1、合格性考试模拟测试卷(四)(时间：60分钟满分：100分)一、单项选择题(本大题共20小题，每小题3分在每小题列出的四个选项中，只有一项最符合题意)1发现万有引力定律的物理学家是()A开普勒 B牛顿 C爱因斯坦 D麦克斯韦解析：是牛顿发现了万有引力定律，不是开普勒、麦克斯韦和爱因斯坦，故B正确答案：B2南北朝傅翕曾写下这样一首诗：“空手把锄头，步行骑水牛人在桥上走，桥流水不流”其中“桥流水不流”一句应理解成其选择的参考系是()A水 B桥 C人 D地面解析：“桥流水不流”可以理解为“桥动水不动”，意思就是说桥在运动，水在静止以水为参照物，则水就是静止的，而桥和水的位置发生了变化，则桥是运动的，与
2、题意相符，故A正确；以桥为参照物，则桥是静止的，而水与桥的位置发生了变化，则水是运动的，与题意不符，故B错误；以人为参照物，因为人在桥上走，人与桥的位置发生了变化，桥是运动的，而水与人的位置也发生了变化，所以水也是运动的，与题意不符，故C错误；以地面为参照物，地面与桥的位置没有发生变化，桥是静止的，水与地面的位置发生了变化，所以水也是运动的，故D也是错误的答案：A3某空间站绕地球做匀速圆周运动，在空间站中不能正常使用的仪器是()A电子表 B天平 C电子温度计 D电压表解析：电子表的工作原理与重力无关，故A错误；天平是利用杠杆的原理，天平平衡需要物体的重力，所以天平不能在失重状态下有效使用，故B
3、正确；电子温度计的工作原理跟重力没有关系，在太空中能用电子温度计测量温度，故C错误；电压表的工作原理与重力无关故D错误答案：B4如图，小明以不同的速度投篮均命中，运动轨迹分别为a、b、c，下列说法中正确的是()Aa的位移最大 Bb的位移最大 Cc的位移最大 Da、b、c位移一样大解析：小明投球的初末位置相同，则虽然轨迹不同，则路程不同，但是位移相同故D正确答案：D4题图 5题图5如图所示，电动遥控小车放在水平长木板上面，当它在长木板上水平向左加速运动时，长木板保持静止，此时()A小车只受重力、支持力作用B木板对小车的作用力方向水平向左C木板对小车的作用力大于小车对木板的作用力D木板对小车的作用
4、力与小车对木板的作用力大小一定相等解析：小车加速向左运动，受到自身的重力和电机的驱动力，受到长木板对小车的支持力和阻力，A错误；木板对小车的作用力包括竖直向上的支持力和水平方向的阻力，根据平行四边形定则可知合力方向一定不在水平方向，B错误；木板对小车的作用力与小车对木板的作用力是一对相互作用力，等大反向，C错误，D正确答案：D6关于经典力学的适用范围和局限性，下列说法正确的是()A经典力学过时了，应该被量子力学所取代B由于超音速飞机的速度太大，其运动不能用经典力学来解释C人造卫星的运动不适合用经典力学来描述D当物体速度接近光速时，其运动规律不适合用经典力学来描述解析：经典力学在低速宏观物理过程
5、中适用，量子力学不可替代，故A错误；超音速飞机的速度远低于光速，其运动能用经典力学来解释，故B错误；人造卫星的运动速度远低于光速，适合用经典力学来描述，故C错误；当物体速度接近光速时，其运动规律不适合用经典力学来描述，故D正确答案：D7飞机俯冲拉起时，飞行员处于超重状态，此时座位对飞行员的支持力大于所受的重力，这种现象叫过荷过荷过重会造成飞行员大脑贫血，四肢沉重，暂时失明，甚至昏厥受过专门训练的空军飞行员最多可承受9倍重力的支持力影响g取10 m/s2，则当飞机在竖直平面上沿圆弧轨道俯冲速度为100 m/s时，圆弧轨道的最小半径为 ()A100 m B111 m C125 m D250 m解析
6、：由题意知，8mgm，代入数据得R125 m选项C正确答案：C7题图8题图8如图所示，在水平地面上方的O点将小球分别以速度v1和v2水平抛出，从抛出到落地所用时间分别为t1和t2，水平位移大小分别为x1和x2.已知v1v2，不计空气阻力下列关系正确的是()At1t2 Bt1x2 Dx1v2，所以x1x2.故C正确答案：C9小孙同学用如图所示的木棍进行武术表演，使木棍在头顶上方的水平面内绕O点转动A、B为木棍上的两点，B点离O点的距离比A点离O点的距离大，下列说法正确的是()AA、B两点的周期TATB BA、B两点的周期TAvB DA、B两点的线速度大小vAvB解析：木棍上两点A、B属于同轴转动
7、，其角速度相同，根据公式有T，故两点周期相等故A、B错误；根据线速度与角速度关系式，有vr，rArB联立，可得vAPN可知，负电荷在M点电势能小于在N点的电势能，故C错误；在M点静止释放，正电荷在电场力的作用下运动，但是运动轨迹并不是电场线，故D错误答案：A17.将一圆形导线环水平放置，在圆环所在空间加上一水平向右的匀强磁场，mn、pq为圆环上两条互相垂直的直径，mn为水平方向，pq为竖直方向则下列选项中能使圆环中产生感应电流的是() A让圆环以过圆心且垂直于圆环平面的轴顺时针转动B让圆环在水平内向右平动C让圆环以mn为轴转动D让圆环以pq为轴转动解析：当圆环以过圆心且垂直于圆环平面的轴顺时针
8、转动时，圆环相对磁场的正对面积始终为零，因此S0，因而无感应电流产生，A错误；当圆环水平向右平动时，同样S0，因而无感应电流产生，B错误；当圆环以mn为轴转动时，圆环相对磁场的正对面积改变量S为零，回路中仍无感应电流，C错误；当圆环以pq为轴转动时，圆环相对磁场的正对面积发生了改变，回路中产生了感应电流，D正确答案：D18向心力演示器如图所示将皮带挂在半径相等的一组塔轮上，两个质量相等的小球A、B与各自转轴的距离分别为2R和R，则小球A、B做匀速圆周运动的()A角速度相等 B线速度大小相等 C向心力大小相等 D向心加速度大小相等解析：由于皮带挂在半径相等的一组塔轮上，因此两个小球旋转的角速度相
9、等，A正确；根据vr可知A的线速度是B的2倍，B错误；根据Fm2r可知A的向心力是B的2倍，C错误；根据a2r可知A的向心加速度是B的2倍，D错误答案：A 18题图19题图19如图所示，一位身高180 cm的运动员甲和一位身高160 cm的运动员乙，在挺举项目中用相同时间把同样重量的杠铃举起，如果他们对杠铃所做的功分别为W1和W2，功率分别为P1和P2，下列关系式中正确的是()AW1W2，P1P2 BW1W2；P1P2 CW1W2，P1P2 DW1W2；P1W2.因为两运动员举起杠铃的时间相同，所以根据P，可知P1P2，故A正确答案：A20如图所示，一台空调外挂机用两个三脚架固定在外墙上，空调
10、外机的重心恰好在支架横梁和斜梁的连接点O的上方，重力大小为G.横梁AO水平，斜梁BO跟横梁的夹角为，若斜梁长度可调整，调整斜梁过程中横梁始终水平，连接点O的位置保持不变，且认为斜梁对O点的支持力F1沿BO方向，横梁对O点的拉力F2沿OA方向下列说法正确的是()A斜梁长度增加，则F1、F2均增大 B斜梁长度增加，则F1、F2均减小C斜梁长度调整过程中，F2始终大于G D斜梁长度调整过程中，F2始终大于F1解析：对O受力分析有F1sin G，F1cos F2，即F1，F2，因此调节过程中取值范围090，根据三角函数可知，F2比G先大后小，且F2始终小于F1，斜梁增长，增大，F1、F2均减小，故A、
11、C、D错误，B正确答案：B二、非选择题(本大题包括3小题，共40分)21(12分)在“测定电池的电动势和内阻”实验中(1)用如图所示的电路图测量，得到如图所示的一条实验数据拟合线，则该电池的电动势E_V(保留三位有效数字)；内阻r_.(保留两位有效数字)(2)如图所示的实验器材有电压表(量程有03 V和015 V)、电流表(量程为03 mA，内阻为200 )、滑动变阻器(阻值变化范围为010 )、电阻箱(阻值调节范围为09 999 )、导线、开关和干电池下图中A所指的器材是_，B所指的器材是_(3)请在图中选择合适的器材，在虚线框中画出测定一节干电池的电动势和内阻的电路图解析：(1)将图线延长
12、到与坐标轴相交，如图由图像可知该电池的电动势E1.46 V，内阻r 0.65 .(2)图中A所指的器材是滑动变阻器；B所指的器材是电阻箱(3)测量电动势和内阻，可选用电压表和电阻箱完成，如图答案：(1)1.460.65(2)滑动变阻器电阻箱(3)22(13分)在很多游乐场所，经常会看到有套圈的游戏如图所示，某游客将质量为0.2 kg的小圈从A点水平抛出后恰好击中地面上的目标B.已知A点离地面的高度H1.25 m，A点与目标B的水平距离d3 m不计空气阻力，g取10 m/s2.求：(1)小圈在空中运动的时间t；(2)小圈水平抛出时速度大小v0；(3)小圈重力做功的平均功率P.解析：(1)根据自由
13、落体公式Hgt2，解得t s0.5 s.(2)根据水平方向做匀速直线运动有dv0t，解得v0 m/s6 m/s.(3)根据平均功率的公式得P W5 W.答案：(1)0.5 s(2)6 m/s(3)5 W23(15分)如图所示，在水平地面上方固定一水平平台，平台上表面距地面的高度H2.2 m，倾角37的斜面体固定在平台上，斜面底端B与平台平滑连接将一内壁光滑细管弯成半径R0.80 m的半圆，固定在平台右端并和平台上表面相切于C点，C、D为细管两端点且在同一竖直线上一轻质弹簧上端固定在斜面顶端，一质量m1.0 kg的小物块在外力作用下缓慢压缩弹簧下端至A点，此时弹簧的弹性势能Ep2.8 J，AB长
14、L2.0 m现撤去外力，小物块从A点由静止释放，脱离弹簧后的小物块继续沿斜面下滑，经光滑平台BC，从C点无能量消耗进入细管，由D点水平飞出已知小物块与斜面间动摩擦因数0.80，小物块可视为质点，不计空气阻力及细管内径大小，重力加速度g取10 m/s2，sin 370.6，cos 370.8.(1)求小物块到达C点时的速度大小；(2)求小物块到达D点时细管内壁对小物块的支持力大小解析：(1)小物块从A点到C点的过程，由动能定理可得W弹mgLsin mgLcos mv0，弹簧弹力做功等于弹簧弹性势能变化，故W弹2.8 J，代入上式，解得小物块达到C点速度为vC2 m/s.(2)从C到D，由动能定理可得2mgRmvmv，在D点，由牛顿第二定律可得FNmgm，解得细管内壁对小物块的支持力为FN55 N.答案：(1)2 m/s(2)55 N