶解细胞膜例如，提取洋葱的DNA时，在切碎的洋葱中加入一定的洗涤剂和食盐，进行充分的搅拌和研磨，过滤后收集研磨液（3）去除滤液中的杂质：方案一的原理是DNA在不同浓度NaCl溶液中溶解度不同；方案二的原理是蛋白酶分解蛋白质，不分解DNA；方案三的原理是蛋白质和DNA的变性温度不同（4）DNA的析出与鉴定将处理后的溶液
26、过滤，加入与滤液体积相等、冷却的酒精溶液，静置23min，溶液中会出现白色丝状物，这就是粗提取的DNA用玻璃棒沿一个方向搅拌，卷起丝状物，并用滤纸吸取上面的水分取两支20ml的试管，各加入物质的量浓度为2mol/L的NaCl溶液5ml，将丝状物放入其中一支试管中，用玻璃棒搅拌，使丝状物溶解然后，向两支试管中各加入4ml的二苯胺试剂混合均匀后，将试管置于沸水中加热5min，待试管冷却后，比较两支试管溶液颜色的变化，看看溶解有DNA的溶液是否变蓝2、血红蛋白提取和分离实验，适宜选用哺乳动物成熟的红细胞作为实验材料，其步骤：样品处理（红细胞的洗涤、血红蛋白的释放、分离血红蛋白溶液、透析）、凝胶色谱操
27、作、SDS聚丙烯酰胺凝胶电泳解答：解：A、DNA的粗提取实验中选择鸡血细胞作为实验材料较好，血红蛋白的提取实验中选择哺乳动物成熟的红细胞（没有细胞核和细胞器）作实验材料较好，A正确；B、样品预处理时，前者静置1天处理除去上清液；后者需要加入生理盐水，反复低速短时间离心洗涤，至上清液无黄色，B错误；C、在DNA粗提取实验中，往2mol/L氯化钠溶液中加入蒸馏水析出DNA时，应该缓慢加入，直到黏稠物不再增加即止，C错误；D、洗涤红细胞的目的是去除血浆中的杂蛋白，利用后续步骤的分离纯化，D错误故选：A点评：本题考查DNA的粗提取和鉴定、血红蛋白的提取和分离，对于此类试题，需要考生注意的细节较多，如实
28、验的原理、实验采用的试剂及试剂的作用、实验现象等，需要考生在平时的学习过程中注意积累18关于凝胶色谱柱的装填，除哪项外均为正确解释？( )A交联葡聚糖凝胶（Sephadex G75）“G”表示凝胶的交联程度、膨胀程度及分离范围，75表示凝胶得水值B色谱柱内不能有气泡存在，一旦发现有气泡，必须重装C用300mL物质的量浓度为20mmol/L的磷酸缓冲液充分洗涤平衡凝胶12hD凝胶用自来水充分溶胀后，配成凝胶悬浮液考点：蛋白质的提取和分离 分析：凝胶色谱法是根据相对分子质量的大小来分离蛋白质的有效方法，相对分子质量小的蛋白质容易进入凝胶内部的通道，路程长，移动的速度慢，相对分子质量大的蛋白质不容易
29、进入凝胶内部的通道，路程短，移动的速度快，因此相对分子质量不同的蛋白质得以分离装填凝胶色谱柱时，色谱柱内不能有气泡存在，因为气泡会扰乱洗脱液中蛋白质的洗脱次序，降低分离效果解答：解：A、交联葡聚糖凝胶（Sephadex G75）G表示凝胶的交联程度，膨胀程度及分离范围，75表示凝胶得水值，即每克凝胶膨胀时吸水7.5克，A正确；B、色谱柱内不能有气泡，一旦发现气泡，必须重装，B正确；C、装填完后，需用300 mL的物质的量浓度为20mmol/L的磷酸缓冲液（pH=7.0）充分洗涤平衡凝胶12小时，使凝胶装填紧密，C正确；D、在配制凝胶悬浮液时，凝胶应用蒸馏水充分溶胀，D错误故选：D点评：本题考查
30、了生物技术与实践的相关实验，意在考查学生是理解和应用能力，对色谱柱装填的方法及蛋白质分离方法的记忆和综合应用是本题考查的重点19下列各项中，一般不影响在凝胶色谱法分离蛋白质中的分离度的是( )A层析柱的柱高B层析柱的直径C缓冲溶液D样品的分布考点：蛋白质的提取和分离 分析：凝胶色谱法分离蛋白质的原理：凝胶色谱法是根据相对分子质量的大小来分离蛋白质的有效方法，相对分子质量小的蛋白质容易进入凝胶内部的通道，路程长，移动的速度慢，相对分子质量大的蛋白质不容易进入凝胶内部的通道，路程短，移动的速度快，因此相对分子质量不同的蛋白质得以分离解答：解：A、层析柱的柱高影响蛋白质分子移动的路径而影响蛋白质中的
31、分离度，A错误；B、层析柱的直径不影响蛋白质中的分离度，B正确；C、缓冲溶液可维持蛋白质分子的活性，影响蛋白质分子的分离度，C错误；D、样品的分布是否均匀、整齐也影响了蛋白质分子的分离度，D错误故选：B点评：本题考查蛋白质的提取和分离，对于此类试题，需要考生注意的细节较多，如实验的原理、实验采用的试剂及试剂作用、实验方法等，需要考生在平时的学习过程中注意积累20在装填色谱柱时，不得有气泡存在的原因是( )A气泡会搅乱洗脱液中蛋白质的洗脱次序，降低分离效果B气泡阻碍蛋白质的运动C气泡能与蛋白质发生化学反应D气泡会在装填凝胶的时候使凝胶不紧密考点：蛋白质的提取和分离 分析：凝胶色谱法是根据相对分子
32、质量的大小来分离蛋白质的有效方法，相对分子质量小的蛋白质容易进入凝胶内部的通道，路程长，移动的速度慢，相对分子质量大的蛋白质不容易进入凝胶内部的通道，路程短，移动的速度快，因此相对分子质量不同的蛋白质得以分离据此答题解答：解：装填凝胶色谱柱时，色谱柱内不能有气泡存在，因为气泡会扰乱洗脱液中蛋白质的洗脱次序，使得到的红色带区歪曲、散乱，降低分离效果故选：A点评：本题考查了血红蛋白的提取和分离实验意在考查考生能理解所学知识的要点，把握知识间的内在联系的能力；21以下关于果胶酶的叙述正确的是( )A果胶酶包括多聚半乳糖醛酸酶、果胶分解酶、果胶酯酶等B果胶酶的化学成分为固醇C果胶酶的催化作用不受温度影
33、响D果胶酶可以催化多种物质的分解考点：果胶酶的活性测定 分析：果胶酶：（1）作用：能够分解果胶，瓦解植物的细胞壁及胞间层，使榨取果汁变得容易，也是果汁变得澄清（2）组成：果胶酶是能够分解果胶的一类酶的总称，包括多聚半乳糖醛酸酶、果胶分解酶和果胶酯酶等解答：解：A、果胶酶是分解果胶的一类酶总称，包括多聚半乳糖醛酸酶、果胶分解酶和果胶酯酶等，A正确；B、果胶酶的化学成分为蛋白质，B错误；C、果胶酶的催化作用受温度影响，C错误；D、果胶酶是能够分解果胶的一类酶的总称，果胶酶只能催化果胶的分解，D错误故选：A点评：本题主要考查果胶酶的相关知识，意在考查考生的识记能力和理解所学知识要点，把握知识间内在联
34、系，形成知识网络结构的能力；能运用所学知识，准确判断问题的能力22下列说法不正确的是( )A在探究果胶酶用量实验中，虽然实验的变量与探究温度和pH对酶活性的影响实验相比发生了变化，但通过设置梯度来确定最适值的思想方法是不变的B植物、霉菌、酵母菌和细菌均能产生果胶酶C通过测定滤出的苹果汁的体积大小无法来判断果胶酶活性的高低D人们使用果胶酶、纤维素酶等来解决制作果汁面临的问题考点：果胶酶的活性测定 分析：在探究果胶酶的用量的实验中，参照研究温度和PH对酶活性的影响实验，采用梯度测定法，只是将原实验中的PH梯度和温度梯度改成酶的用量梯度而已，基本的实验思路不变；植物、霉菌、酵母菌和细菌在生活过程中，
35、都会发生分解果胶的过程，均能产生果胶酶；在使用梯度测定酶的用量及活性时，可以通过榨出的果汁的体积大小来判断解答：解：A、在探究果胶酶的用量的实验中，参照研究温度和PH对酶活性的影响实验，采用梯度测定法，只是将原实验中的PH梯度和温度梯度改成酶的用量梯度而已，基本的实验思路不变，A正确；B、植物、霉菌、酵母菌和细菌在生活过程中，都会发生分解果胶的过程，因此它们均能产生果胶酶，B正确；C、在使用梯度测定酶的用量及活性时，可以通过榨出的果汁的体积大小来判断，C错误；D、在制作果汁的过程中，由于果胶、纤维素的存在，影响榨出的果汁的量及果汁透明度，加入两种酶后，果汁的榨出量及透明度均有提高，D正确；故选
36、：C点评：本题考查了果胶酶活性测定的相关知识，意在考查考生的识记能力和理解所学知识要点，把握知识间内在联系，形成知识网络结构的能力；能运用所学知识，准确判断问题的能力23在用果胶酶处理苹果泥时，为了使果胶酶能够充分地催化反应，应采取的措施是( )A加大苹果泥用量B加大果胶酶用量C进一步提高温度D用玻璃棒不时地搅拌反应混合物考点：果胶酶的活性测定 分析：在果胶酶处理果泥时，为了使果胶酶能够充分的催化反应，应使酶与其充分混合均匀，来提高酶与反应物的接触面积解答：解：A、增加底物浓度不一定能提高反应速率，它会受到酶数量的限制，A错误；B、加大果胶酶用量不是使果胶酶充分催化反应所采取的措施，B错误；C
37、、温度过高时，可能会使酶的活性下降甚至丧失，C错误；D、在果胶酶处理果泥时，为了使果胶酶能够充分的催化反应，应使酶与其充分混合，可用玻璃棒搅拌，提高酶与底物的接触面积，D正确故选：D点评：本题考查了果胶酶活性测定的相关知识，意在考查考生的识记能力和理解所学知识要点，把握知识间内在联系，形成知识网络结构的能力；能运用所学知识，准确判断问题的能力24在“探究pH对酶活性的影响”的实验中，不正确的是( )A自变量是pHB控制不变的量有温度、底物浓度、酶浓度、反应时间等C可以通过测定滤出的果汁的体积来判断果胶酶的最适pHDpH过低时，果胶酶活性变小，但是不会失活考点：探究影响酶活性的因素 分析：1、自
38、变量是指在一组变量中，能够影响其他变量发生变化，而又不受其他变量影响的变量自变量一般是对所研究现象的一种解释 2、因变量是指依赖于其他变量，而又不能影响其他变量的变量因变量一般是我们所希望解释的现象 3、无关变量（也称控制变量）是指与自变量同时影响因变量的变化，但与研究目的无关的变量解答：解：A、在“探究pH对酶活性的影响”的实验中，自变量是pH，A正确；B、控制不变的量为无关变量，有温度、底物浓度、酶浓度、反应时间等，B正确；C、可以通过测定滤出的果汁的体积来判断果胶酶的最适pH，C正确；D、pH过低时，果胶酶空间结构被破坏，丧失活性，D错误故选：D点评：本题考查探究影响酶活性的因素，要求考
39、生掌握探究实验的变量，能根据实验的目的“探究pH对酶活性影响”准确判断该实验的自变量、因变量和无关变量，属于考纲识记和理解层次的考查25某株名贵花卉用种子繁殖会发生性状分离为了防止性状分离并快速繁殖，可以利用该植株的一部分器官或组织进行离体培养，发育出完整的植株进行离体培养时不应采用该株的( )A茎尖B子房壁C叶片D花粉粒考点：植物培养的条件及过程 分析：无性生殖能保持亲本优良性状，植物组织培养就是无性生殖中的一种植物的芽、茎尖或根尖的组织细胞一般没有病毒积累，具有较强的分裂能力，全能性程度高，分化程度相对较低，容易脱分化，因此可作为植物组织培养的材料解答：解：A、茎尖一般没有病毒积累，分裂能
40、力强，可作为植物组织培养的材料，A正确；B、子房壁细胞属于体细胞，可作为植物组织培养的材料，B正确；C、叶片细胞属于体细胞，可作为植物组织培养的材料，C正确；D、花粉粒是经减数分裂形成的，在此过程中发生了基因重组，因而不一定能保持亲本的优良性状，D错误故选：D点评：本题主要考查学生对植物组织培养相关知识的理解和分析能力无性生殖指的是不经过两性生殖细胞结合，由母体直接产生新个体的生殖方式，分为分裂生殖（细菌及原生生物）、出芽生殖（酵母菌、水螅等）、孢子生殖（蕨类等）、营养生殖（草莓匍匐茎等），具有缩短植物生长周期，保留母本优良性状的作用26要将胡萝卜韧皮部细胞培养成完整植株，不需要( )A具有完
41、整细胞核的细胞B离体细胞C导入外源基因D一定的营养物质和激素考点：植物细胞的全能性及应用 分析：关于细胞的“全能性”，可以从以下几方面把握：（1）概念：细胞的全能性是指已经分化的细胞仍然具有发育成完整个体的潜能（2）细胞具有全能性的原因是：细胞含有该生物全部的遗传物质（3）细胞全能性大小：受精卵干细胞生殖细胞体细胞（4）细胞表现出全能性的条件：离体、适宜的营养条件、适宜的环境条件解答：解：A、遗传物质主要分布在细胞核中，因此具有完整细胞核的细胞才有可能发育成为完整的植株，A正确；B、植物细胞在离体的条件下才能表现出全能性，B正确；C、要将胡萝卜韧皮部细胞培养成完整植株，不需要导入外源基因，C错
42、误；D、要将胡萝卜韧皮部细胞培养成完整植株，需要一定的营养物质和激素，D正确故选：C点评：本题考查植物细胞的全能性及应用，要求考生识记细胞全能性的概念，掌握细胞具有全能性的原因及全能性表达需要的条件，能根据题干要求作出准确的判断27用菊花的茎尖进行植物组织培养可培育出试管苗下面关于这一过程的说法正确的是( )A进行培养时，一次性加足营养物质以防止污染B整个培养过程应在光下进行，有利于长叶C要根据培养过程的实际情况，更换培养基D整个培养过程都应在密闭条件下进行，以免杂菌的污染考点：植物的组织培养 分析：用菊花的茎尖进行植物组织培养培育试管苗需脱分化和再分化，其中脱分化过程需要避光，能形成愈伤组织
43、，其分化程度低，全能性高；再分化过程需要在光照条件，能形成胚状体，胚状体进一步发育形成试管苗解答：解：A、进行植物组织培养时，一般要定期消毒，在不同的发育阶段，所需营养物质的比例也不同，故营养物质也需要调整，并不是一次性加入的，A错误；B、外植体脱分化形成愈伤组织需要避光，再分化过程需要在光照条件，B错误；C、在培养过程中，要根据培养过程的实际情况，更换培养基，如愈伤组织长成后，需要移到分化培养基上，进行再分化形成试管苗，C正确；D、在植物组织培养长出根芽等器官后，植物可以进行光合作用，自己制造有机物，此后的阶段不需要严格的密闭条件，D错误故选：C点评：本题主要考查植物组织培养的相关知识，意在
44、考查考生对所学知识的理解，把握知识间内在连系的能力28下列可以作为自养微生物氮源的是( )AN2、尿素B牛肉膏、蛋白胨C尿素、酵母粉D铵盐、硝酸盐考点：微生物的分离和培养 分析：培养基的成分包括水、无机盐、碳源和氮源，根据同化作用类型，将生物分为了自养型和异养型，自养微生物利用的是无机氮源解答：解：自养微生物利用的是无机氮源，ABC选项中都有有机氮源，故D正确故选：D点评：依托微生物自身的特点来考查培养基的成分，考生需注意区分微生物的代谢类型，就能正确答题29下列有关培养基的叙述正确的是( )A培养基是为微生物的生长繁殖提供营养的基质B培养基只有两类：液体培养基和固体培养基C固体培养基中加入少
45、量水即可制成液体培养基D微生物在固体培养基上生长时，可以形成肉眼可见的单个细菌考点：微生物的分离和培养 分析：培养基按其所含成分，可分为合成培养基、天然培养基和半合成培养基三类培养基按其物理状态可分为固体培养基、液体培养基和半固体培养基三类固体培养基中去除琼脂即可制成液体培养基，微生物在固体培养基上生长时，可以形成肉眼可见菌落解答：解：A、培养基是为微生物的生长繁殖提供碳源、氮源、水和无机盐等营养的基质，A正确；B、培养基按其所含成分，可分为合成培养基、天然培养基和半合成培养基三类，B错误；C、固体培养基中去除琼脂即可制成液体培养基，C 错误；D、微生物在固体培养基上生长时，可以形成肉眼可见的
46、菌落，但不一定是单个菌落，D错误故选：A点评：本题主要考查培养基的类型及区别，意在强化相关知识点的识记与理解30下列有关细菌培养的叙述，正确的是( )A在琼脂固体培养基上长出的单个菌落含有多种细菌B在培养基中加入青霉素可抑制真菌而促进细菌生长C向液体培养基中通人氧气能促进破伤风杆菌的生长D在半固体培养基中接种细菌培养后可以观察其运动考点：微生物的分离和培养 分析：（1）选择培养基：培养基中加入某种化学物质，以抑制不需要的微生物的生长，促进所需要的微生物的生长，培养、分离出特定微生物（如培养酵母菌和霉菌，可在培养基中加入青霉素；培养金黄色葡萄球菌，可在培养基中加入高浓度食盐）（2）培养基的用途：
47、固体培养基：观察菌落和分离提纯微生物；液体：工业大规模培养（微生物工程）；半固体：观察微生物的运动解答：解：A、菌落是指单个或少数细菌在固体培养基上大量繁殖时，形成的一个肉眼可见的、具有一定形态结构的子细胞群体，所以单个菌落中通常只有一种细菌，A错误；B、青霉素能够干扰细菌细胞壁的合成，所以青霉素培养基抑制细菌生长而促进真菌生长，B错误；C、破伤风杆菌的代谢类型属于异养厌氧型，向其培养基中通入氧气会抑制其生长，C错误；D、在半固体培养基中接种细菌培养后可以观察其运动，D正确故选：D点评：本题的知识点是培养基的种类和用途，主要考查学生对基础知识的记忆、解所学知识的要点和解决问题的能力，要求学生把
48、握知识间的内在联系31如图表示生物圈中碳元素的循环过程，其中A、B、C表示生态系统的不同成分，下列有关叙述正确的是( )A过程代表绿色植物的光合作用BA、B分别代表消费者和生产者C是温室效应的主要原因D疏松土壤可能加快过程考点：生态系统的功能 分析：据表可知A是分解者，B是生产者，C是消费者解答：解：A、过程代表生产者的呼吸作用，A错误；B、A是分解者，B是生产者，B错误；C、温室效应形成的主要原因是化石燃料的燃烧，C错误；D、疏松土壤可增加土壤中O2，促进微生物的呼吸作用，D正确故选：D点评：本题考查碳循环的知识，难度中等，属于考纲理解层次，解答本题的关键是理解碳循环的过程32如图表示某水生
49、生态系统的能量金字塔，下列叙述中正确的是( )A此水生生态系统的能量传递效率不足10%B该生态系统的全部食肉动物构成一个种群C该生态系统的浮游生物、食草动物、食肉动物构成群落D该生态系统能量流动和物质循环彼此独立考点：生态系统的功能 分析：能量流动的特点是单向流动逐级递减；种群为一定自然区域内同种生物的所有个体；群落为一定自然区域内所有生物的总和，包括动物、植物和微生物解答：解：A、图中第一、第二、第三营养级的能量分别是36629千焦/米2/年、2491千焦/米2/年、200千焦/米2/年，所以第一营养级到第二营养级的能量传递效率为249136629=6.8%，第二营养级到第三营养级的能量传递
50、效率为2002491=8%，A正确；B、此水生生态系统中全部的食肉动物包括多个物种，形成多个种群，而不是一个种群，B错误；C、群落为一定自然区域内所有生物的总和，包括动物、植物和微生物该生态系统除了浮游生物、食草动物、食肉动物外还有微生物等，C错误；D、生态系统的物质是能量的载体，而能量则是物质循环的动力，二者同时进行，不可分割，D错误故选：A点评：本题考查物生态系统的功能的相关知识点，意在考查学生对所学知识的理解与掌握程度，培养了学生分析图形、获取信息、解决问题的能力，能力要较高33如图为a、b、c、d四个不同种食叶昆虫的数量随山体海拔高度变化的示意图据圈分析，下列叙述正确的是( )A海拔2
51、000米处的物种均匀度高于海拔3000米处Bb数量随海拔高度的变化不能体现该物种的遗传多样性C海拔3000米处，b、c数量差异是生物与生境相互作用的结果D海拔4000米处，a、b、c、d的数量差异体班遗传多样性考点：群落的结构特征；生物的多样性 分析：本题是对生物多样性和生物群落的特征的考查，生物多样性包括遗传多样性、物种多样性与生态系统的多样性生物群落的重要特征是群落物种组成分析题图曲线可知a、b、c、d四个物种个体数量随海拔高度的增加而变化，每个物种的变化曲线说明该物种的遗传多样性，a、b、c、d在同一高度上的数量变化可以代表，该高度上物种的分布均匀度解答：解：A、海拔2000米处不同物种
52、的个体数比较接近，故比海拔3000米处物种均匀度高，A正确；B、图中在一定海拔范围内，随海拔高度的不同b物种个体数也不同，说明b物种中有不同类型的个体，适应于不同的海拔高度，即b物种具有遗传多样性；B错误；C、图中b、c数量的差异应是环境对不同生物选择的结果，不是生物与生境相互作用的结果，C错误；D、在海拔4 000米处，a、b、c、d物种的数量比较接近，且都比较少，故不能明显体现遗传的多样性，D错误故选：A点评：本题的知识点是生物多样性，准确解读曲线获取有效信息是解题的关键，本题的四个选项都比较难分析，解题时要对应基本概念仔细领悟，结合曲线进行比较分析综合判断C选项往往因对曲线走势的成因理解
53、不透而错选34一只羊在一年内吃了100kg的草，排出20kg的粪，长了10kg的肉（不考虑其他散失），下列有关说法不正确的是( )A该羊一年的同化量是80kgB第一营养级到第二营养级的能量传递效率为10%C20kg的粪属于羊未同化的能量D该羊一年的呼吸量是70kg考点：生态系统的功能 分析：生态系统中的能量流动从生产者固定太阳能开始能量流动特点是单向的，逐级递减的生态系统中，能量流动只能从第一营养级流向第二营养级，再依次流向后面的各个营养级，因此是单向不可逆转的摄入的能量=粪便量+同化量，同化量=呼吸消耗量+用于自身生长发育、繁殖的量解答：解：A、动物同化的能量=摄入量粪便中有机物的能量=一年
54、内吃的草的量（1OOkg）排出的粪的量=80kg，A正确；B、第一到第二营养级能量传递效率应该用第二营养级的同化量除以第一营养级的生物总量，而题意中未说明草等生产者中生物总量，B错误；C、20kg的粪属于羊的摄入量，但是未消化吸收，即未同化，C正确；D、动物同化的能量=呼吸消耗+生长、发育和繁殖，根据题意中羊长了1Okg的肉，则呼吸量为70kg，D正确故选：B点评：本题考查了能量流动的过程和特点，意在考查考生的分析能力和理解能力，难度适中解答本题的关键是考生能够识记摄入能量的去向，即摄入的能量=粪便量+同化量，同化量=呼吸消耗量+用于自身生长发育、繁殖的量，并且能够计算能量传递效率35关于提取
55、胡萝卜素的实验流程，叙述不正确的是( )A萃取胡萝卜素的有机溶剂应该具有较高的沸点，能够充分溶解胡萝卜素，并且不与水混溶B为了提高萃取的效率，可以适当提高温度，可采用酒精灯直接加热的方法C萃取过程中在瓶口安装冷凝回流装置，是为了防止加热时有机溶剂的挥发D浓缩的过程是为了把萃取剂与胡萝卜素分开考点：从生物材料中提取某些特定成分 分析：1、胡萝卜素是橘黄色结晶，化学性质比较稳定，不溶于水，易溶于有机溶剂，所以提取胡萝卜素常用有机溶剂萃取的方法；其萃取过程为：胡萝卜粉碎干燥萃取过滤浓缩胡萝卜素2、注意事项：（1）萃取前往往要将胡萝卜烘干、粉碎，并且原料颗粒越小越好，这样做的目的：让原料与萃取剂充分接
56、触，提高萃取效率（2）萃取过程中采用水浴加热的原因：有机溶剂用明火直接加热易爆炸（3）在提取的胡萝卜素粗品鉴定中，点样斑点用吹风机吹干时，温度不宜过高，否则斑点会变成黄色2、萃取剂常用石油醚石油醚经常被用作提取植物有效成分的萃取剂的原因是具有较高的沸点、萃取效率高、毒性很小3、胡萝卜素的特性：（1）一分子的胡萝卜素在人或动物的小肠、肝脏等器官内被氧化分解成维生素A，用于治疗夜盲症、干皮症等（2）胡萝卜素可以划分为、三类，其划分的主要依据是：根据分子式中碳碳双键的数目胡萝卜素是脂溶性的用油炒胡萝卜时，应多加些油，便于人体吸收（3）胡萝卜素的颜色和主要吸收的光谱分别是：橙黄色和蓝紫光（4）胡萝卜素
57、的作用：胡萝卜素可以用来治疗缺乏维生素A而引起的各种疾病；胡萝卜素可用作食品色素；天然胡萝卜素还具有使癌变细胞恢复成正常细胞的作用解答：解：A、萃取胡萝卜素的有机溶剂应该具有较高的沸点，能够充分溶解胡萝卜素，并且不与水混溶，A正确；B、为了提高萃取的效率，可以适当提高温度，但是萃取剂多是有机溶剂，明火直接加热易爆炸，故萃取过程中采用水浴加热，B错误；C、萃取过程中在加热瓶口安装冷凝管，是为了防止加热时有机溶剂挥发，C正确；D、浓缩的过程是为了把萃取剂通过蒸馏除去，使其与胡萝卜素分开，D正确故选：B点评：本题考查植物有效成分提取的相关知识，意在考查考生的识记能力和能理解所学知识要点的能力；识记胡
58、萝卜素的提取方法和流程、明确纸层析法鉴定胡萝卜素的过程是解题的关键36下列关于凝胶色谱法的原理及操作不正确的是( )A是利用凝胶把分子大小不同的物质分离开的一种方法B在洗脱过程中，大分子不能进入凝胶内部而最先流出，而小分子可以进入凝胶内部而流速缓慢，最后流出C凝胶内部有许多贯穿的通道，其直径大小与被分离的物质分子的大小无相应关系D一般情况，凝胶对要分离物质没有吸附作用，因此所有要分离的物质都应该被洗脱出来考点：蛋白质的提取和分离 分析：凝胶色谱法是根据相对分子质量的大小分析蛋白质的有效方法，相对分子质量小的蛋白质容易进入凝胶内部的通道，路程长，移动的速度慢，相对分子质量大的蛋白质不容易进入凝胶
59、内部的通道，路程短，移动的速度快，因此相对分子质量不同的蛋白质得以分离解答：解：A、凝胶色谱法是利用凝胶把分子大小不同的物质分离开的一种方法，A正确；B、在洗脱过程中，大分子不能进入凝胶内部，路程短，移动的速度快，而最先流出，而小分子可以进入凝胶内部，路程长，移动的速度慢，最后流出，B正确；C、凝胶内部有许多贯穿的通道，其直径大小与被分离的物质分子的大小有相应关系，应允许较小的分子通过，而较大的分子不能通过，C错误；D、一般情况，凝胶对要分离物质没有吸附作用，因此所有要分离的物质都应该被洗脱出来，D正确故选：C点评：本题考查蛋白质的提取和分离的技术，需要考生在平时的学习过程中注意积累对于凝胶色
60、谱法分离蛋白质的原理的理解是本题考查的重点37某同学为了验证果胶酶的作用，设计了如下实验：（1）取两个100mL的洁净烧杯，编号为1号、2号（2）向两个烧杯中分别加入20mL的苹果泥，向1号烧杯内加入2mL的蒸馏水，向2号烧杯内加入2mL的果胶酶（3）把这两个烧杯放在水浴装置中保温，并用玻璃棒搅拌下面分析中正确的是( )A1号烧杯为实验组，2号烧杯果汁变澄清B2号烧杯为实验组，1号烧杯果汁变澄清C1号烧杯为对照组，2号烧杯果汁变澄清D2号烧杯为对照组，1号烧杯果汁变澄清考点：酶在食品制造和洗涤等方面的应用 分析：实验设计应满足的原则：对照原则、单一变量原则实验的一般步骤：分组编号，进行不同的处
61、理（单一变量，设置对照），观察记录实验结果果胶酶的作用：能够分解果胶，瓦解植物的细胞壁及胞间层，使榨取果汁变得容易，也是果汁变得澄清解答：解：验证果胶酶作用的实验中，1号烧杯内加入2mL的蒸馏水，作为空白对照果胶酶能够分解果胶，瓦解植物的细胞壁及胞间层，使榨取果汁变得容易，也是果汁变得澄清 因此2号烧杯果汁变澄清故选：C点评：本题主要考查果胶酶作用的验证实验，意在考查考生的识记能力和理解所学知识要点，把握知识间内在联系的能力；能运用所学知识，对生物学问题作出准确的判断注意，在使用梯度测定酶的用量及活性时，可以通过榨出的果汁的体积大小来判断38植物组织培养依据的原理、培养过程的顺序及诱导的植物激
62、素分别是( )体细胞的全能性 离体植物器官、组织或细胞 根、芽 生长素和细胞分裂素 生长素和乙烯 愈伤组织 再分化 脱分化 植物体A、B、C、D、考点：植物培养的条件及过程 分析：1、植物组织培养在无菌和人工控制的条件下，将离体的植物器官、组织、细胞，培养在人工配制的培养基上，给予适宜的培养条件，诱导其产生愈伤组织、丛芽，最终形成完整的植株2、植物组织培养的条件：细胞离体和适宜的外界条件（如适宜温度、适时的光照、pH和无菌环境等）；一定的营养（无机、有机成分）和植物激素（生长素和细胞分裂素）解答：解：（1）植物组织培养技术的原理是：植物细胞具有全能性，即；（2）植物组织培养过程：离体植物器官、
63、组织或细胞愈伤组织根、芽植物体，即；（3）决定植物脱分化和再分化的关键因素是：植物激素的种类和比例，特别是生长素和细胞分裂素的协同作用在组织培养过程中非常重要，被称为“激素杠杆”，因此诱导的激素为生长素和细胞分裂素，即故选：A点评：本题知识点简单，考查植物组织培养的相关知识，要求考生识记植物组织培养的原理、过程及条件等知识，能运用所学的知识选出正确的答案，属于考纲识记层次的考查39外科手术器械和罐头食品的灭菌，都要以能够杀死什么为标准？( )A球菌B杆菌C螺旋菌D芽孢考点：微生物的分离和培养 分析：芽孢是在右下细菌等微生物的生存环境恶劣时形成的抗逆性很强的圆球形或椭球形休眠体食品保存就要尽量的
64、杀死或抑制微生物的生长和大量繁殖，外科手术器械和罐头食品的都要求无菌而细菌最难以被杀死的结构是芽孢解答：解：因食物腐败变质是由于微生物的生长和大量繁殖而引起的根据食物腐败变质的原因，食品保存就要尽量的杀死或抑制微生物的生长和大量繁殖，外科手术器械和罐头食品的都要求无菌而细菌最难以被杀死的结构是芽孢所以，外科手术器械消毒的标准是能够杀死细菌休眠体芽孢为标准故选：D点评：本题主要考查外科手术器械和罐头食品的灭菌标准，意在强化学生对相关知识的识记、理解与运用40用培养液培养三种细菌，让它们在三支不同的试管中生长，如图显示了细菌的生长层，如果此时往三支试管中通入氧气，则细菌的繁殖速度将是( )A甲不变
65、，乙减慢，丙加快B甲加快，乙加快，丙减慢C甲减慢，乙减慢，丙加快D甲减慢，乙加快，丙减慢考点：微生物的分离和培养 分析：本题是细胞呼吸的方式和特点，细胞呼吸有有氧呼吸和无氧呼吸2种方式，有氧呼吸必须在有氧条件下进行，无氧呼吸不需要氧气，有氧气时无氧呼吸受抑制试管的不同部位氧气浓度不同，上层氧气浓度高，下层氧气浓度低甲试管中细菌趋向于试管上部，说明是需氧菌，乙试管中细菌均匀分布，说明是兼性厌氧菌，丙试管中细菌趋向于试管底部，说明是厌氧菌解答：解：分析题图可知，甲中该细菌只在试管的上部繁殖，说明该细菌只进行有氧呼吸；乙中该细菌在试管的上部、中部、底部都繁殖，说明该细菌即进行有氧呼吸也进行无氧呼吸；
66、丙中该细菌只在试管的底部繁殖，该细菌的呼吸方式应是无氧呼吸若此时通入氧气，甲试管中的细菌进行有氧呼吸，通入氧气后有氧呼吸加快，细菌繁殖速度加快；乙试管中的细菌既可以进行有氧呼吸也可以进行无氧呼吸，通入氧气后，有氧呼吸加快，细菌的繁殖速度加快；丙试管的细菌只进行无氧呼吸，有氧气时无氧呼吸受抑制，细菌繁殖速度减慢因此甲、乙、丙在通入氧气后，细菌的繁殖速度分别是加快、加快、减慢故选：B点评：本题的知识点是有氧呼吸的条件及与氧气含量的关系，无氧呼吸与氧气含量的关系，有氧呼吸与无氧呼吸能量释放的多少比较，通过题图分析出三种试管中细菌的呼吸方式是解题的关键二、填空题（共50分）41图甲表示某生态系统组成成
67、分之间的关系，图乙为某植食性昆虫迁入该生态系统后的种群数量增长速率变化曲线请据图回答下面的问题（1）食物链（网）由甲图中的b、d（填字母）构成，图乙中某植食性昆虫属于图甲中d（填字母）的一部分，图甲中成分d的生态作用主要是加快生态系统的物质循环和能量流动，提高生态系统的稳定性（2）图甲中，ba过程的碳流动形式是含碳的有机物，dc的途径通过细胞呼吸进行（3）假如图甲表示草原生态系统，与森林生态系统相比，其抵抗力稳定性较低，原因是生态系统生物种类少，营养结构简单考点：物质循环和能量流动的基本规律及其应用；生态系统的稳定性 分析：据图分析：图甲：甲图的关系可以看出b和c之间进行相互交换，所有的碳都流
68、向c，所以c为无机环境，b为生产者，且d一部分流向a，可得，d是消费者，a是分解者图乙t0t1过程中的种群的增长在逐渐增大，达到t1时种群的增长率最大，说明了此时的种群的数量为值t1t2过程中的种群的增长在逐渐减小，达到t2时种群的增长率为0，说明了此时的种群的数量为K值达到K值后种群的出生率等于死亡率，种群年龄组成属于稳定型解答：解：（1）根据试题分析可知：图甲的食物链为bd，图乙中某植食性昆虫属于图甲中d，图甲中成分d是消费者，它的生态作用主要是加快生态系统的物质循环和能量流动，提高生态系统的稳定性（2）ba过程中碳流动方式是通过生产者的残枝败叶中含C的有机物流向分解者，dc的途径通过细胞
69、呼吸产生二氧化碳，向大气中排放（3）假如图甲表示草原生态系统，与森林生态系统相比其生态系统生物种类少，营养结构简单，抵抗力稳定性较低故答案为：（1）b、d d加快生态系统的物质循环和能量流动，提高生态系统的稳定性（2）含碳的有机物细胞呼吸（3）较低生态系统生物种类少，营养结构简单点评：本题结合图示主要考查生态系统的功能及种群的增长曲线，意在强化学生的识图判断和分析作答能力42图甲为北极冻原生态系统中部分生物构成的食物网图乙虚线方框内表示一个生态系统，箭头表示该生态系统能量流动的方向请据图回答问题（1）图甲中有5条食物链，雪兔和狼之间有明显的种间关系是捕食（2）假如北极狐的食物来自雷鸟，来自植物
70、，且该系统能量从生产者到消费者的传递效率为10%，从消费者到消费者的能量传递效率为20%，如果北极狐种群增加的能量为80kJ，若不考虑其他变化的影响，则植物增加的能量是3600kJ（3）图乙中的各种成分通过能量流动、物质循环和信息传递紧密地联系在一起，形成一个统一的整体c代表生态系统中的成分是分解者（4）如表表示图乙生态系统的能量流动情况同化总量（106 J）储存能量（106 J）呼吸消耗（106 J）A900200700B1001585C15213D186012分析上表可知，流入该生态系统的总能量为900（106 J），从第二营养级到第三营养级的能量传递效率为18%碳在以图中的无机环境与（a
71、、b、c、d）之间是以二氧化碳形式传递的生态系统能量流动的特点是单向流动，逐级递减；物质循环的特点是全球性，循环性考点：生态系统的功能；生态系统中的信息传递 分析：1、图甲中共有5条食物链，北极狐占有二、三两个营养级；2、图乙a是生产者，bd是消费者，c是分解者3、分析表格与图乙对应：A是生产者，B是初级消费者，D是次级消费者，C是分解者4、碳元素在生物群落与无机环境之间循环的主要形式是CO2；碳元素在生物群落中的传递主要沿食物链和食物网进行，传递形式为有机物大气中的碳元素进入生物群落，是通过植物的光合作用（主要途径）或硝化细菌等的化能合成作用完成的大气中CO2的主要分解者的分解作用、动植物的
72、细胞呼吸解答：解：（1）图甲中有5条食物链，雪兔和狼之间有明显的种间关系是捕食（2）根据题意：植物北极狐：8010%=100kJ；植物雷鸟北极狐：8020%10%=2000kJ；植物雪兔北极狐：8020%10%=1500kJ；则植物增加的能量是3600kJ（3）图乙中的各种成分通过能量流动、物质循环和信息传递紧密地联系在一起，形成一个统一的整体c代表生态系统中的成分是分解者（4）分析上表可知，流入该生态系统的总能量为生产者同化的太阳能总量=900（106 J），从第二营养级到第三营养级的能量传递效率为100%=18%，碳在以图中的无机环境与（a、b、c、d）之间是以二氧化碳形式传递的生态系统能
73、量流动的特点是 单向流动，逐级递减，物质循环的特点是全球性，循环性故答案为：（1）5 捕食（2）3 600（3）能量流动、物质循环和信息传递 分解者（4）90018% 二氧化碳 单向流动，逐级递减 全球性，循环性点评：本题的知识点是食物网中生物的种间关系，准确分析题图和题干，获取有效信息是解题的突破口，对食物网分析方法的掌握和对群落结构及生态系统能维持相对稳定的机理理解是解题的关键43果胶是植物细胞壁以及胞间层的主要组成成分之一果胶酶能够分解果胶，分解植物的细胞壁及胞间层请你完成以下有关果胶酶和果汁生产中的问题（1）在果汁生产中应用果胶酶可以提高出汁率和澄清度（2）某实验小组进行了“探究果胶酶
74、催化果胶水解最适pH”的课题研究本课题的实验步骤中，在完成“烧杯中分别加入苹果泥，试管中分别注入果胶酶溶液、编号、编组”之后，有下面两种操作：方法一：将试管中果胶酶溶液和烧杯中的苹果泥相混合，再把混合液的pH分别调至4、5、10方法二：将试管中果胶酶溶液和烧杯中苹果泥pH分别调至4、5、6、10，再把pH相等的果胶酶溶液和苹果泥相混合请问哪一种方法更科学？方法二理由是方法二的操作能够确保酶的反应环境从一开始便达到实验预设的pH环境（或方法一的操作会在达到预定pH之前就发生了酶的催化反应）如果用曲线图的方式记录实验结果，在现有的条件下，当横坐标表示pH，纵坐标表示果汁体积（或果汁澄清度）时，实验
75、的操作和记录是比较切实可行的根据你对酶特性的了解，分析图中最可能是实验结果的曲线图是甲若实验所获得的最适pH=m，请你在所选的曲线图中标出“m”点的位置考点：果胶酶的活性测定；酶活力测定的一般原理和方法 分析：分析：探究实验满足的原则：对照原则、单一变量原则实验的一般步骤：分组编号，进行不同的处理（单一变量，设置对照），观察记录实验结果酶的特性主要四点：1、酶具有高效率的催化能力；其效率是一般无机催化剂的10的7次幂10的13次幂2、酶具有专一性；（每一种酶只能催化一种或一类化学反应）3、酶在生物体内参与每一次反应后，它本身的性质和数量都不会发生改变（与催化剂相似）；4、酶的作用条件较温和据此
76、解答解答：解：（1）在果汁生产中应用果胶酶可以提高出汁率和澄清度（2）课题二，探索果胶酶催化果胶水解适宜的pH，实验自变量为：pH值分析两种方法可知方法二比较科学，因为其操作能确保酶的反应环境从一开始便达到实验预设的pH用曲线图的方式记录实验结果，在现有的条件下，当横坐标表示pH，纵坐标表示果汁澄清度根据酶的作用条件较温和可得最可能是实验结果的曲线图为甲甲图中曲线最高处对应的横坐标上的点标上m，具体见答案故答案为：（1）出汁率澄清度（2）方法二方法二的操作能够确保酶的反应环境从一开始便达到实验预设的pH环境（或方法一的操作会在达到预定pH之前就发生了酶的催化反应）果汁体积（或果汁澄清度）甲如下
77、图所示：点评：本题考查酶的特性、探究实验的相关知识，意在考查考生能理解所学知识要点，把握知识间内在联系的能力；能运用所学知识与观点的能力，难度适中45（26分）图所示为胡萝卜的韧皮部细胞通过无菌操作接入试管后，在一定的条件下形成试管苗的培育过程，请据图回答下列问题（1）所用技术叫植物组织培养，依据的理论基础植物细胞的全能性过程为脱分化，过程为再分化（2）通过产生的愈伤组织细胞与根的韧皮部细胞相比，在染色体的数目上相同，所含基因相同；细胞的形态结构不同，其原因是基因的选择性表达（3）和过程主要进行的细胞分裂方式为有丝分裂，过程除进行分裂外，还主要进行的生理活动是细胞分化（4）要使愈伤组织正常分化
78、为植物体，除营养物质培养条件外，还必须注意植物生长素与细胞分裂素的比例（5）此过程要无菌操作，主要对培养基进行灭菌，过程需要光照的原因是芽发育成叶，叶肉细胞中叶绿素的合成需要光照考点：植物的组织培养 分析：分析题图：图示表示胡萝卜的韧皮部组织培养过程，其中表示脱分化过程，该过程需要避光，能形成愈伤组织，其分化程度低，全能性高；表示再分化过程，该过程需要在光照条件，能形成胚状体，胚状体进一步发育形成试管苗解答：解：（1）胡萝卜的韧皮部细胞形成试管苗的培育过程利用了植物组织培养技术，原理是植物细胞的全能性，过程为脱分化，过程属于再分化（2）通过产生的愈伤组织细胞与根的韧皮部细胞相比，由于表达的基因
79、不同，在染色体的数目上相同、所含基因相同，细胞的形态结构不同（3）和过程主要进行的细胞分裂方式为有丝分裂，过程除进行分裂外，还主要进行的生理活动是细胞分化（4）要使愈伤组织正常分化为植物体，除营养物质培养条件外，还必须注意植物生长素与细胞分裂素的比例（5）植物组织培养需要无菌操作，主要对培养基进行灭菌，过程需要光照的原因是芽发育成叶，叶肉细胞中叶绿素的合成需要光照故答案为：（1）植物组织培养植物细胞的全能性脱分化再分化（2）相同相同不同基因的选择性表达（3）有丝分裂细胞分化（4）细胞分裂素（5）培养基芽发育成叶，叶肉细胞中叶绿素的合成需要光照点评：本题结合胡萝卜韧皮部组织培养过程图，考查植物组织培养、细胞分化等知识，要求考生熟记植物组织培养的原理、条件、过程等，能准确判断图中各阶段的含义；还要求考生掌握细胞分化的实质，正确解答第（2）题