1、2016高考押题卷（3）【江苏卷】物理试题本试卷分第卷（选择题）和第卷（非选择题）两部分第卷（共9小题，共31分）一、单项选择题：本题共5小题，每小题3分，共15分，每小题只有一个选项符合题意。1A、B两个物体的加速度aAaB，则（ ）AA的速度一定比B的速度大 BA的速度变化量一定比B的速度变化量大CA的速度变化一定比B的速度变化快 DA受的合外力一定比B受的合外力大【答案】 C【解析】加速度表示了物体运动速度变化的快慢，与速度、速度变化量是不同的物理量，数值上三者之间没有必然的大小联系，故选项AB错误，选项C正确；根据牛顿第二定律可知要比较物体受力大小除加速度外还要考虑物体的质量关系，故选
2、项D错误。2“北斗”卫星定位系统由地球静止轨道卫星（同步卫星）、中轨道卫星和倾斜同步卫星组成，地球静止轨道卫星和中轨道卫星都在圆轨道上运行，它们距离地面的高度分别约为地球半径的6倍和3.4倍，下列说法中正确的是（ ）A静止轨道卫星的周期约为中轨道卫星的2倍B静止轨道卫星的线速度大小约为中轨道卫星的2倍C中轨道上的卫星所受的万有引力比静止轨道上的卫星大D中轨道上的卫星在运行过程中加速度不变【答案】 A3质量为2 kg的质点在xy平面上做曲线运动，在x方向的速度时间图象和y方向的位移时间图象如图所示，下列说法中正确的是（ ） A质点的初速度为6 m/s B质点做直线运动C质点所受的合外力为3 N
3、D质点初速度的方向与合外力方向垂直【答案】C【解析】由图象可知，质点在x方向上做初速度为6 m/s，加速度大小为1.5 m/s2的匀减速直线运动，在y方向上做速度大小为4 m/s的匀速直线运动，因此质点的初速度大小为：v0=m/s=m/s，故选项A错误；根据牛顿第二定律可知，质点所受合力方向沿x方向，初速度方向在+x、+y方向之间，两者不共线，因此做曲线运动，故选项BD错误；所受合力大小为：F=ma=3 N，故选项C正确。4两个电荷量分别为q1和q2的点电荷放在x轴上的O、M两点，两电荷连线上各点电势随x变化的关系如图所示，其中A、N两点的电势为零，ND段中的C点的电势最高，则（ ）Aq1可能
4、是负电荷Bq1的电荷量一定大于q2的电荷量C将一负电荷从N点由静止释放，将沿x轴做加速度先增大后减小的加速运动D将一正电荷从N点移到D点，其电势能先减小后增大【答案】 B5如图所示，物体与轨道各处的动摩擦因数均相同，第一次物块从左侧高h1处的A点滑下，经过一段水平轨道，滑上右侧倾角为1的轨道1，刚好能滑到高h2处的B点，将轨道1改成倾角为2的轨道2（21），轨道2和轨道1的交点恰是B点，第二次物块仍从左侧轨道的A点滑下，滑上右侧的轨道2，则（ ）A物块从高为h1的A处滑下，恰能滑到高为h2的B点B物块从高为h1的A处滑下，能够滑到高为h2的B点并继续上滑C物块从高为h1的A处滑下，不能滑到高为
5、h2的B点D由于不知道1、2的具体数值，无法判定【答案】 A【解析】物块在斜面上运动时受重力mg、斜面的支持力N和滑动摩擦力f作用，设左侧斜轨道倾角为0，水平轨道长为x0，物块与轨道间的动摩擦因数为，物块沿右侧倾角为的轨道上升的最大高度为h，根据动能定理有mg（h1h）mgcos 0mgx0mgcos =0，解得h1cot 0+x0+hcot =，显然h1cot 0+x0+hcot 表示物块运动过程中总的水平位移x，因此物块无论沿轨道1运动，还是沿轨道2运动，物块运动的总水平位移x与沿右侧轨道上升的最大高度h成一次函数关系，且其图象斜率、纵截距为定值，可见上升的最大高度相同，故选项A正确。二、
6、多项选择题：本题共4小题，每小题4分，共计16分，每小题有多个选项符合题意，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，错选或不答的得0分。6某电厂发电机的输出电压稳定，它输出的电先通过电厂附近的升压变压器升压，然后用输电线路把电能输送到远处居民小区附近的降压变压器，经降低电压后输送到用户，设升、降压变压器都是理想变压器，那么在用电高峰期，白炽灯不够亮，但电厂输送的总功率增加，这是因为（ ）A升压变压器的副线圈的电压变大 B降压变压器的副线圈的电压变小C高压输电线路的电压损失变大 D用户的负载增多，高压输电线中损耗的功率减小【答案】 BC7如图所示，三个相同的小球A、B、C，其中小球A沿高为h、倾角
7、为的光滑斜面以初速度v0从顶端滑到底端，小球B以同样大小的初速度从同等高度处竖直上抛，小球C以同样大小的初速度从同等高度处水平抛出，则（ ）A小球A到达地面时的速度最大B从开始至落地，重力对它们做功相同C从开始运动至落地过程中，重力对它们做功的平均功率一定相同D三个小球到达地面时，小球B重力的瞬时功率最大【答案】 BD【解析】三球在整个运动过程中只有重力做功，且重力做的功相等，又由于三球运动的初速度大小相等，因此三球到达地面时的速度大小相等，故选项A错误，选项B正确；三球运动过程中，竖直方向的加速度B、C相等，A最小，又因为全程三球竖直方向的位移相同，但B球做竖直上抛运动，运动中有一段往返过程
8、，因此运动时间C球最短，即C球重力做功的平均功率最大，故选项C错误；三球落地时只有B球速度方向竖直向下，与重力方向相同，其他两球的落地速度均有水平分量，因此三球落地时，球B重力的瞬时功率最大，故选项D正确。8如图所示，有一斜面倾角为、质量为M的斜面体置于水平面上，A是最高点，B是最低点，C是AB的中点，其中AC段光滑、CB段粗糙，一质量为m的小物块从A点由静止释放，经过时间t滑至C点，又经过时间t到达B点，斜面体始终处于静止状态，重力加速度为g，则（ ）AA到C与C到B过程中，滑块运动的加速度相同BA到C与C到B过程中，滑块运动的平均速度相等CC到B过程地面对斜面体的摩擦力水平向左DC到B过程
9、地面对斜面体的支持力大于（M+m）g【答案】 BCD9如图所示，倾角为30的斜面上，轻绳一端通过两个滑轮与A相连，另一端固定于天花板上O点，连接A的轻绳与斜面平行，挂上物块B后，动滑轮两边轻绳的夹角为120，已知A物体的质量为m，B物块的质量为时，A、B恰能保持静止，不计绳与滑轮间的摩擦及滑轮的质量，则（ ）AA物体与斜面之间的最大静摩擦力为BB物块的质量为m时，A物体也能处于静止状态C若把O点水平向左缓慢移动一段距离，A物体的摩擦力可能先变小后变大D若把O点竖直向下缓慢移动一段距离，A物体的摩擦力不变【答案】 ACD 第卷（共6题，共89分）三、简答题：本题分必做题（第10、11题）和选做题
10、（第12题）两部分，共42分，请将解答填写在答题卡相应的位置。必做题：10（8分）如图甲所示为测量物块与水平桌面之间动摩擦因数的实验装置示意图，实验步骤如下：用天平测量物块和遮光片的总质量M、重物的质量m，用游标卡尺测量遮光片的宽度d，用米尺测量两光电门之间的距离s；调整轻滑轮，使细线水平；让物块从光电门A的左侧由静止释放，分别测出遮光片经过光电门A和光电门B所用的时间tA和tB，求出加速度a；多次重复步骤，求a的平均值；根据上述实验数据求出动摩擦因数。回答下列问题：（1）测量d时，游标卡尺（主尺的最小分度值为1 mm）的示数如图乙所示，其读数为 cm；（2）物块的加速度a可用d、s、tA和t
11、B表示为a= ；（3）动摩擦因数可用M、m、和重力加速度g表示为= ；（4）如果细线没有调整到水平，由此引起的误差属于 （选填“偶然误差”或“系统误差”）。【答案】 （1）0.950（2分） （2）（2分） （3）（2分） （4）偶然误差（2分） 11（10分）利用如图所示电路测量一量程为300 mV的电压表的内阻RV（约为300 ），某同学的实验步骤如下：按电路图正确连接好电路，把滑动变阻器R的滑片P滑到a端，闭合开关S2，并将电阻箱R0的阻值调到较大值；闭合开关S1，调节滑动变阻器滑片的位置，使电压表的指针指到满刻度；保持开关S1闭合和滑动变阻器滑片P的位置不变，断开开关S2，调整电阻箱R
12、0的阻值大小，使电压表的指针指到满刻度的二分之一，读出此时电阻箱的阻值为R0=298 。实验所提供的器材除待测电压表、电阻箱（最大阻值999.9 ）、电池（电动势约1.5 V，内阻可忽略不计）、导线和开关之外，还有如下可供选择的实验器材：A滑动变阻器：最大阻值200 B滑动变阻器：最大阻值10 C定值电阻：阻值约20 D定值电阻：阻值约200 根据以上设计的实验方法，回答下列问题：（1）电压表内阻RV= 。（2）为了使测量比较精确，从可供选择的实验器材中，滑动变阻器R应选用 ，定值电阻R应选用 （填写可供选择实验器材前面的序号）。（3）对于上述的测量方法，从实验原理分析可知，在测量操作无误的情
13、况下，实际测出的电压表的测量阻值 （选填“大于”、“等于”或“小于”）真实值。【答案】 （1）298（3分） （2）B（2分） C（2分） （3）大于（3分）【解析】（1）由于步骤中保持滑动变阻器滑片P的位置不变，即滑动变阻器左端与滑片P之间分得的电压近似认为不变，由电压表的指针从满偏变为半偏，则变阻箱分得的电压与电压表近似相等，所以此时变阻箱的阻值即为电压表的内阻，有：RV=R0=298 。（2）从实验易操作与精确的角度来说，滑动变阻器采用分压式接法，宜选用最大阻值较小的，即B，又由于步骤中采用半偏法测电压表阻值，因此变阻箱的接入，对电路总阻值的影响应较小，所以滑动变阻器及定值电阻都宜选用小
14、阻值的，故定值电阻选用C。（3）根据步骤可知，由于变阻箱的引入，使得电路总电阻变大，滑动变阻器左端与滑片P之间分得的电压变大，即变阻箱与电压表的总电压比引入变阻箱之前变大，因此变阻箱分得的电压应比电压表分得的电压略大，即实际阻值应小于298 。12选做题：（请从A、B和C三小题中选定两小题作答，并在答题卡上把所选题目对应字母后的方框涂满涂黑，如都作答则按A、B两小题评分。）A（选修模块33）（12分）（1）（4分）PM2.5是指空气中直径等于或小于2.5微米的悬浮颗粒物，其漂浮在空中做无规则运动，很难自然沉降到地面，吸入后会进入血液对人体形成危害，矿物燃料燃烧的排放是形成PM2.5的主要原因，
15、下列关于PM2.5的说法中，正确的是 。APM2.5的大小接近分子大小的数量级 BPM2.5在空气中的运动属于分子热运动C温度越高，PM2.5的运动越激烈 D环境温度低于0 时，PM2.5不具有内能【答案】 C（4分）（2）（4分）用油膜法估测分子大小的实验步骤如下：向体积为V1的纯油酸中加入酒精，直到油酸酒精溶液的总体积为V2；用注射器吸取上述溶液，一滴一滴地滴入小量筒，当滴入n滴时体积为V0；先往边长为3040 cm的浅盘里倒入2 cm深的水；用注射器往水面上滴1滴上述溶液，等油酸薄膜形状稳定后，将事先准备好的玻璃板放在浅盘上，并在玻璃板上描出油酸薄膜的形状；将画有油酸薄膜轮廓形状的玻璃板
16、放在画有许多边长为a的小正方形的坐标纸上，计算出轮廓范围内正方形的总数为N。上述过程遗漏的步骤是 ，油酸分子直径的表达式d= 。【答案】 将痱子粉均匀地洒在水面上（2分）（2分）【解析】在步骤之间遗漏了将痱子粉均匀地洒在水面上的操作。根据题意可知油酸酒精溶液在水面上形成的油酸薄膜层的面积为：S=Na2，1滴油酸酒精溶液中所含油酸的体积为：V=，又因为水面上形成的油酸薄膜层为单分子层，因此油膜的厚度即为油酸分子直径，有：d=。（3）（4分）如图所示，一定质量的理想气体发生如图所示的状态变化，已知A状态气体的体积VA=10 L，气体从A状态到C状态的过程中对外做了1.7103 J的功，试求：气体在
17、C状态时的体积VC；气体从A状态到C状态的过程中，从外界吸热还是放热？并计算此热量的值。【答案】 20 L 吸热 1.7103 J B（选修模块34）（12分）（1）（4分）下列说法中正确的是 。A水面上的油膜在阳光照射下会呈现彩色，这是光的干涉现象B麦克斯韦首先预言了电磁波的存在，并通过实验加以证实C某种介质中振源振动得越快，机械波传播得就越快D运动物体的速度可以大于真空中的光速【答案】 A（4分）【解析】麦克斯韦首先预言了电磁波的存在，但由赫兹通过实验加以证实，故选项B错误；机械波在介质中传播的速度由介质决定，故选项C错误；根据爱因斯坦相对论可知任何物体运动的速度都不可能大于真空中的光速，
18、故选项D错误；选项A说法正确。（2）（4分）如图所示，一列简谐波沿x轴传播，实线为t=0时的波形图，此时P质点向y轴负方向运动，虚线为经过0.02 s时第一次出现的波形图，则波沿x轴 （选填“正”或“负”）方向传播，波速为 m/s。【答案】 正（2分） 0.5（2分）【解析】由t=0时P质点向y轴负方向运动可知，该列波沿+x方向传播。由波形图可知，波长=8 cm，经过时间t=0.02 s波向+x方向传播了1 cm，所以该波的传播周期为T=0.16 s，解得波的传播速度为v=m/s=0.5 m/s。（3）（4分）两束平行的细激光束垂直于半圆柱玻璃的平面射到半圆柱玻璃上，如图所示，已知其中一条光线
19、沿直线穿过玻璃，它的入射点是O，另一条光线的入射点为A，穿过玻璃后两条光线交于P点，已知玻璃截面的圆半径为R，OA=，OP=，求该玻璃材料的折射率。【答案】 （1.73） C（选修模块35）（12分）（1）（4分）如图是氢原子的能级示意图，对于一群处于n=4能级的氢原子，下列说法中正确的是 。A这群氢原子能够吸收任意能量的光子后向更高能级跃迁B这群氢原子能够发出6种不同频率的光C这群氢原子发出的光子中，能量最大为10.2eVD从n=4能级跃迁到n=3能级发出的光的波长最长【答案】 BD（4分）（2）（4分）在光电效应实验中，某金属的截止频率相应的波长为0，该金属的逸出功为 ，若用波长为（0）的
20、单色光做实验，则其截止电压为 （已知电子的电荷量、真空中的光速和普朗克常量分别为e、c和h）。【答案】 （2分） （2分）【解析】在光电效应实验中，金属的逸出功为W0=h0=，用波长为的单色光照射时，逸出光电子的最大初动能为Ekm=W0，根据动能定理可知，截止电压为Uc=，解得Uc=。（3）（4分）如图所示，滑块A、B的质量分别为m1和m2，由轻质弹簧相连，置于光滑水平面上，把两滑块拉至最近，使弹簧处于最大压缩状态后用一轻绳绑紧，两滑块一起以恒定的速率v0向右滑动。若轻绳突然断开，当弹簧第一次恢复原长时，滑块A的运动方向不变，动能变为原来的，求此时滑块B的速度大小。【答案】 【解析】设当弹簧第
21、一次恢复原长时，滑块A、B的速度分别为v1、v2，根据题意有=解得v1=对滑块A、B系统根据动量守恒定律有 （m1+m2）v0=m1v1+m2v2，解得v2=（4分）四、计算题：本题共3小题，共计47分，解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位。13（15分）如图甲所示，一根能承受最大拉力为16 N的轻绳系一质量为m=0.8 kg、半径为1 m的圆形线圈，已知线圈的总电阻为R=0.5 ，在线圈上半部分分布着垂直于线圈平面向里、大小随时间变化的磁场，如图乙所示，已知t0时刻轻绳刚好被拉断，g取10 m/s2。求：（
22、1）在轻绳被拉断前线圈感应电动势的大小及感应电流的方向；（2）t=1 s时线圈受到的安培力；（3）t0的大小。【答案】 （1）0.5 V 1 A 沿逆时针方向 （2） N，方向竖直向下 （3）4 s 14（16分）如图所示，在竖直平面内，粗糙斜面轨道AB长为2.4 m，其下端与光滑圆弧轨道BCD相切于B点，C是最低点，BOC=37，D与圆心O等高，圆弧轨道半径R=1.0 m，现有一个质量为m=0.2 kg、可视为质点的小物体，从D点的正上方h=1.6 m的E点处自由下落，小物体恰好能运动到A点（sin 37=0.6，cos 37=0.8，g取10 m/s2）。求：（1）小物块第一次通过C点时轨
23、道对小物块的支持力FN的大小；（2）小物块与斜面AB之间的动摩擦因数；（3）小物块从E点开始下落直至最后，系统因摩擦所产生的热量Q。【答案】 （1）12.4 N （2）0.5 （3）4.8 J15（16分）如图甲所示的竖直平面坐标系xOy内，存在正交的匀强电场和匀强磁场，已知电场强度E=2.0103 N/C、方向竖直向上，磁场方向垂直坐标系平面、磁感应强度B大小为0.5 T，方向随时间按图乙所示规律变化（开始时刻，磁场方向垂直纸面向里），t=0时刻，有一带正电的微粒以v0=1.0103 m/s的速度从坐标原点O沿x轴正方向进入场区，恰能做匀速圆周运动，重力加速度g取10 m/s2。（1）求带电微粒的比荷。（2）带电微粒从开始时刻起经多长时间回到x轴，到达x轴何处？（2）带电微粒能否返回坐标原点？如果不能，请说明理由，如果能，则经多长时间返回原点？【答案】 （1） 5.0103 C/kg （2）（1.1 m，0） （3）能回到坐标原点，经过1.6103 s【解析】（1）带电微粒在场区内做匀速圆周运动，则电场力与重力平衡，有：mg=qE解得：=5.0103 C/kg