1、内蒙古呼伦贝尔市2015届高考物理一模试卷二、选择题：本题共8小题，每小题6分，在每小题给出的四个选项中，第15题只有一项符合题目要求，第68题有多项符合题目要求全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分1在物理学的重大发现中，科学家总结出了许多物理学方法，如理想实验法、控制变量法、极限思想法、类比法、假说法和建立物理模型法等，以下关于物理学研究方法的叙述不正确的是（）A在不需要考虑物体本身的大小和形状时，用质点来代替物体的方法叫假设法B根据速度的定义式，当t非常小时，就可以表示物体在t时刻的瞬时速度，该定义运用了极限思想法C在探究加速度、力和质量三者之间的关系时，先保持质量不变研究
2、加速度与力的关系，再保持力不变研究加速度与质量的关系，该探究运用了控制变量法D在推导匀变速直线运动位移公式时，把整个运动过程等分成很多小段，每一小段近似看做匀速直线运动，然后把各小段的位移相加，这里运用了微元法2如图所示，一木棒M搭在水平地面和一矮墙上，两个支撑点E、F处受到的弹力和摩擦力的方向，下列说法正确的是（）AE处受到的支持力竖直向上BF处受到的支持力竖直向上CE处受到的静摩擦力沿EF方向DF处受到的静摩擦力沿水平方向3在2014年11月11日至16日的珠海航展中，中国展出了国产运20和歼31等最先进飞机假设航展中有两飞机甲、乙在平直跑道上同向行驶，0t2时间内的vt图象如图所示，下列
3、说法正确的是（）A飞机乙在0t2内的平均速度等于B飞机甲在0t2内的平均速度的比乙大C两飞机在t1时刻一定相遇D两飞机在0t2内不可能相遇4如图所示，在同一平台上的0点水平抛出的三个物体，分别落到a、b、c三点，则三个物体运动的初速度va、vb、vc的关系和二个物体运动的时间ta，tbtc的关系分别是（）Avavbvc tatbtcBvavbvc ta=tb=tcCvavbvc tatbtcDvavbvc tatbtc5某月球探测卫星先贴近地球表面绕地球做匀速圆周运动，此时其动能为Ek1，周期为T1；再控制它进行一系列变轨，最终进入贴近月球表面的圆轨道做匀速圆周运动，此时其动能为Ek2，周期为
4、T2，已知地球的质量为M1，月球的质量为M2，则为（）ABCD6库仑定律是电学中第一个被发现的定量规律，它的发现受万有引力定律的启发实际问题中有时需要同时考虑万有引力和库仑力，比如某无大气层的均匀带有大量负电荷的质量分布均匀的星球将一个带电微粒置于离该星球表面一定高度处无初速释放，发现微粒恰好能静止现给微粒一个如图所示的初速度v，则下列说法正确的是（）A微粒将做匀速直线运动B微粒将做圆周运动C库仑力对微粒做正功D万有引力对微粒做正功7如图是街头变压器通过降压给用户供电的示意图变压器输入电压是市电网的电压，不会有很大的波动输出电压通过输电线输送给用户，输电线的电阻用R0表示，变阻器R表示用户用电
5、器的总电阻，当滑动变阻器触头P向下移时（）A相当于在增加用电器的数目BV1表的示数随V2表的示数的增大而增大CA1表的示数随A2 表的示数的增大而减小D变压器的输入功率在增大8如图所示，两平行金属板A、B水平放置，板间存在垂直纸面向里的匀强磁场，闭合开关使电容器充电，一个不计重力的带电粒子恰能水平向右匀速通过，则（）A仅将极板A上移一小段距离，带电粒子将向下偏B仅将极板A上移一小段距离，带电粒子仍能沿直线运动C仅将极板A、B错开一段距离，带电粒子一定向上偏D仅将极板A下移，此过程中将出现a到b的电流三、非选择题：包括必考题和选考题两部分第9题第12题为必考题，每个试题考生都必须作答第13题第1
6、8题为选考题，考生根据要求作答（一）必考题9某小组利用图示实验装置来测量物块A和长木板之间的动摩擦因数把左端带有挡板的足够长的长木板固定在水平桌面上，物块A置于挡板处，不可伸长的轻绳一端水平连接物块A，另一端跨过轻质定滑轮挂上与物块A质量相同的物块B并用手按住物块A，使A、B保持静止测量物块B离水平地面的高度为h释放物块A，待物块A静止时测量其运动的总距离为s（物块B落地后不反弹）回答下列问题：（1）根据上述测量的物理量可知=（2）如果空气阻力不可忽略，该实验所求值（填“偏大”或“偏小”）10某实验小组在“测定金属电阻率”的实验过程中，正确操作获得金属丝的直径以及电流表、电压表的读数如图所示，
7、则它们的读数值依次是mm、A、V已知实验中所用的滑动变阻器阻值范围为05，电流表内阻约几欧，电压表内阻约20k电源电动势E=6V，内阻很小则以下电路图中（填电路图下方的字母代号）电路为本次实验测电阻Rr应当采用的最佳电路但用此最佳电路测量的结果仍然会比真实值偏若已知实验所用的电流表内阻的准确值RA，那么准确测量金属丝电阻Rr的最佳电路应是上图中的电路（填电路图下的字母代号）此时测得电流为I、电压为U，则金属丝电阻Rr=（ 用题中字母代号表示）11某兴趣小组对一辆自制遥控小车的性能进行研究他们让这辆小车在水平的直轨道上由静止开始运动，并将小车运动的全过程记录下来，通过处理转化为vt图象，如图所示
8、（除2s10s时间段图象为曲线外，其余时间段图象均为直线）已知在小车运动的过程中，2s后小车的功率P=9W保持不变，小车的质量为1.0kg，可认为在整个运动过程中小车所受到的阻力大小不变求：（1）小车所受到的阻力大小；（2）小车在010秒内位移的大小12（19分）如图甲所示，空间存在一有界匀强磁场，磁场的左边界如虚线所示，虚线右侧范围足够大，磁场方向竖直向下在光滑绝缘水平面内有一长方形金属线框，ab边长为L=0.2m线框质量m=0.1kg、电阻R=0.1，在水平向右的外力F作用下，以初速度v0=1m/s一直做匀加速直线运动，外力F大小随时间t变化的图线如图乙所示以线框右边刚进入磁场时开始计时，
9、求：（1）匀强磁场的磁感应强度B；（2）线框进入磁场的过程中，通过线框的电荷量q；（3）若线框进入磁场过程中F做功为WF=0.27J，求在此过程中线框产生的焦耳热Q【物理-选修3-3】13下列说法中正确的是（）A随着科学技术的发展，制冷机的制冷温度可以降到280B随着科学技术的发展，热量可以从低温物体传到高温物体C随着科学技术的发展，热机的效率可以达到100%D无论科技怎样发展，第二类永动机都不可能实现E无论科技怎样发展，都无法判断一温度升高的物体是通过做功还是热传递实现的14如图所示，在一端封闭的U形管中用水银柱封一段空气柱L，当空气柱的温度为7时，左臂水银柱的长度h1=10cm，右臂水银柱
10、长度h2=7cm，气柱长度L=15cm；将U形管放入91水中且状态稳定时，左臂水银柱的长度变为h1=7cm求当时的大气压强（单位用cmHg）【物理-选修3-4】15图（a）为一列简谐横波在t=0时的波形图，图（b）为介质中平衡位置在x=4m处的质点P的振动图象下列说法正确的是（）A质点p的振幅为6cmB横波传播的波速为1m/sC横波沿x轴负方向传播D在任意4s内P运动的路程为24cmE在任意1s内P运动的路程为6cm16如图为某种透明材料制成的边长为4cm，横截面为正三角形的三棱镜，将其置于空气中，当一细光束从距离顶点A为1cm的D点垂直于AB面入射时，在AC面上刚好发生全反射，光在真空中的速
11、度c=3108m/s求：（1）此透明材料的折射率；（2）光通过三棱镜的时间【物理-选修3-5】17关于原子结构及原子核的知识，下列判断正确的是（）A每一种原子都有自己的特征谱线B处于n=3的一个氢原子回到基态时一定会辐射三种频率的光子C射线的穿透能力比射线弱D衰变中的电子来自原子的内层电子E放射性元素的半衰期与压力、温度无关18如图所示，质量为M=2kg的木板静止在光滑的水平地面上，木板AB部分为光滑的四分之一圆弧面，半径为R=0.3m，木板BC部分为水平面，粗糙且足够长质量为m=1kg的小滑块从A点由静止释放，最终停止在BC面上D点（D点未标注）若BC面与小滑块之间的动摩擦因数=0.2，g=
12、10m/s2，求：（）小滑块刚滑到B点时的速度大小；（）BD之间的距离内蒙古呼伦贝尔市2015届高考物理一模试卷二、选择题：本题共8小题，每小题6分，在每小题给出的四个选项中，第15题只有一项符合题目要求，第68题有多项符合题目要求全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分1在物理学的重大发现中，科学家总结出了许多物理学方法，如理想实验法、控制变量法、极限思想法、类比法、假说法和建立物理模型法等，以下关于物理学研究方法的叙述不正确的是（）A在不需要考虑物体本身的大小和形状时，用质点来代替物体的方法叫假设法B根据速度的定义式，当t非常小时，就可以表示物体在t时刻的瞬时速度，该定义运用了
13、极限思想法C在探究加速度、力和质量三者之间的关系时，先保持质量不变研究加速度与力的关系，再保持力不变研究加速度与质量的关系，该探究运用了控制变量法D在推导匀变速直线运动位移公式时，把整个运动过程等分成很多小段，每一小段近似看做匀速直线运动，然后把各小段的位移相加，这里运用了微元法考点：物理学史 分析：质点是实际物体在一定条件下的科学抽象，是采用了建立理想化的物理模型的方法；当时间非常小时，我们认为此时的平均速度可看作某一时刻的速度即称之为瞬时速度，采用的是极限思维法；在探究加速度、力和质量三者之间的关系时，可运用控制变量法解答：解：A、在不需要考虑物体本身的大小和形状时，用质点来代替物体的方法
14、叫建立物理模型法，故A错误；B、根据速度定义式v=，当t非常非常小时，就可以表示物体在t时刻的瞬时速度，该定义应用了极限思想法，故B正确；C、在探究加速度、力和质量三者之间的关系时，先保持质量不变研究加速度与力的关系，再保持力不变研究加速度与质量的关系，该探究运用了控制变量法，故C正确D、在推导匀变速直线运动位移公式时，把整个运动过程划分成很多小段，每一段近似看成匀速直线运动，然后把各小段的位移相加，这里运用了微元法，故D正确本题选不正确的，故选：A点评：在高中物理学习中，我们会遇到多种不同的物理分析方法，这些方法对我们理解物理有很大的帮助；故在理解概念和规律的基础上，更要注意科学方法的积累与
15、学习2如图所示，一木棒M搭在水平地面和一矮墙上，两个支撑点E、F处受到的弹力和摩擦力的方向，下列说法正确的是（）AE处受到的支持力竖直向上BF处受到的支持力竖直向上CE处受到的静摩擦力沿EF方向DF处受到的静摩擦力沿水平方向考点：物体的弹性和弹力；摩擦力的判断与计算 专题：受力分析方法专题分析：支持力的方向是垂直于接触面指向被支持的问题，静摩擦力的方向是与相对运动趋势的方向相反，由此可判知各选项的正误解答：解：A、E处受到的支持力的方向与地面垂直向上，即竖直向上，故A正确；B、F处受到的支持力的方向与M垂直向上，不是竖直向上，故B错误；C、M相对于地有向右运动的趋势，则在E处受到的摩擦力沿地面
16、向左，故C错误；D、因M有沿矮墙向下的运动趋势，所以F处受到的摩擦力沿EF方向，故D错误故选：A点评：解决本题的关键要掌握支持力和静摩擦力方向的特点，并能正确分析实际问题支持力是一种弹力，其方向总是与接触面垂直，指向被支持物静摩擦力方向与物体相对运动趋势方向相反3在2014年11月11日至16日的珠海航展中，中国展出了国产运20和歼31等最先进飞机假设航展中有两飞机甲、乙在平直跑道上同向行驶，0t2时间内的vt图象如图所示，下列说法正确的是（）A飞机乙在0t2内的平均速度等于B飞机甲在0t2内的平均速度的比乙大C两飞机在t1时刻一定相遇D两飞机在0t2内不可能相遇考点：匀变速直线运动的图像；平
17、均速度；匀变速直线运动的速度与时间的关系 专题：运动学中的图像专题分析：在速度时间图象中，某一点代表此时刻的瞬时速度，时间轴上方速度是正数，时间轴下方速度是负数；图象与坐标轴围成面积代表位移，时间轴上方位移为正，时间轴下方位移为负解答：解：A、因为乙车做变加速运动故平均速度不等于，故A错误；B、由于图线与坐标轴所夹的面积表示物体的位移，在0t1时间内，甲车的位移大于乙车，由可知，甲车的平均速度大于乙车，故B正确；D、由于不知道甲乙两飞机初始位置，所以无法判断两飞机在t1时刻和0t2内能不能相遇，故CD错误故选：B点评：本题是为速度时间图象的应用，要明确斜率的含义，知道在速度时间图象中图象与坐标
18、轴围成的面积的含义4如图所示，在同一平台上的0点水平抛出的三个物体，分别落到a、b、c三点，则三个物体运动的初速度va、vb、vc的关系和二个物体运动的时间ta，tbtc的关系分别是（）Avavbvc tatbtcBvavbvc ta=tb=tcCvavbvc tatbtcDvavbvc tatbtc考点：平抛运动 专题：平抛运动专题分析：平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，落地的时间由高度决定，初速度和时间共同决定水平位移解答：解：三个物体落地的高度hahbhc，根据h=gt2，知，tatbtcxaxbxc，根据x=vt知， a的水平位移最短，时间最长，则速度最小
19、；c的水平位移最长，时间最短，则速度最大，所以有vavbvc故C正确，A、B、D错误故选C点评：解决本题的关键知道平抛运动的时间由高度决定，初速度和时间共同决定水平位移5某月球探测卫星先贴近地球表面绕地球做匀速圆周运动，此时其动能为Ek1，周期为T1；再控制它进行一系列变轨，最终进入贴近月球表面的圆轨道做匀速圆周运动，此时其动能为Ek2，周期为T2，已知地球的质量为M1，月球的质量为M2，则为（）ABCD考点：万有引力定律及其应用 专题：万有引力定律的应用专题分析：对于卫星绕地球运动，根据动能表达式计算向心力，再根据万有引力提供向心力列方程，解出周期与质量和动能之间的关系，对于卫星绕月球运动有
20、类似的关系解答：解：卫星绕地球做匀速圆周运动，设卫星质量为m，轨道半径为r1，运动线速度为v1，因为动能为： ，所以向心力为：=，解得：r1=v=；而T1=；同理可得T2的表达式，则有：=故选：C点评：本题考查了万有引力在天体中的应用，根据万有引力提供向心力列出等式向心力的公式选取要根据题目提供的已知物理量或所求解的物理量选取应用6库仑定律是电学中第一个被发现的定量规律，它的发现受万有引力定律的启发实际问题中有时需要同时考虑万有引力和库仑力，比如某无大气层的均匀带有大量负电荷的质量分布均匀的星球将一个带电微粒置于离该星球表面一定高度处无初速释放，发现微粒恰好能静止现给微粒一个如图所示的初速度v
21、，则下列说法正确的是（）A微粒将做匀速直线运动B微粒将做圆周运动C库仑力对微粒做正功D万有引力对微粒做正功考点：库仑定律 专题：电场力与电势的性质专题分析：先库仑定律求解出库仑力表达式，根据万有引力定律求解出万有引力表达式；距离变化时，再分析合力情况，最后根据力与速度的夹角来确定做功的正负解答：解：A、根据库仑定律，静电力：F=万有引力：F=根据平衡条件，有：F=F距离r变化时，静电力与库仑力一直平衡，故合力为零，做匀速直线运动；故A正确，B错误；C、由上分析可知，库仑力的方向与速度方向夹角小于90，做正功，而万有引力与速度夹角大于90，做负功，故C正确，D错误；故选：AC点评：本题关键是将库
22、仑定律与万有引力定律比较，注意都是平方反比定律，题中库仑力与万有引力一直平衡，并掌握正负功的判定7如图是街头变压器通过降压给用户供电的示意图变压器输入电压是市电网的电压，不会有很大的波动输出电压通过输电线输送给用户，输电线的电阻用R0表示，变阻器R表示用户用电器的总电阻，当滑动变阻器触头P向下移时（）A相当于在增加用电器的数目BV1表的示数随V2表的示数的增大而增大CA1表的示数随A2 表的示数的增大而减小D变压器的输入功率在增大考点：变压器的构造和原理 专题：交流电专题分析：与闭合电路中的动态分析类似，可以根据R的变化，确定出总电路的电阻的变化，进而可以确定总电路的电流的变化的情况，再根据电
23、压不变，来分析其他的元件的电流和电压的变化的情况解答：解：A、当滑动变阻器触头P向下移动时，导致总电阻减小，由于用电器是并连接入电路，所以数目增加，故A正确；B、理想变压器的输出电压是由输入电压和匝数比决定的，虽然滑动变阻器触头P向下移动，但由于输入电压和匝数比不变，所以副线圈的输出的电压也不变，所以V2的示数不变，所以B错误C、D、由于变压器的输入的功率和输出的功率相等，由于副线圈的电阻减小了，A2的示数变大，输出的功率变大了，所以原线圈的输入的功率也要变大，因为输入的电压不变，所以输入的电流要变大，所以A1的示数变大，所以C错误，D正确；故选：AD点评：电路的动态变化的分析，总的原则就是由
24、部分电路的变化确定总电路的变化的情况，再确定其他的电路的变化的情况，即先部分后整体再部分的方法8如图所示，两平行金属板A、B水平放置，板间存在垂直纸面向里的匀强磁场，闭合开关使电容器充电，一个不计重力的带电粒子恰能水平向右匀速通过，则（）A仅将极板A上移一小段距离，带电粒子将向下偏B仅将极板A上移一小段距离，带电粒子仍能沿直线运动C仅将极板A、B错开一段距离，带电粒子一定向上偏D仅将极板A下移，此过程中将出现a到b的电流考点：带电粒子在混合场中的运动 专题：带电粒子在复合场中的运动专题分析：带电粒子受电场力和洛伦兹力处于平衡状态做匀速直线运动，改变电场和磁场后若仍能使带电粒子做匀速直线运动，仍
25、要使电场力和洛伦兹力平衡，解答的关键是明确电容器通电和断电两种状态下，电场强度和极板之间距离以及正对面积的关系解答：解：A、B、仅将极板A上移一小段距离，AB之间的距离增大，根据：，可知电容C减小；由于ab之间的具有单向导电性的二极管，电流的方向只能由a流向b，所以C减小时，电流不能流向a，所以电容器上的电量保持不变；又：，所以：，所以极板之间的电场强度也不变，因此粒子仍然匀速通过故A错误，B正确；C、仅将极板A、B错开一段距离，根据：，可知电容C减小；由于ab之间的具有单向导电性的二极管，所以电容器上的电量保持不变，又：，所以电场强度E增大，电场力增大，由于正电荷受到的电场力的方向向下，所以
26、正电荷将向下偏转故C错误；D、仅将极板A下移，AB之间的距离增大，根据：，可知电容C增大，极板之间的电势差减小，所以此过程中将出现a到b的电流才能使极板之间的电势差保持不变故D正确故选：BD点评：处理电容器的动态分析关键抓住不变量若电容器与电源断开，电量保持不变；若电容器始终与电源相连，电容器两端间的电势差保持不变三、非选择题：包括必考题和选考题两部分第9题第12题为必考题，每个试题考生都必须作答第13题第18题为选考题，考生根据要求作答（一）必考题9某小组利用图示实验装置来测量物块A和长木板之间的动摩擦因数把左端带有挡板的足够长的长木板固定在水平桌面上，物块A置于挡板处，不可伸长的轻绳一端水
27、平连接物块A，另一端跨过轻质定滑轮挂上与物块A质量相同的物块B并用手按住物块A，使A、B保持静止测量物块B离水平地面的高度为h释放物块A，待物块A静止时测量其运动的总距离为s（物块B落地后不反弹）回答下列问题：（1）根据上述测量的物理量可知=（2）如果空气阻力不可忽略，该实验所求值偏大（填“偏大”或“偏小”）考点：探究影响摩擦力的大小的因素 专题：实验题分析：首先分析题境，知道两物块的运动情况，找出B物体落地后，A的运动位移，据动能定理求解即可；从能量守恒定律的角度分析误差解答：解：（1）据题境可知，AB两物体一起运动，当B物体落地后，A物体在摩擦力的作用下，做匀减速运动设B物体落地瞬间时，A
28、 和B的动能都为Ek，据能量守恒可知，mghmgh=2EK当B落地后，A做匀减速运动，A的位移为sh，据动能定理得：mg（sh）=0Ek联立以上两式得：=（2）当空气阻力不可忽略时，有产生的热量，会使B物体落地瞬间时，A 或B的动能减小；使B落地后，A做匀减速运动，A的位移为s变小，所以会使偏大故答案为：（1）；（2）偏大点评：据题境明确实验原理是解题的关键，找出位移之间的关系是解题的核心，灵活应用能量守恒分析误差，题目有点难度10某实验小组在“测定金属电阻率”的实验过程中，正确操作获得金属丝的直径以及电流表、电压表的读数如图所示，则它们的读数值依次是0.999mm、0.42A、2.28V已知
29、实验中所用的滑动变阻器阻值范围为05，电流表内阻约几欧，电压表内阻约20k电源电动势E=6V，内阻很小则以下电路图中A（填电路图下方的字母代号）电路为本次实验测电阻Rr应当采用的最佳电路但用此最佳电路测量的结果仍然会比真实值偏小若已知实验所用的电流表内阻的准确值RA，那么准确测量金属丝电阻Rr的最佳电路应是上图中的D电路（填电路图下的字母代号）此时测得电流为I、电压为U，则金属丝电阻Rr=（ 用题中字母代号表示）考点：测定金属的电阻率 专题：实验题分析：螺旋测微器读数时，可以分成整数部分和小数部分两部分来读，读整数时，注意“半毫米”刻度线是否露出；电表读数时注意“估读”方式：若每小格的读数是“
30、0.02”A，则应是估读，即估读到0.01A，若每小格的读数是“0.1”V，则应是“”估读，即估读到0.01V，若每小格最小读数是“0.5”，则应是估读，即估读到“0.1”即可；滑动变阻器采用分压式接法时，通过电源的电流远大于采用限流式时的电流若已知实验所用的电流表内阻的准确值RA，则应用电流表内接；并且为获得尽可能多的数据应该采用分压式接法；由欧姆定律可得金属丝电阻值解答：解：螺旋测微器的读数为：d=0.5mm+49.90.01mm=0.999mm；电流表的读数为：I=0.42A；电压表的读数为：U=2.28V；根据题意，为获得尽可能多的数据应该采用分压式接法，又待测电阻阻值远小于电压表内阻
31、，故电流表应用外接法，故电路图A为应当采用的最佳电路根据欧姆定律R=知，由于电压表的分流作用而使得R测量值偏小若已知实验所用的电流表内阻的准确值RA，则应用电流表内接；故电路D正确，故选：D；最终测得金属丝电阻为：故答案为：0.9981.000；0.42；2.272.29；A；小；D；点评：在螺旋测微器读数时，要分别读出整数部分和小数部分，再求出两部分的和，则应“半毫米”刻度线是否露出；11某兴趣小组对一辆自制遥控小车的性能进行研究他们让这辆小车在水平的直轨道上由静止开始运动，并将小车运动的全过程记录下来，通过处理转化为vt图象，如图所示（除2s10s时间段图象为曲线外，其余时间段图象均为直线
32、）已知在小车运动的过程中，2s后小车的功率P=9W保持不变，小车的质量为1.0kg，可认为在整个运动过程中小车所受到的阻力大小不变求：（1）小车所受到的阻力大小；（2）小车在010秒内位移的大小考点：动能定理；功率、平均功率和瞬时功率 专题：动能定理的应用专题分析：（1）当小车的牵引力与阻力相等时，速度最大，根据P=Fv，结合最大速度求出阻力的大小（2）根据运动学公式求出匀加速直线运动的位移，根据动能定理求出变加速运动的位移，从而得出总位移解答：解：（1）由图象知，前两秒t1的末速度为v1=3m/s，最大速度为vm=6m/s根据 P=Fv，当 F=Ff时，v=vm解得阻力（2）前2s，小车做匀
33、加速直线运动，位移x1，由运动学公式得，2s10s内，时间为t2，根据动能定理代入数据解得x2=39m010s内位移x=x1+x2=42m答：（1）小车所受到的阻力大小为1.5N；（2）小车在010秒内位移的大小为42m点评：解决本题的关键知道牵引力等于阻力时速度最大，对于变加速运动的过程，求解位移时，用运动学公式无法求解，往往通过能量的角度进行解决12（19分）如图甲所示，空间存在一有界匀强磁场，磁场的左边界如虚线所示，虚线右侧范围足够大，磁场方向竖直向下在光滑绝缘水平面内有一长方形金属线框，ab边长为L=0.2m线框质量m=0.1kg、电阻R=0.1，在水平向右的外力F作用下，以初速度v0
34、=1m/s一直做匀加速直线运动，外力F大小随时间t变化的图线如图乙所示以线框右边刚进入磁场时开始计时，求：（1）匀强磁场的磁感应强度B；（2）线框进入磁场的过程中，通过线框的电荷量q；（3）若线框进入磁场过程中F做功为WF=0.27J，求在此过程中线框产生的焦耳热Q考点：导体切割磁感线时的感应电动势；闭合电路的欧姆定律；焦耳定律 专题：电磁感应与电路结合分析：（1）由图象知力和时间，根据欧姆定律和牛顿运动定律列式求解；（2）根据q=It结合欧姆定律求解；（3）根据功能关系得：WF=Q+EK求解解答：解：（1）由图象分析可知：当t=0时刻，力F0=BI0L+ma=0.3N此时电流当t=0.5s时
35、刻，力F1=BI1L+ma=0.4N此时电流当t=0.5s后，力F2=ma=0.2N联立方程并求解得：B=0.5T，v1=2m/s（2）根据题意：平均电流平均电动势磁通量的变化量=BS面积变化量代入数据并整理得：q=0.75c（3）根据功能关系得：WF=Q+EK动能增量整理得：Q=0.12J答：（1）匀强磁场的磁感应强度B为0.5T；（2）线框进入磁场的过程中，通过线框的电荷量q为0.75C；（3）若线框进入磁场过程中F做功为WF=0.27J，求在此过程中线框产生的焦耳热Q为0.12J点评：本题考查了求磁感应强度、电荷量与焦耳热，分析清楚线框的运动过程，应用安培力公式、牛顿第二定律、运动学公式
36、、法拉第电磁感应定律、能量守恒定律即可正确解题【物理-选修3-3】13下列说法中正确的是（）A随着科学技术的发展，制冷机的制冷温度可以降到280B随着科学技术的发展，热量可以从低温物体传到高温物体C随着科学技术的发展，热机的效率可以达到100%D无论科技怎样发展，第二类永动机都不可能实现E无论科技怎样发展，都无法判断一温度升高的物体是通过做功还是热传递实现的考点：热力学第二定律；热力学第一定律 分析：热力学第二定律：不可能把热从低温物体传到高温物体而不产生其他影响；不可能从单一热源取热使之完全转换为有用的功而不产生其他影响；做功和热传递都可以改变物体的内能解答：解：A、热力学温度与分子的平均动
37、能成正比，分子热运动的平均动能不可能为零，制冷机的制冷温度不可以降到273以下故A错误；B、随着科学技术的发展，热量可以从低温物体传到高温物体，故B正确；C、根据热力学第二定律，热机的效率不可以达到100%故C错误；D、不可能从单一热源取热使之完全转换为有用的功而不产生其他影响，即第二类永动机都不可能实现；故D正确；E、做功和热传递都可以改变物体的内能，无论科技怎样发展，都无法判断一温度升高的物体是通过做功还是热传递实现的故E正确故选：BDE点评：本题考查了热力学第三定律、热力学第二定律等知识点，难度不大，关键多看书要加强对热力学第二定律的几种不同的说法的理解14如图所示，在一端封闭的U形管中
38、用水银柱封一段空气柱L，当空气柱的温度为7时，左臂水银柱的长度h1=10cm，右臂水银柱长度h2=7cm，气柱长度L=15cm；将U形管放入91水中且状态稳定时，左臂水银柱的长度变为h1=7cm求当时的大气压强（单位用cmHg）考点：理想气体的状态方程 专题：理想气体状态方程专题分析：此题是气体的理想状态方程的考查，写出封闭气体的开始的状态及变化后的状态参量，利用理想气体状态方程写出关系式求解解答：解：设大气压强为P0，对封闭空气柱进行状态分析，初状态压强为：P1=P0+h2h1=P03，体积为：V1=LS，温度为：T1=280K末状态压强为：，体积为：，温度为：T2=364K由状态方程：代入
39、数据解得：P0=75cmHg答：当时的大气压强为75cmHg点评：本题中，气体体积的变化影响试管两边水银柱液面的高度差，即气体的三个状态参量都在变化，关键重在找到体积的变化和压强的联系关系【物理-选修3-4】15图（a）为一列简谐横波在t=0时的波形图，图（b）为介质中平衡位置在x=4m处的质点P的振动图象下列说法正确的是（）A质点p的振幅为6cmB横波传播的波速为1m/sC横波沿x轴负方向传播D在任意4s内P运动的路程为24cmE在任意1s内P运动的路程为6cm考点：横波的图象；波长、频率和波速的关系 专题：振动图像与波动图像专题分析：根据a、b两图可以求出该波的波长和周期，从而求出波速，t
40、=0s时P点在平衡位置上，由b图知下一时刻向上振动，从而确定了该波向右传播根据图象知周期和波长，根据波速v=解波速，根据质点简谐运动的周期性求出t=4s内质点Q通过的路程解答：解：A、由b图知p的振幅为6cm，故A正确；B、由a图得到该波的波长为4m，由b图得到该波的周期为4s，故波速为：v=1m/s，故B正确；C、t=0s时P点在平衡位置上，由b图知下一时刻向下振动，从而确定了该波向右传播，故C错误；D、质点简谐运动时每个周期内的路程为振幅的4倍，故Q点的路程为46cm=24cm，故D正确；E、质点在一个周期内通过的路程是四个振幅，但周期内通过的路程不一定是一个振幅故E错误；故选：ABD点评
41、：本题有一定的综合性考察了波动和振动图象问题，关键是会根据振动情况来判定波的传播方向16如图为某种透明材料制成的边长为4cm，横截面为正三角形的三棱镜，将其置于空气中，当一细光束从距离顶点A为1cm的D点垂直于AB面入射时，在AC面上刚好发生全反射，光在真空中的速度c=3108m/s求：（1）此透明材料的折射率；（2）光通过三棱镜的时间考点：光的折射定律 专题：光的折射专题分析：（1）全反射临界角的正弦值：sinC=；（2）先画出光路图，根据求解速度，结合几何关系得到光在介质中的光程，然后根据t=求解时间解答：解：（1）由几何关系知C=60，所以：（2）光在介质中路程：s=21tan60 光速
42、：所用时间：答：（1）此透明材料的折射率为；（2）光通过三棱镜的时间为1.31010s点评：本题是几何光学问题，做这类题目，首先要正确画出光路图，当光线从介质射入空气时要考虑能否发生全反射，要能灵活运用几何知识帮助我们分析角的大小【物理-选修3-5】17关于原子结构及原子核的知识，下列判断正确的是（）A每一种原子都有自己的特征谱线B处于n=3的一个氢原子回到基态时一定会辐射三种频率的光子C射线的穿透能力比射线弱D衰变中的电子来自原子的内层电子E放射性元素的半衰期与压力、温度无关考点：X射线、射线、射线、射线及其特性；原子的核式结构 分析：每种原子都有自己的特征谱线，处于n=3的一个氢原子回到基
43、态时最多会辐射三种频率的光子，射线的穿透能力最弱，电离本领最强衰变中的电子来自原子内部的中子转化为质子同时释放出一个电子放射性元素的半衰期与压力、温度无关解答：解：A、每种原子都有自己的特征谱线，故可以根据原子光谱来鉴别物质故A正确B、处于n=3的一个氢原子回到基态时可能会辐射一种频率的光子，或两种不同频率的光子，处于n=3的“一群”氢原子回到基态时会辐射三种频率的光子故B错误C、射线的穿透能力最弱，电离本领最强故C错误D、衰变中的电子来自原子内部的中子转化为质子同时释放出一个电子故D错误E、放射性元素的半衰期与压力、温度无关，故E正确故选：ACE点评：掌握三种射线的性质，衰变的实质，半衰期的
44、特点，此类题目考查的知识面较广，难度不大18如图所示，质量为M=2kg的木板静止在光滑的水平地面上，木板AB部分为光滑的四分之一圆弧面，半径为R=0.3m，木板BC部分为水平面，粗糙且足够长质量为m=1kg的小滑块从A点由静止释放，最终停止在BC面上D点（D点未标注）若BC面与小滑块之间的动摩擦因数=0.2，g=10m/s2，求：（）小滑块刚滑到B点时的速度大小；（）BD之间的距离考点：动量守恒定律 专题：动量定理应用专题分析：（1）系统水平方向上不受外力，所以从A到D的过程中，系统水平方向动量守恒滑块从A到B的过程中，滑块木块均是光滑接触，故系统没有能量损失即机械能守恒；列出两个方程即可解答
45、；（2）从B到D的过程中，滑块受摩擦力作用，且摩擦力对滑块做功，系统的机械能转化为内能解答：解：（1）滑块从A下滑到B的过程中，系统在水平方向上动量守恒、机械能守恒，令木板的质量为M到达B点时的速度为vM，滑块的质量为m到达B点时的速度vm，令圆弧的半径为R则：线圈滑块m运动的方向为正方向，由水平方向动量守恒得：mvm+MvM=0 由机械能守恒定律可得：mgR= 联立方程，代入数据得：vm=2m/s；vM=1m/s（2）m在木板上滑动的过程中机械能转化为内能，则：代入数据解得：L相对=1.5m答：（）小滑块刚滑到B点时的速度大小是2m/s；（）BD之间的距离是1.5m点评：本题主要考查动量守恒和机械能守恒定律的条件，需要注意的是滑块从A到B的过程中，系统动量不守恒，但在水平方向上动量守恒，因为系统在水平方向上没有受到外作作用