1、内蒙古巴彦淖尔一中2014-2015学年高二上学期月考物理试卷（10月份）一、选择题（本题共10小题；每小题4分，共60分.在1-10每小题给出的四个选项中，只有一个选项正确，11-15小题有多个选项正确.全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分.）1对物体带电现象的叙述，正确的是（）A不带电的物体一定没有电荷B带电物体一定具有多余的电子C一根带电的导体棒放在潮湿的房间，过了一段时间后，发现导体棒不带电了，这过程中电荷不守恒D摩擦起电实际上是电荷从一个物体转移到另一个物体或者从物体的一部分转移到物体的另一部分的过程2关于点电荷、元电荷、检验电荷，下列说法正确的是（）A元电荷实际上
2、是指电子和质子本身B点电荷所带电荷量一定很小C点电荷所带电荷量一定是元电荷电荷量的整数倍D点电荷、元电荷、检验电荷是同一种物理模型3所示，光滑绝缘水平面上有三个带电小球a，b，c（可视为点电荷），三球沿一条直线摆放，仅在它们之间的静电力作用下静止，则以下判断正确的是（）Aa对b的静电力一定是引力Ba对b的静电力可能是斥力Ca的电量可能比b少Dc的电量一定比b少4如图所示，Q1和Q2是两个电荷量大小相等的点电荷，MN是两电荷的连线，HG是两电荷连线的中垂线，O是垂足，下列说法正确的是（）A若两电荷是异种电荷，则OM的中点与ON的中点电势一定相等B若两电荷是异种电荷，则O点的电场强度大小，与MN上
3、各点相比是最小的，而与HG上各点相比是最大的C若两电荷是同种电荷，则OM中点与ON中点处的电场强度一定相同D若两电荷是同种电荷，则O点的电场强度大小，与MN上各点相比是最小的，与HG上各点相比是最大的5如图所示，实线为不知方向的三条电场线，从电场中M点以相同速度飞出a、b两个带电粒子，运动轨迹如图中虚线所示，不计粒子的重力则（）Aa、b一定是同性电荷的两个带电粒子B沿MP轨迹方向电势将降低，沿MN轨迹方向电势将升高Ca粒子的加速度将减小，b粒子的加速度将增加Da粒子的电势能增加，b粒子的电势能减小6如图所示，a、b、c、d是某匀强电场中的四个点，它们正好是一个矩形的四个顶点，ab=cd=10c
4、m，ad=bc=20cm，电场线与矩形所在平面平行已知a点电势为20V，b点电势为24V，则（）A场强大小一定为E=40V/mBcd间电势差一定为4 VC场强的方向一定由b指向aDc点电势可能比d点低7下列物理量中与检验电荷有关的是（）A电场强度EB电势C电势能D电势差U8如图所示，原来不带电的金属导体MN，在其两端下面都悬挂着金属验电箔；若使带负电的金属球A靠近导体的M端，可能看到的现象是（）A只有M端验电箔张开，且M端带正电B只有N端验电箔张开，且N端带正电C两端的验电箔都张开，且左端带负电，右端带正电D两端的验电箔都张开，且两端都带正电或负电9一平行板电容器，两板之间的距离d和两板面积S
5、都可以调节，电容器两板与电池相连接以Q表示电容器的电量，E表示两极板间的电场强度，则（）A当d增大、S不变时，Q减小、E减小B当S增大、d不变时，Q增大、E增大C当S减小、d增大时，Q增大、E增大D当S减小、d减小时，Q不变、E不变10一电子从电场中A点由静止释放，只受电场力作用，沿电场线运动到B点，它运动的vt图象如图所示则A、B两点所在区域的电场线分布情况可能是图中的（）ABCD二、多项选择题11两个相同的金属小球，带电量之比为1：3，相距为r，两者相互接触后在放回原来的位置上，则它们间的库仑力可能为原来的（）ABCD12如图所示，在圆心O处固定电量为+Q的点电荷，A、B、C在同一圆周上，
6、且=下列说法正确的是（）A电势差UOAUADBA、B、C三点的电场强度相同C电子在B点的电势能大于在D点的电势能D将一电子由D点分别移动到A、C两点，电场力做功相同13如图所示，水平放置的平行金属板充电后在板间形成匀强电场，板间距离为d，一个带负电的液滴带电荷量大小为q，质量为m，从下板边缘射入电场，沿直线从上板边缘射出，则下列说法正确的是（）A液滴做的是匀速直线运动B液滴做的是匀减速直线运动C两板间的电势差为D液滴的电势能减少了mgd14如图所示实线为等量异号点电荷周围的电场线，虚线为以一点电荷为中心的圆，M点是两点电荷连线的中点若将一试探正点电荷从虚线上N点移动到M点，则（）A电荷所受电场
7、力大小不变B电荷所受电场力逐渐增大C电荷电势能逐渐减小D电荷电势能保持不变15一个电子在电场中A点具有80eV电势能，它由A点运动到B点的过程中，克服电场力作功30eV则（）A电子在B点电势能是50eVB电子电势能增加了30eVCB点的电势是110VDB点的电势是110V二、填空题（每空2分，共14分）16如图所示，用绝缘细线拴一个质量为m的小球，小球在竖直向下的场强为E的匀强电场中的竖直平面内做匀速圆周运动，则小球带电荷，所带电荷量为17平行板电容器所带量Q=4108C，它的两极板之间电压U=2v，则该电容器的电容为F；如果两板电量各减少一半，则两板间电势差变为V，两板间的电场强度将变为原来
8、的18如图，在匀强电场中，a、b两点连线与电场线成60角将正电荷由a点移到b点，电场力做正功，可以判定电场线的方向是（填斜向上或斜向下）如果ab相距0.20m，场强为2103N/C，正电荷的电量为4104C，则从a到b电荷的电势能变化了焦耳三、计算题（本题共3小题，24分.解答应写出必要的文字说明，方程式和主要的演算步骤.只写出最后答案的不能得分.有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位.19在匀强电场中，将一电荷量为2105C的负电荷由A点移到B点，其电势能增加了0.1J，已知A、B两点间距为2cm，两点连线与电场方向成60角，如图：问：（1）在电荷由A移到B的过程中，电场力做了多少功？
9、（2）A、B两点间的电势差为多少？（3）该匀强电场的电场强度为多大？20如图所示，一根长为l的细绝缘线，上端固定，下端系一个质量为m的带电小球，将整个装置放入一匀强电场，电场强度大小为E，方向水平向右，已知：当细线偏离竖直方向为=37时，小球处于平衡状态，（sin37=0.6）试求：（1）小球带何种电荷，带电量为多少；（2）如果将细线剪断，小球经时间t发生的位移大小21水平放置的两块平行金属板长L=5.0cm，两板间距d=1.0cm，两板间电压为90v，且上板为正，一个电子沿水平方向以速度v0=2.0107m/s，从两板中间射入，如图，求：（1）电子飞出电场时沿垂直于板方向偏移的距离是多少？（
10、2）电子飞出电场时的垂直于板方向的速度是多少？（3）电子离开电场后，打在屏上的P点，若S=10cm，求OP的长？内蒙古巴彦淖尔一中2014-2015学年高二上学期月考物理试卷（10月份）一、选择题（本题共10小题；每小题4分，共60分.在1-10每小题给出的四个选项中，只有一个选项正确，11-15小题有多个选项正确.全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分.）1对物体带电现象的叙述，正确的是（）A不带电的物体一定没有电荷B带电物体一定具有多余的电子C一根带电的导体棒放在潮湿的房间，过了一段时间后，发现导体棒不带电了，这过程中电荷不守恒D摩擦起电实际上是电荷从一个物体转移到另一个物
11、体或者从物体的一部分转移到物体的另一部分的过程考点：电荷守恒定律；元电荷、点电荷 分析：电荷并不能创生，也不能消失，只能从一个物体转移到另一物体，或从物体的一部分转移到另一部分，但电荷的总量保持不变元电荷的电量是最小的带电量解答：解：A、不带电的物体可能带有等量的正电荷和负电荷，对外显示不带电故A错误B、带电物体可能有多余的正电荷，也可能有多余的负电荷故B错误C、一根带电的导体棒放在潮湿的房间，过了一段时间后，发现导体棒不带电了，是因为电荷被中和了，电荷仍然守恒故C错误D、摩擦起电实际上是电荷从一个物体转移到另一个物体或者从物体的一部分转移到物体的另一部分的过程故D正确故选：D点评：解决本题的
12、关键掌握电荷守恒定律，电荷并不能创生，也不能消失，只能从一个物体转移到另一物体，或从物体的一部分转移到另一部分，但电荷的总量保持不变以及知道元电荷的电量是最小的带电量2关于点电荷、元电荷、检验电荷，下列说法正确的是（）A元电荷实际上是指电子和质子本身B点电荷所带电荷量一定很小C点电荷所带电荷量一定是元电荷电荷量的整数倍D点电荷、元电荷、检验电荷是同一种物理模型考点：元电荷、点电荷 专题：电场力与电势的性质专题分析：点电荷是一种理想化的物理模型；元电荷又称“基本电量”，在各种带电微粒中，电子电荷量的大小是最小的，人们把最小电荷叫做元电荷，常用符号e表示，任何带电体所带电荷都是e的整数倍解答：解：
13、A、元电荷是带电量的最小值，它不是电荷，故A错误；B、点电荷是将带电物体简化为一个带电的点，物体能不能简化为点，不是看物体的体积大小和电量大小，而是看物体的大小对于两个电荷的间距能不能忽略不计，即两个带电体的形状对它的相互作用力的影响能不能忽略，故B错误；C、元电荷是带电量的最小值，所有带电体的电荷量一定等于元电荷的整数倍，故C正确；D、点电荷是一种理想化的物理模型，元电荷又称“基本电量”，在各种带电微粒中，电子电荷量的大小是最小的，任何带电体所带电荷都是e的整数倍；检验电荷是用来检验电场是否存在的电荷，体积要小，带电量也要小；点电荷是理想化的模型；所以点电荷、元电荷、检验电荷不是同一种物理模
14、型，故D错误；故选：C点评：点电荷是电荷，有电荷量与电性，而元电荷不是电荷，有电荷量但没有电性3所示，光滑绝缘水平面上有三个带电小球a，b，c（可视为点电荷），三球沿一条直线摆放，仅在它们之间的静电力作用下静止，则以下判断正确的是（）Aa对b的静电力一定是引力Ba对b的静电力可能是斥力Ca的电量可能比b少Dc的电量一定比b少考点：电势差与电场强度的关系 专题：电场力与电势的性质专题分析：因题目中要求三个小球均处于平衡状态，故可分别对任意两球进行分析列出平衡方程即可求得结果解答：解：A、根据电场力方向来确定各自电性，从而得出“两同夹一异”，因此A正确B、ab间的作用力应为引力，故B错误C、根据库
15、仑定律来确定电场力的大小，并由平衡条件来确定各自电量的大小，因此在大小上一定为“两大夹一小”故C错误D、根据库仑定律来确定电场力的大小，并由平衡条件来确定各自电量的大小，因此在大小上一定为“两大夹一小”故D错误故选：A点评：三个小球只受静电力而平衡时，三个小球所带的电性一定为“两同夹一异”，且在大小上一定为“两大夹一小”距离上“近小远大”4如图所示，Q1和Q2是两个电荷量大小相等的点电荷，MN是两电荷的连线，HG是两电荷连线的中垂线，O是垂足，下列说法正确的是（）A若两电荷是异种电荷，则OM的中点与ON的中点电势一定相等B若两电荷是异种电荷，则O点的电场强度大小，与MN上各点相比是最小的，而与
16、HG上各点相比是最大的C若两电荷是同种电荷，则OM中点与ON中点处的电场强度一定相同D若两电荷是同种电荷，则O点的电场强度大小，与MN上各点相比是最小的，与HG上各点相比是最大的考点：电场强度 分析：若两电荷是异种电荷，根据顺着电场线方向降低，分析电势的高低；在两电荷的连线上，O点场强最小，在连线的中垂线上O点的场强最大；若两电荷是同种电荷，根据电场的对称性分析电场强度的关系，电场线越密，场强越大解答：解：A、若两电荷是异种电荷，电场线从正电荷指向负电荷，MN间各点的电势一定不等，则OM的中点与ON的中点电势一定不相等，故A错误B、若两电荷是异种电荷，在两电荷的连线上，O点电场线最疏，电场强度
17、与MN上各点相比是最小的在HG线上，O点的电场线最密，与HG上各点相比电场强度是最大的故B正确C、若两电荷是同种电荷，根据电场线分布的对称性可知，OM中点与ON中点处的电场强度大小相等，但方向相反，所以电场强度不同，故C错误D、若两电荷是同种电荷，O点的电场强度大小是0，与电场中其他各点相比都是最小的，故D错误故选：B点评：本题关键是要明确两个等量同种电荷和异种电荷电场线的分布情况，掌握沿着场强方向，电势越来越低，抓住对称性是解答本题的关键5如图所示，实线为不知方向的三条电场线，从电场中M点以相同速度飞出a、b两个带电粒子，运动轨迹如图中虚线所示，不计粒子的重力则（）Aa、b一定是同性电荷的两
18、个带电粒子B沿MP轨迹方向电势将降低，沿MN轨迹方向电势将升高Ca粒子的加速度将减小，b粒子的加速度将增加Da粒子的电势能增加，b粒子的电势能减小考点：电场线；电场强度；电势能 专题：电场力与电势的性质专题分析：电场线的疏密代表电场的强弱，所以出发后的一小段时间内a受到的电场力变小，b受到的电场力变大；正电荷所受电场力的方向就是电场线的方向，而负电荷所受的电场力的方向与电场线的方向相反，由于场强方向未知故不能确定电荷的电性根据动能定理，合外力做正功，动能增加解答：解：A、由轨迹弯曲方向可判断出电场力方向，由于不知道场强的方向，故不能确定电场力的方向与场强方向的关系，所以不能确定ab两电荷的电性
19、故A错误B、由于出发后电场力始终对电荷做正功，两电荷的动能越来越大，故两个电荷的速度都将越来越大，故B错误C、电场线的疏密代表电场的强弱，由图可知越向左场强越小，故a出发后的一小段时间内其所处的位置的场强越来越小，而b出发后的一小段时间内其所处的位置场强越来越大，所以出发后的一小段时间内a受到的电场力变小，b受到的电场力变大a的加速度将减小，b的加速度将增大故C正确D、电场力对两个电荷都做正功，两个电荷的电势能都减小故D错误故选：C点评：本题涉及的知识较多，综合性较强，但只要我们理解了电场线的特点就能顺利解决选项A、C、D，明白了只要合外力做正功物体的动能就将增加的道理选项B就不难解决，所以我
20、们一定要掌握好基本知识6如图所示，a、b、c、d是某匀强电场中的四个点，它们正好是一个矩形的四个顶点，ab=cd=10cm，ad=bc=20cm，电场线与矩形所在平面平行已知a点电势为20V，b点电势为24V，则（）A场强大小一定为E=40V/mBcd间电势差一定为4 VC场强的方向一定由b指向aDc点电势可能比d点低考点：匀强电场中电势差和电场强度的关系；电场强度；电势 专题：电场力与电势的性质专题分析：匀强电场的电场线为相互平行间隔相等的平行线，而等势线与电场线垂直，可知，cd间电势差等于ba间电势差电场线方向无法确定，场强大小不能求出解答：解：A、C根据题设条件可知，场强方向无法确定，知
21、道了ab间电势差，但不能根据E=求出场强的大小故AC错误B、根据匀强电场的电场线与等势线分布的特点可知，cd间电势差必等于ba间电势差，为4V故B正确D、cd间电势差为4V，则知c点电势比d点高4V故D错误故选B点评：本题的关键在于抓住匀强电场的等势面与电场线分布均匀的特点，分析cd间电势差与ba间电势差的关系7下列物理量中与检验电荷有关的是（）A电场强度EB电势C电势能D电势差U考点：电场强度；电势能 分析：本题考查了对电场中几个概念的理解情况，物理中有很多物理量是采用比值法定义的，要正确理解比值定义法的含义解答：解：电场强度E= 和电势= 分别从力和能量的角度来描述电场的，均是采用比值定义
22、法定义的，它们的大小均与电量无关，由电场本身决定的，与检验电荷无关，而电势能EP和电场力F均与电荷有关，故ABD错误，C正确故选C点评：对于物理中各个物理量要明确其确切含义，以及其定义式和决定式的不同，这要在学习中不断的总结和积累8如图所示，原来不带电的金属导体MN，在其两端下面都悬挂着金属验电箔；若使带负电的金属球A靠近导体的M端，可能看到的现象是（）A只有M端验电箔张开，且M端带正电B只有N端验电箔张开，且N端带正电C两端的验电箔都张开，且左端带负电，右端带正电D两端的验电箔都张开，且两端都带正电或负电考点：静电场中的导体 专题：电场力与电势的性质专题分析：根据静电感应可以判断金属导体的感
23、应的电荷的情况，从而可以判断导体带电的情况解答：解：金属导体处在负电荷的电场中，由于静电感应现象，弹头导体的右端要感应出正电荷，在导体的左端会出现负电荷，所以导体两端的验电箔都张开，且左端带负电，右端带正电，所以C正确故选C点评：感应带电，这是使物体带电的一种方法，根据异种电荷互相吸引的原理可知，靠近的一端会带异种电荷9一平行板电容器，两板之间的距离d和两板面积S都可以调节，电容器两板与电池相连接以Q表示电容器的电量，E表示两极板间的电场强度，则（）A当d增大、S不变时，Q减小、E减小B当S增大、d不变时，Q增大、E增大C当S减小、d增大时，Q增大、E增大D当S减小、d减小时，Q不变、E不变考
24、点：电容器的动态分析 专题：电容器专题分析：电容器的两极板与电池相连故电容器两极板之间的电压U保持不变，这是本题的突破口根据E= 可得随d变化，确定两极板间的电场强度E的变化由电容的决定式C=，可根据S以及d的变化判断电容C的变化情况，最后根据Q=CU判断电容器所带电量Q的变化解答：解：由于电容器的两极板与电池相连，故电容器两极板之间的电压U保持不变A、根据E= 可得随d增大，两极板间的电场强度E减小根据电容C=，由于S保持不变，d增大，故电容C减小，根据Q=CU可知电量Q减小故A正确；B、根据E= 可得由于d不变，两极板间的电场强度E不变根据电容C=，由于S增大，d不变，故电容C增大，根据Q
25、=CU可知电量Q增大故B错误；C、根据E= 可得随d增大，两极板间的电场强度E减小根据电容C=，由于S减小，d增大，故电容C减小，根据Q=CU可知电量Q减小故C错误；D、根据E= 可得随d减小，两极板间的电场强度E增大根据电容C=，由于S减小，d减小，故电容C的变化无法确定，根据Q=CU可知电量Q的变化无法确定故D错误故选：A点评：电容器动态分析类的题目一定要注意是孤立的电容器（电量保持不变）还是与电池相连的电容器（电压保持不变）；一定要根据场强的决定式E= 判断E的变化，要根据电容的决定式判断C的变化，从而根据电容的定义式Q=CU判断Q的变化情况10一电子从电场中A点由静止释放，只受电场力作
26、用，沿电场线运动到B点，它运动的vt图象如图所示则A、B两点所在区域的电场线分布情况可能是图中的（）ABCD考点：电场线；电势 专题：电场力与电势的性质专题分析：vt图象中的斜率表示物体的加速度，所以根据电荷运动过程中vt图象可知电荷的加速度越来越大，则电场力越来越大，电场强度越来越大，根据电场线与电场强度的关系可得出正确结果解答：解：由vt图象可知，粒子做加速度逐渐增大的加速运动，因此该电荷所受电场力越来越大，电场强度越来越大，电场线密的地方电场强度大；由于电子带负电，且负电荷受力与电场方向相反，故ABD错误，C正确故选：C点评：本题结合vt图象，考查了电场强度与电场线以及电荷受电场力与电场
27、方向之间的关系，考点结合巧妙、新颖，有创新性二、多项选择题11两个相同的金属小球，带电量之比为1：3，相距为r，两者相互接触后在放回原来的位置上，则它们间的库仑力可能为原来的（）ABCD考点：库仑定律；电荷守恒定律 专题：电场力与电势的性质专题分析：两电荷间存在库仑力，其大小可由库仑定律求出当两电荷相互接触后再放回原处，电荷量可能相互中和后平分，也可能相互叠加再平分，所以库仑力的变化是由电荷量变化导致的解答：解：由库仑定律可得：F=k得，库仑力与电量的乘积成正比，当两相同金属小球带同种电荷时，两者相互接触后再放回原来的位置上，它们的电荷量变为2：2，原来带电量之比为1：3，原来库仑力为F=，现
28、在的库仑力为F=，所以库仑力是原来的当两相同金属小球带异种电荷时，两者相互接触后再放回原来的位置上，它们的电荷量变为，原来带电量之比为1：3，同理，所以库仑力，是原来的故C、D正确，A、B错误故选：CD点评：解决本题的关键掌握库仑定律的公式，注意两个金属小球可能带同种电荷，可能带异种电荷12如图所示，在圆心O处固定电量为+Q的点电荷，A、B、C在同一圆周上，且=下列说法正确的是（）A电势差UOAUADBA、B、C三点的电场强度相同C电子在B点的电势能大于在D点的电势能D将一电子由D点分别移动到A、C两点，电场力做功相同考点：电势；电势能 专题：电场力与电势的性质专题分析：利用U=Ed定性判断O
29、A与AD间的电势差的大小A、B、C三点的场强方向分别沿OA、OB、OC，三者方向的各不相同A、B、C三点这个圆上，则三点的电势相等，D与A、B、C三点间的电势差相等，将一电子从D分别移到A、B、C的过程中，根据电场力做功公式W=qU，电场力做功相等解答：解：A、根据U=Ed定性判断，=但越靠近场源电荷Q场强越大，即OA处场强大于AD处场强，故UOAUAD，故A正确B、A、B、C三点的场强方向分别沿OA、OB、OC，故三者方向的各不相同，故B错误C、正电荷产生的电场中，越靠近场源电荷电势越高，而负电荷在电势高处电势能小，故电子在B点的电势能小于在D点的电势能，故C错误D、根据等势线的分布情况知，
30、该圆是一条等势线，A、B、C三点这个圆上，则三点的电势相等，D与A、B、C三点间的电势差相等，将一电子从D分别移到A、B、C的过程中，根据电场力做功公式W=qU，得知，电场力做功相等故D正确故选：AD点评：本题要注意虽然U=Ed是匀强电场的电场强度与电势差的关系，但是也可以用于非匀强电场的定性判断，要注意场强这个物理量是矢量，有大小，有方向13如图所示，水平放置的平行金属板充电后在板间形成匀强电场，板间距离为d，一个带负电的液滴带电荷量大小为q，质量为m，从下板边缘射入电场，沿直线从上板边缘射出，则下列说法正确的是（）A液滴做的是匀速直线运动B液滴做的是匀减速直线运动C两板间的电势差为D液滴的
31、电势能减少了mgd考点：带电粒子在混合场中的运动 专题：带电粒子在复合场中的运动专题分析：液滴沿直线运动，则其所受的合力方向与速度方向在同一直线上或合力为零，即可判断出电场力方向竖直向上，而且电场力与重力相平衡，由平衡条件和U=Ed求解电势差解答：解：A、液滴进入竖直方向的匀强电场中，所受的电场力方向竖直向上或竖直向下，因为微粒做直线运动，可知，电场力方向必定竖直向上，而且电场力与重力平衡，液滴做匀速直线运动，故A正确B错误；C、液滴从下极板运动到上极板的过程中，由动能定理有qUmgd=0，所以：U=，故C正确；D、液滴进入竖直方向的匀强电场中，重力做功mgd，微粒的重力势能增加，动能不变，根
32、据能量守恒定律得知，微粒的电势能减小了mgd故D正确；故选：ACD点评：本题是带电粒子在电场中运动的问题，关键是分析受力情况，判断出粒子做匀速直线运动14如图所示实线为等量异号点电荷周围的电场线，虚线为以一点电荷为中心的圆，M点是两点电荷连线的中点若将一试探正点电荷从虚线上N点移动到M点，则（）A电荷所受电场力大小不变B电荷所受电场力逐渐增大C电荷电势能逐渐减小D电荷电势能保持不变考点：电场强度；电势能 专题：电场力与电势的性质专题分析：根据电场线的疏密分析场强的大小，判断电场力的变化；根据顺着电场线方向电势降低，判断电势的变化，从而确定电势的变化解答：解：A、B由电场线的分布情况可知，N处电
33、场线比M处电场线疏，则N处电场强度比M处电场强度小，由电场力公式F=qE可知正点电荷从虚线上N点移动到M点，电场力逐渐增大，故A错误，B正确C、D、根据顺着电场线方向电势降低，可知从N到M，电势逐渐降低，正电荷的电势能逐渐减小，故C正确，D错误故选：BC点评：解答本题关键掌握等量异号点电荷电场线分布情况，知道电场线的物理意义：疏密表示电场强势相对大小，方向反映电势的高低15一个电子在电场中A点具有80eV电势能，它由A点运动到B点的过程中，克服电场力作功30eV则（）A电子在B点电势能是50eVB电子电势能增加了30eVCB点的电势是110VDB点的电势是110V考点：功能关系；电势；电势能
34、分析：通过电场力做功量度电势能的变化来分析问题根据电势的定义得出电势的大小解答：解：A、电场力做正功，电势能减少；电场力做负功，电势能增加本题“克服电场力做功”即为电场力做负功，所以电势能增加 根据W电=EP电 得出：那电子在B处的电势能是Ep=80eV+30eV=110eV 故A错误，B正确C、根据电势的定义，B点的电势等于=110V，故A错误，D正确 故选BD点评：通过电场力做功量度电势能的变化来分析问题根据电势的定义得出电势的大小要注意电势有正负二、填空题（每空2分，共14分）16如图所示，用绝缘细线拴一个质量为m的小球，小球在竖直向下的场强为E的匀强电场中的竖直平面内做匀速圆周运动，则
35、小球带负电荷，所带电荷量为考点：带电粒子在混合场中的运动 专题：电容器专题分析：小球在竖直平面内做匀速圆周运动，则重力与电场力相平衡，由拉力提供向心力，根据平衡方程，即可求解电量大小解答：解：由题意可知，小球在竖直平面内做匀速圆周运动，因此重力与电场力相平衡，由绳子拉力提供向心力做匀速圆周运动，因电场线竖直向下，而电场力竖直向上，则小球带负电；根据平衡方程，则有：mg=qE，解得：故答案为：负；点评：对于圆周运动的问题，往往与平衡方程，结合受力分析相综合起来进行考查，同时涉及到电场力的表达式，注意只由绳子拉力提供向心力是解题的突破口17平行板电容器所带量Q=4108C，它的两极板之间电压U=2
36、v，则该电容器的电容为2102F；如果两板电量各减少一半，则两板间电势差变为1V，两板间的电场强度将变为原来的考点：电容器的动态分析 专题：电容器专题分析：根据电容的定义式求出电容的大小根据Q=CU求出两板间电势差，结合匀强电场的场强公式判断电场强度的变化解答：解：电容C=F当电量减小一半，电容不变，则电势差电势差变为原来的一半，根据E=知，电场强度变为原来的故答案为：2102，1，点评：解决本题的关键掌握电容的定义式，知道匀强电场的场强公式18如图，在匀强电场中，a、b两点连线与电场线成60角将正电荷由a点移到b点，电场力做正功，可以判定电场线的方向是斜向上（填斜向上或斜向下）如果ab相距0
37、.20m，场强为2103N/C，正电荷的电量为4104C，则从a到b电荷的电势能变化了0.08焦耳考点：电场线；电场强度；电势能 专题：电场力与电势的性质专题分析：根据电场力做正功，分析电场力方向，判断电场线的方向正电荷所受电场力方向与电场强度方向相同算出电场力做功，研究电荷电势能的变化解答：解：将正电荷由a点移到b点，电场力做正功，说明电场力方向斜向上，电场线方向斜向上将电荷从a移到b，电场力做功为W=qEabcos60=4104C21030.20.5J=0.08J0，则电荷的电势能减小了0.08J故答案为：斜向上，0.08点评：本题电场力是恒力，只要抓住电场力具有力的共性，根据功的一般计算
38、公式就可以理解并掌握电场力做功的计算方法三、计算题（本题共3小题，24分.解答应写出必要的文字说明，方程式和主要的演算步骤.只写出最后答案的不能得分.有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位.19在匀强电场中，将一电荷量为2105C的负电荷由A点移到B点，其电势能增加了0.1J，已知A、B两点间距为2cm，两点连线与电场方向成60角，如图：问：（1）在电荷由A移到B的过程中，电场力做了多少功？（2）A、B两点间的电势差为多少？（3）该匀强电场的电场强度为多大？考点：电势；电场强度；电势能 专题：电场力与电势的性质专题分析：根据电场力做功与电势能的关系WAB=EAEB=E可计算电场力做的功，
39、由W=qu可求AB间的电势差Uab，再由E=求的电场强度，注意d是沿电场线方向的解答：解：（1）由题意根据电场力做功与电势能的关系WAB=EAEB=E得，WAB=E=0.1J 即电场力做了0.1J的功 （2）由W=qu可求AB间的电势差UAB=5103V （3）由E=得，=5105V/m即电场强度为5105V/m点评：考查了电场力做功与电势能、电势差的关系，电场强度与电势差的关系20如图所示，一根长为l的细绝缘线，上端固定，下端系一个质量为m的带电小球，将整个装置放入一匀强电场，电场强度大小为E，方向水平向右，已知：当细线偏离竖直方向为=37时，小球处于平衡状态，（sin37=0.6）试求：（
40、1）小球带何种电荷，带电量为多少；（2）如果将细线剪断，小球经时间t发生的位移大小考点：匀强电场中电势差和电场强度的关系；牛顿第二定律 专题：电场力与电势的性质专题分析：（1）正电荷所受电场力与电场强度同方向，负电荷所受电场力与电场强度反方向；受力分析后，根据平衡条件得到电场力，确定小球的带电量；（2）剪短细线后，小球受电场力和重力，合力恒定，加速度恒定，做初速度为零的匀加速直线运动，根据牛顿第二定律求加速度，再根据位移时间关系公式求解位移解答：解：（1）对小球受力分析，受重力、拉力和电场力，电场力向右，故带正电荷，根据平衡条件可知：水平方向：Tsin=qE竖直方向：Tcos=mg解得 qE=
41、mgtan，故q=故小球带正电荷，带电量为（2）剪短细线后，小球受电场力和重力，合力沿着绳子向右下方，大小等于第一问中绳子的拉力，为 F合=；根据牛顿第二定律，加速度为 a=做初速度为零的匀加速直线运动，位移为 x=t2=答：（1）小球带正电荷，带电量为（2）如果将细线剪断，小球经时间t发生的位移大小为点评：本题的解题关键是：（1）根据平衡条件结合正交分解法求解力；（2）根据牛顿运动定律确定加速度后计算位移21水平放置的两块平行金属板长L=5.0cm，两板间距d=1.0cm，两板间电压为90v，且上板为正，一个电子沿水平方向以速度v0=2.0107m/s，从两板中间射入，如图，求：（1）电子飞
42、出电场时沿垂直于板方向偏移的距离是多少？（2）电子飞出电场时的垂直于板方向的速度是多少？（3）电子离开电场后，打在屏上的P点，若S=10cm，求OP的长？考点：带电粒子在匀强电场中的运动 专题：带电粒子在电场中的运动专题分析：（1）（2）电子在匀强电场中沿垂直于板的方向上做初速度为零的匀加速直线运动，通过位移公式可得偏移距离；通过速度公式可求出此方向上的速度（3）电子离开电场后做匀速直线运动，结合几何知识可得知OP的长度解答：解：电子在匀强电场中受到电场力与重力作用，由于电场力F=，远大于重力（G=mg=91030N），即重力作用对物体运动的影响可以忽略不计，只考虑电场力又由于电场力方向于速度
43、方向垂直，即在水平方向作匀速直线运动，竖直方向作初速度为零的匀加速运动，作类平抛运动（1）电子在电场中的加速度为：a=侧位移即竖直方向的位移为：y=，又因则：y=0.49cm （2）电子飞出电场时，水平分速度Vx=V0，竖直分速度为：vy=at=4106m/s（3）设v与v0的夹角为，则有：tg=0.2电子飞出电场后作匀速直线运动，则有：OP=y+Stg=0.025m=2.5cm 答：（1）电子飞出电场时沿垂直于板方向偏移的距离是0.49cm（2）电子飞出电场时的垂直于板方向的速度是4106m/s（3）OP的长为2.5cm点评：该题考察了带电粒子在匀强电场中的偏转，运动规律是类平抛运动，常用的方法是沿电场方向和垂直于电场的方向上进行正交分解，前者是初速度为零的匀加速直线运动，后者是匀速直线运动同时注意几何知识在物理学中的应用