1、北京市怀柔区2021届高三数学下学期适应性练习试题（含解析）一选择题共10小题，每小题4分，共40分，在每小题列出的四个选项中，选出符合题目要求的一项.1. 已知集合，则图中阴影部分的集合为（ ）A. B. C. D. 【答案】B【解析】【分析】根据维恩图分析阴影部分，利用集合的交集计算即可.【详解】由维恩图可知，阴影部分为集合.故选：B.2. 在复平面内，复数对应的点的关于实轴对称，若，则（ ）A. B. 5C. D. 3【答案】B【解析】【分析】根据共轭复数的性质即可求解.【详解】因为复数对应的点的关于实轴对称，所以互为共轭复数，所以，故选：B3. 在的展开式中，的系数为（ ）A. 20B
2、. C. D. 40【答案】C【解析】【分析】根据二项式展开式的通项求的系数.【详解】由题得的展开式的通项为令5-r=2,则r=3,所以的系数为故答案为：C4. 曲线与曲线的（ ）A. 焦距相等B. 实半轴长相等C. 虚半轴长相等D. 离心率相等【答案】A【解析】【分析】根据双曲线的标准方程求出即可得出结论.【详解】由双曲线可知，由双曲线可知，所以焦距相等，实半轴长不相等，虚半轴长不相等，离心率不相等.故选：A5. 要得到函数的图象，只需将函数的图象（ ）A. 向右平移个单位B. 向右平移个单位C. 向左平移个单位D. 向左平移个单位【答案】D【解析】【分析】直接根据三角函数的图象平移规则得出
3、正确的结论即可；【详解】解：函数，要得到函数的图象，只需将函数的图象向左平移个单位故选：D【点睛】本题考查三角函数图象平移的应用问题，属于基础题6. 某四棱柱三视图如图所示，该几何体的体积为（ ）A. 2B. 4C. 6D. 8【答案】C【解析】【分析】先还原几何体，再根据直四棱柱体积公式求解.【详解】解：由三视图还原原几何体如图所示：该几何体为直四棱柱，底面为直角梯形，则其体积为故选：C7. “”是直线与圆相交的（ ）A. 充分而不必要条件B. 必要而不充分条件C. 充分必要条件D. 即不充分也不必要条件【答案】A【解析】【分析】根据直线与圆相交的判定，充分条件，必要条件即可求解【详解】当时
4、，直线为，过圆心，故直线与圆相交，当直线与圆相交时，圆心到直线的距离，化简得，显然恒成立，不能推出，所以“”是直线与圆相交的充分不必要条件，故选：A8. 设等比数列的前n项和为，若，则下列式子中的数值不能确定的是（ ）A. B. C. D. 【答案】D【解析】【分析】根据已知的等式变形，利用等比数列的性质求出公比的值，然后分别根据等比数列的通项公式及前项和公式，即可找出四个选项中数值不能确定的选项【详解】解：因，所以，所以，所以，所以故选：D9. 已知函数，且关于x的方程恰有两个互异的实数解，则实数a的取值范围为（ ）A. B. C. D. 【答案】B【解析】【分析】当时，当时，由题意可得，函
5、数与直线有两个交点，数形结合求得实数的范围【详解】方程恰有两个互异的实数解，转化为与的图象有2个不同的交点，作函数与的图象如下，由图可知，当时，方程恰有两个互异的实数解.故选：B【点睛】关键点点睛：方程根的个数转化为两个函数图象交点的个数，作出图象是解决问题的关键，属于中档题10. 形状节奏声音或轨迹，这些现象都可以分解成自复制的结构.即相同的形式会按比例逐渐缩小，并无限重复下去，也就是说，在前一个形式中重复出现被缩小的相同形式，依此类推，如图所示，将图1的正三角形的各边都三等分，以每条边中间一段为边再向外做一个正三角形，去掉中间一段得到图2，称为“一次分形”；用同样的方法把图2中的每条线段重
6、复上述操作，得到图3，称为“二次分形”；依次进行“n次分形”，得到一个周长不小于初始三角形周长100倍的分形图，则n最小值是（ ）(取)A. 15B. 16C. 17D. 18【答案】C【解析】【分析】根据分形的变化规律，得出一条长为a线段n次分形后变为长为的折线，建立不等关系，利用对数求解即可.【详解】设正三角形的一条边长为a，“一次分形”后变为长为的折线，“二次分形”后折线长度为，“n次分形”后折线长度为，所以得到一个周长不小于初始三角形周长100倍的分形图，只需满足，两边同时取常用对数得：，即得：，解得，故至少需要17次分形，故选：C.【点睛】关键点点睛：仔细读题，弄懂分形变化的规律，即
7、正三角形的一条边长为a，“一次分形”后变为长为的折线，“二次分形”后折线长度为，“n次分形”后折线长度为是解题的关键.二填空题5小题，每小题5分，共25分.11. 函数的定义域为_.【答案】【解析】【分析】根据函数解析式，列出不等式组求解即可.【详解】因为函数，所以解得，所以函数定义域为，故答案为：12. 若抛物线C顶点在原点，焦点在y轴上，且过点，则C的标准方程是_.【答案】【解析】【分析】利用待定系数法求出抛物线方程即可；【详解】解：因为抛物线C顶点在原点，焦点在y轴上，故设抛物线方程为，又抛物线过点，所以，即，所以抛物线方程为故答案为：13. 在中，则_.【答案】2【解析】【分析】直接利
8、用余弦定理计算可得；【详解】解：因为，所以解得或（舍去）故答案为：214. 若函数的一个零点为，则常数的一个取值为_.【答案】【解析】【分析】根据零点的概念及特殊角的三角函数值即可求解.【详解】因为函数的一个零点为，所以，即，所以时，满足条件，是常数的一个取值.故答案为：15. 如图，在直角梯形中，P为线段上一个动点，设，对于函数给出下列四个结论：当时，函数的值域为；，都有成立；，函数的最大值都等于4；，函数的最小值为负数.其中所有正确结论的序号是_.【答案】【解析】【分析】先利用垂直建立坐标系，根据长度写点的坐标，再化简函数，利用二次函数性质依次判断四个选项的正误即得结果.【详解】建立如图坐
9、标系，根据题意，故，故，则，则，当时，故当时，最小值为，当时，最大值为，即值域为，错误；时，正确；，对称轴为，当时，即，函数在上递减，故当时，取得最大值，当时，取得最小值；当时，根据抛物线对称性可知，当时，函数取得最大值，当时，取得最小值.综上可知，函数的最大值都等于4，故正确；取时，取得最小值，故正确.故答案为：.【点睛】关键点点睛：本题的解题关键在于建立适当的直角坐标系得到函数，才能结合二次函数的图象性质突破难点.三解答题共6小题，共85分，解答应写出文宇说明，演算步骤或证明过程.16. 如图，在四棱柱中，平面，底面是边长为1的正方形，侧棱.（1）求证：平面；（2）求证：；（3）求二面角的
10、余弦值.【答案】（1）证明见解析（2）证明见解析（3）.【解析】【分析】(1)根据四棱柱的性质可得面面平行，由面面平行的性质即可求证；（2）建立空间直角坐标系，利用向量法证明线线垂直；（3）根据平面的法向量，利用法向量的夹角公式求二面角即可.【详解】（1）四棱柱中，平面,平面,由正方形可知，,且平面，平面,平面,平面,平面平面，平面,平面 （2）以A为原点，AD为x轴，AB为y轴，为z轴，建立空间直角坐标系，, 即.（3）设平面的法向量，, 即，令，则，设平面的法向量， ，即 ，令，则，即二面角的余弦值为.【点睛】关键点点睛：根据四棱柱的性质及条件平面，建立空间直角坐标系，利用向量法求解是解题
11、的关键，属于中档题.17. 已知函数，再从条件条件条件这三个条件中选择一个作为已知，求：（1）的单调递增区间；（2）在区间的取值范围.条件：；条件：；条件：.注：如果选择不同条件分别解答，按第一个解答计分.【答案】选，（1）单调递增区间，（2）；选，（1）单调递增区间为，（2）；（3）选，（1）单调递增区间为，（2）.【解析】【分析】选，根据辅助角公式化简函数为，（1）根据余弦函数的图象与性质求解单调区间；（2）根据自变量的范围，利用余弦函数的图象与性质即可求解；选，根据二倍角的正弦公式化简得，(1)利用正弦型函数图象与性质求单调区间；(2) 根据自变量范围求出的范围，利用正弦函数的图象性质求
12、值域；选，根据辅助角公式化简可得，（1）利用正弦型函数的图象与性质求其单调区间；（2）根据自变量范围求出的范围，利用正弦函数求范围即可.【详解】选：，（1）由知，单调递增区间（2）当时，所以.选：，（1）令, 解得，所以的单调递增区间为（2）当时，所以，所以.选：，(1)令，解得，所以单调递增区间为，（2）当时，所以，所以【点睛】关键点点睛：根据所选条件，利用辅助角公式或者二倍角的正弦公式化简函数，根据正弦型函数图象与性质或余弦函数图象与性质，确定单调性及值域，属于中档题.18. 某食品厂为了检查一条自动包装流水线的生产情况，对该流水线上的产品进行简单随机抽样，获得数据如下表：分组区间(单位：
13、克)产品件数34751包装质量在克的产品为一等品，其余为二等品（1）估计从该流水线任取一件产品为一等品的概率；（2）从上述抽取的样本产品中任取2件，设X为一等品的产品数量，求X的分布列；（3）从该流水线上任取2件产品，设Y为一等品的产品数量，求Y的分布列；试比较期望与则望的大小.(结论不要求证明)【答案】（1）；（2）分布列见解析；（3）分布列见解析，【解析】【分析】（1）直接利用古典概型概率公式计算可得；（2）依题意的可能取值为、，求出所对应的概率，列出分布列；（3）依题意，即可求出的分布列，再求出数学期望，即可得解；【详解】解：（1）样本中一共有件产品，包装质量在克的产品有件，故从该流水线
14、任取一件产品为一等品的概率（2）依题意的可能取值为、；，故的分布列为：（3）由（2）可得依题意，则的可能取值为，故的分布列为：所以所以19. 已知函数，其中.（1）若曲线在处的切线与直线平行，求a的值；（2）若函数在定义域内单调递减，求a的取值范围.【答案】（1）2（2）【解析】【分析】（1）对函数求导，令，即可求得的值；（2）由题可知，在上恒成立，参变分离，利用导数求最值即可求解.详解】（1）由题可知，则，解得（2）在上是减函数，对恒成立，所以，令，则由得，当时，当时，所以在上单调递减，在上单调递增，所以，故只需故的取值范围是【点睛】关键点点睛：函数在定义域上单调递减转化为函数导数在上小于等
15、于零恒成立，采用了参变分离法，再构造函数，利用导数求出新函数的最值，其中转化的思想，参变量分离的方法，是解题的关键，属于中档题20. 已知椭圆过点，且，若直线与椭圆C交于M，N两点，过点M作x轴的垂线分别与直线交于点A，B，其中O为原点.（1）求椭圆C的方程；（2）若，求k的值.【答案】（1）（2）1【解析】【分析】（1）根据椭圆过点及求解即可；（2）设，表示出点的坐标，联立直线与椭圆的方程，根据为的中点，化简求解即可.【详解】（1）椭圆过点，且，椭圆C的方程为（2）如图，设， ，由得 ，为的中点，即，解得.【点睛】关键点点睛：根据条件得到点为的中点，根据此条件建立相关坐标之间的关系，是解决问
16、题的关键，注意韦达定理在解题中的应用，属于中档题.21. 定义满足以下两个性质的有穷数列为阶“期待数列”：；.（1）若等比数列为4阶“期待数列”，求的公比；（2）若等差数列是阶“期待数列”(.k是正整数，求的通项公式；（3）记阶“期待数列”的前n项和为(.k是不小于2的整数)，求证：.【答案】（1）公比为-1；（2）时，；时，；（3）证明见详解.【解析】【分析】（1）先根据新定义得到对应关系式，再结合等比数列求和公式解得公比即可；（2）先根据新定义得到对应关系式，结合等差数列求和公式和性质得到，再利用等差数列性质求绝对值之和解得d，根据求通项公式即可；（3）先利用新定义计算数列中所有非负项之和
17、和所有负数项之和，再求的最大值和最小值，即证结论.【详解】解：（1）依题意，等比数列为4阶“期待数列”，故数列满足，.易见，若公比q为1，则式即，不符合题意，故，故式即，即，故，所以的公比为-1；（2）依题意，等差数列是阶“期待数列”，设等差数列公差为d，则数列满足；.故式即，即，即.若时，有，则式即，故，即，得，所以；若时，有，则式即，故，即，得，所以.综上，时，；时，；（3）设阶“期待数列”的所有非负项之和为A，所有负数项之和为B，依题意数列满足；.即，则解得，当所有非负数项一起构成时，最大为，即；当所有负数项一起构成时，最小为，即.故，所以.【点睛】关键点点睛：本题解题关键是理解并利用新定义解出每一问的关系式，再结合等差数列、等比数列相关公式即突破难点.