1、2016年广东省梅州市高考物理二模试卷一、选择题：本题共8小题，每小题6分。在每小题给出的四个选项中，第1-5题只有一项符合题目要求，第6-8题有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。1某点电荷和金属圆环间的电场线分布如图所示，下列说法正确的是（）Aa点的电势高于b点的电势Bc点的电场强度大于d点的电场强度C若将一带正电的试探电荷由a点移到b点，电场力做负功D若将一带正电的试探电荷从d点由静止释放，电荷将沿着电场线由d运动到c2如图所示，A、B是两个完全相同的灯泡，D是理想二极管，L是带铁芯的线圈，其自感系数很大，直流电阻忽略不计下列说法正确的是（）AS闭合瞬
2、间，A先亮BS闭合瞬间，A、B同时亮CS断开瞬间，B逐渐熄灭DS断开瞬间，A闪亮一下，然后逐渐熄灭3如图所示，一小物块以初速度v0沿足够长的固定斜面上滑，斜面倾角为，物块与斜面间的动摩擦因数tan，以初速度v0的方向为正方向，下列图中表示物块的速度v、加速度a、动能Ek及所受摩擦力Ff随时间t变化的图线，正确的是（）ABCD4如图所示，一小球从半径为R的固定半圆轨道左端A点正上方某处开始做平抛运动（小球可视为质点）飞行过程中恰好与半圆轨道相切于B点O为半圆轨道圆心，OB与水平方向夹角为45，重力加速度为g，关于小球的运动，以下说法正确的是（）A小球自抛出点至B点的过程中重力做功为mgRB小球自
3、抛出点至B点的水平射程为RC小球抛出的初速度为D抛出点与B点的距离为2R5如图所示，A是静止在赤道上的物体，随地球自转而做匀速圆周运动，B、C是同一平面内两颗人造卫星，B位于离地高度等于地球半径的圆形轨道，C是地球同步卫星，物体A和卫星B、C的线速度大小分别为vA、vB、vC，角速度大小分别为A、B、C，周期大小分别为TA、TB、TC，向心加速度大小分别为aA、aB、aC，则下列关系正确的是（）AvAvBvCBTA=TCTBCA=CBDaA=aCaB6如图所示是小型交流发电机的示意图，线圈绕垂直于磁场方向的水平轴OO沿逆时针方向匀速转动，线圈的匝数为n、电阻为r，外接电阻为R，交流电流表A线圈
4、从图示位置（线圈平面平行于电场方向）开始转过时的感应电流为I下列说法中正确的有（）A电流表的读数为2IB转动过程中穿过线圈的磁通量的最大值为C从图示位置开始转过的过程中，通过电阻R的电荷量为D线圈转动一周的过程中，电阻R产生的热量为7乘坐如图所示游乐园的过山车时，质量为m的人随车在竖直平面内沿圆周轨道运动，下列说法中正确的是（）A人在最低点时对座位的压力可能小于mgB人在最高点和最低点时的向心加速度大小一定相等C人在最高点时对座位可能产生压力，且压力有可能大于mgD车在最高点时人处于倒坐状态，若没有保险带，人一定会掉下去8如图所示，在粗糙水平面上甲、乙两木块，与水平面间的动摩擦因数均为，质量均
5、为m，中间用一原长为L、劲度系数为k的轻质弹簧连接起来，开始时两木块均静止且弹簧无形变现用以水平恒力F（F2mg）向左推木块乙，直到两木块第一次达到加速度相同时，下列说法正确的是（设物体与水平面间的最大摩擦力等于滑动摩擦力）（）A此时甲的速度可能等于乙的速度B此时两木块之间的距离为LC此阶段水平恒力F做的功大于甲乙两物块动能增加量与弹性势能增加量的总和D此阶段甲乙两物块各自克服摩擦力所做的功相等二、非选择题：包括必考题和选考题两部分。第9-12题为必考题，每个试题考生都必须做答。第13-18题为选考题，考生根据要求做答。9如图所示，是验证机械能守恒定律的实验装置，物体A和B系在轻质细绳两端跨过
6、光滑定滑轮（且mAmB），现让A、B由静止释放（忽略滑轮质量，已知重力加速度为g）（1）实验研究的对象是_（选填“A”、“B”或“AB”）（2）实物中除了已知重力加速度g，还需测量的物理量有_A物体A和B的质量B遮光片的宽度dC光电门1、2间的距离hD细绳的总长LE遮光片通过光电门1、2的时间分别为t1、t2（3）若实验满足表达式_，则可验证机械能守恒10某学习小组拟研究一个标有“3.6V 1.8W”的小电珠的伏安特性曲线，可供选用的器材如下：电流表A，量程00.6A，内阻约为0.2；电压表V，量程015V，内阻约为15k；滑动变阻器R，阻值范围010；学生电源E，电动势为4V，内阻不计开关S
7、及导线若干（1）该学习小组的某同学设计了如图甲所示的电路进行测量，请按照图甲所示的实物图帮该同学将图乙中的电路图补充完整（2）该同学在实验中发现，由于电压表的量程较大而造成读数误差很大，因而影响了测量结果于是从实验室找来一只量程为Ig=100A、内阻Rg=1000的灵敏电流计，想把该灵敏电流计改装成量程为5V的电压表，则需串联一个阻值为_的电阻（3）该同学用改装后的电压表进行实验，得到电流表读数I1和灵敏电流计读数I2如下表所示请在图丙中的坐标纸上画出I1I2图线I1（A） 0 0.19 0.300.370.43 0.460.48 0.49 I2（A） 010 2030 40 5060 70（
8、4）若将该小电珠接在如图丁所示的电路中，则该小电珠消耗的电功率约为_W（已知电源的电动势为E=3.0V，内阻r=1.5，定值电阻R0=4.5，结果保留两位有效数字提示：可作出该小电珠在此电路中的IU图象帮助求解）11如图所示，水平面上固定一倾斜角为37的粗糙斜面，紧靠斜面底端有一质量为M=4kg的木板，木板与斜面底端之间通过微小弧形轨道相接，以保证滑块从斜面滑到木板的速度大小不变质量为m=2kg的滑块从斜面上高h=5m处由静止滑下，到达斜面底端的速度为v0=6m/s，并以此速度滑上木板左端，最终滑块没有从木板上滑下已知滑块与木板间的动摩擦因数1=0.25，木板与地面间的动摩擦因数2=0.1，取
9、g=10m/s2，sin37=0.6，cos37=0.8求：（1）斜面与滑块间的动摩擦因数；（2）木板的最短长度l12如图所示，A、B为水平放置的间距d=0.2m的两块足够大的平行金属板，两板间有场强大小E=0.1V/m、方向竖直向上的匀强电场一喷枪从两板之间的中央点P沿纸面向各个方向均匀地喷出初速度大小均为v0=10m/s的带电微粒已知微粒的质量均为m=1.0105kg、电荷量均为q=1.0103c，不计微粒间的相互作用及空气阻力的影响，取g=10m/s2求：（1）求从P点水平喷出的微粒打在极板时的水平位移x；（2）要使所有微粒从P点喷出后均做直线运动，应将板间的电场调节为E1，求E1的大小
10、和方向；在此情况下，从喷枪刚喷出微粒开始计时，求经t0=0.02s时，A板上有微粒击中区域的长度lA；（3）在满足第（2）问中的所有微粒从P点喷出后均做直线运动情况下，在两板间加垂直于纸面向里的匀强磁场，磁感应强度B=1T求B板被微粒打中的区域长度lB【物理-选修3-3】13关于晶体和非晶体，下列说法正确的是（）A金刚石、食盐、玻璃和水晶都是晶体B晶体的分子（或原子、离子）排列是有规则的C单晶体和多晶体有固定的熔点，非晶体没有固定的熔点D单晶体和多晶体的物理性质是各向异性的，非晶体是各向同性的14如图所示，一开口气缸内盛有密度为的某种液体；一长为l的粗细均匀的小平底朝上漂浮在液体中，平衡时小瓶
11、露出液面的部分和进入小瓶中液柱的长度均为现用活塞将气缸封闭（图中未画出），使活塞缓慢向下运动，各部分气体的温度均保持不变当小瓶的底部恰好与液面相平时，进入小瓶中的液柱长度为，求此时气缸内气体的压强大气压强为0，重力加速度为g【物理-选修3-4】15如图，一个三棱镜的截面为等腰直角ABC，A为直角此截面所在平面内的光线沿平行于BC边的方向射到AB边，进入棱镜后直接射到AC边上，并刚好能发生全反射该棱镜材料的折射率为（）ABCD16波源S1和S2振动方向相同，频率均为4Hz，分别置于均匀介质中x轴上的O、A两点处，OA=2m，如图所示两波源产生的简谐横波沿x轴相向传播，波速为4m/s己知两波源振动
12、的初始相位相同求：（1）简谐横波的波长：（2）OA间合振动振幅最小的点的位置【物理-选修3-5】17下列说法正确的是（）A当用蓝色光照射某金属表面时有光电子逸出，则改用红光照射也一定会有光电子逸出B粒子散射实验时卢瑟福建立原子核式结构模型的重要依据C Th经过6次衰变和4次衰变后成为原子核PbD将由放射性元素组成的化合物进行高温分解，会改变该反射性元素的半衰期E氢原子由n=1的状态激发到n=4的状态，在它回到n=1的状态的过程中，可能发出6种不同频率的光子18如图所示，一质量为m、长为L的木板A静止在光滑水平面上，其左侧固定一劲度系数为k的水平轻质弹簧，弹簧原长为l0，右侧用一不可伸长的轻质细
13、绳连接与竖直墙上现使一可视为质点的小物块B以初速度v0从木板的右端无摩擦地向左滑动，而后压缩弹簧当B的质量为m时，细绳恰好被拉断已知弹簧弹性势能的表达式E=kx2，其中k为劲度系数，x为弹簧的压缩量求：（1）细绳所能承受的最大拉力的大小Fm；（2）小物块B滑离木板A时，木板运动位移的大小SA2016年广东省梅州市高考物理二模试卷参考答案与试题解析一、选择题：本题共8小题，每小题6分。在每小题给出的四个选项中，第1-5题只有一项符合题目要求，第6-8题有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。1某点电荷和金属圆环间的电场线分布如图所示，下列说法正确的是（）Aa点的
14、电势高于b点的电势Bc点的电场强度大于d点的电场强度C若将一带正电的试探电荷由a点移到b点，电场力做负功D若将一带正电的试探电荷从d点由静止释放，电荷将沿着电场线由d运动到c【考点】电势差与电场强度的关系；电场线【分析】根据电场线的疏密判断电场强度的大小，根据电场力做功情况，判断电势能的变化；对于不在同一电场线上的两点在判断其电势高低时，可以通过等势线把它们移动到同一电场线上，然后根据沿电场线电势降低进行判断【解答】解：A、由沿电场线的方向电势降落和电场线与等势面垂直的特点，可知a点的电势低于b点的电势，故A错误；B、因为电场线的疏密表示电场的强弱，故c点的电场强度小于d点的电场强度，故B错误
15、；C、由电势能的公式：，可得出a点的电势能低于b点的电势能，由电场力做功与电势能变化的关系，说明电场力做了负功，故C正确；D、正试探电荷在d点时所受的电场力沿该处电场线的切线方向，使该电荷离开该电场线，所以该电荷不可能沿着电场线由d到c，故D错误；故选：C2如图所示，A、B是两个完全相同的灯泡，D是理想二极管，L是带铁芯的线圈，其自感系数很大，直流电阻忽略不计下列说法正确的是（）AS闭合瞬间，A先亮BS闭合瞬间，A、B同时亮CS断开瞬间，B逐渐熄灭DS断开瞬间，A闪亮一下，然后逐渐熄灭【考点】自感现象和自感系数【分析】依据自感线圈的特征：刚通电时线圈相当于断路，断开电键时线圈相当于电源；二极管
16、的特征是只正向导通【解答】解：AB、闭合瞬间线圈相当于断路，二极管为反向电压，故电流不走A灯泡，AB都不亮，故A错误，B错误CD、开关S断开瞬间B立刻熄灭，由于二极管正向导通，故自感线圈与A形成回路，A闪亮一下，然后逐渐熄灭，故C错误D正确故选：D3如图所示，一小物块以初速度v0沿足够长的固定斜面上滑，斜面倾角为，物块与斜面间的动摩擦因数tan，以初速度v0的方向为正方向，下列图中表示物块的速度v、加速度a、动能Ek及所受摩擦力Ff随时间t变化的图线，正确的是（）ABCD【考点】动能定理【分析】物块沿足够长的固定斜面上滑，做匀减速运动，当运动到最高点时，由于tan，判断出最大静摩擦力大于重力沿
17、斜面向下的分力，物块将停在最高点；由v=v0at，分析速度，由牛顿第二定律分析加速度；由Ek=mv2分析动能随时间的函数关系来判断图象；物块先受滑动摩擦力，后受静摩擦力【解答】解：分析物块的运动情况：物块沿足够长的固定斜面上滑，做匀减速运动，当运动到最高点时，最大静摩擦力为fm=mgcos，重力的下滑分力为mgsin，由于tan，则最大静摩擦力大于重力沿斜面向下的分力，物块停在最高点A、由上分析可知，物块不能从最高点下滑，故A错误；B、物块上滑过程中，加速度为a=（gsin+gcos），保持不变；到了最高点，物块保持静止状态，加速度a=0故B错误；C、上滑过程中物块的Ek=mv2=m（v0+a
18、t）2，Ek与t非线性关系，图象是曲线故C错误；D、物块上滑过程中，物块受到的滑动摩擦力为Ff=mgcos，保持不变；最高点，物块受到静摩擦力为Ff=mgsin故D正确故选：D4如图所示，一小球从半径为R的固定半圆轨道左端A点正上方某处开始做平抛运动（小球可视为质点）飞行过程中恰好与半圆轨道相切于B点O为半圆轨道圆心，OB与水平方向夹角为45，重力加速度为g，关于小球的运动，以下说法正确的是（）A小球自抛出点至B点的过程中重力做功为mgRB小球自抛出点至B点的水平射程为RC小球抛出的初速度为D抛出点与B点的距离为2R【考点】功能关系；功的计算【分析】由几何知识求解水平射程根据平抛运动速度与水平
19、方向夹角的正切值等于位移与水平方向夹角正切值的2倍，求出竖直方向上的位移，即可求得重力做功，求出竖直方向上的分速度，根据速度方向求出平抛运动的初速度【解答】解：B、由几何知识可得，小球自抛出至B点的水平射程为 x=R+Rcos40=R故B错误A、小球飞行过程中恰好与半圆轨道相切于B点，经过B点时速度与水平方向的夹角为45则tan45=设位移与水平方向的夹角为，则tan=可得竖直位移 y=x=R，所以小球自抛出点至B点的过程中重力做功 WG=mgy=mgR，故A正确C、由=2gy，得 vy=由上得知，v0=vy=故C错误D、抛出点与B点的距离为 S=R，故D错误故选：A5如图所示，A是静止在赤道
20、上的物体，随地球自转而做匀速圆周运动，B、C是同一平面内两颗人造卫星，B位于离地高度等于地球半径的圆形轨道，C是地球同步卫星，物体A和卫星B、C的线速度大小分别为vA、vB、vC，角速度大小分别为A、B、C，周期大小分别为TA、TB、TC，向心加速度大小分别为aA、aB、aC，则下列关系正确的是（）AvAvBvCBTA=TCTBCA=CBDaA=aCaB【考点】人造卫星的加速度、周期和轨道的关系【分析】根据万有引力提供向心力比较B、C的线速度、角速度地球赤道上的物体A与地球同步卫星C具有相同的角速度和周期，根据a=r2比较加速度的大小【解答】解：A、对于B、C卫星，根据万有引力等于向心力得：G
21、=m，得：v=，B位于离地高度等于地球半径的圆形轨道上，C是地球同步卫星，则C的半径大于B的半径，所以vBvC，地球赤道上的物体与同步卫星具有相同的角速度，所以A=C，根据v=r，vCvA，则vBvCvA，故A错误；B、对于B、C，根据=，则BC，又A=C，则BA=C，根据T=可知，TA=TCTB，故B正确，C错误；D、A、C的角速度相等，由a=r2知，aAaC，故D错误故选：B6如图所示是小型交流发电机的示意图，线圈绕垂直于磁场方向的水平轴OO沿逆时针方向匀速转动，线圈的匝数为n、电阻为r，外接电阻为R，交流电流表A线圈从图示位置（线圈平面平行于电场方向）开始转过时的感应电流为I下列说法中正
22、确的有（）A电流表的读数为2IB转动过程中穿过线圈的磁通量的最大值为C从图示位置开始转过的过程中，通过电阻R的电荷量为D线圈转动一周的过程中，电阻R产生的热量为【考点】交流发电机及其产生正弦式电流的原理；焦耳定律；正弦式电流的最大值和有效值、周期和频率【分析】根据感应电流瞬时值表达式求出最大值，再求解有效值，即可得到电流表的读数；磁通量的最大值 m=BS由闭合电路欧姆定律求出感应电动势的最大值Em，由公式Em=nBS求解m通过电阻R的电荷量根据公式q=n求解；热量根据焦耳定律求解【解答】解：A、由题有：I=Imcos，则得感应电流的最大值 Im=2I，有效值 I有=I，则电流表的读数为I，故A
23、错误B、感应电动势的最大值Em=Im（R+r）=2I（R+r），又Em=nBS，磁通量的最大值 m=BS，联立解得：m=BS=，故B正确C、从图示位置开始转过的过程中，通过电阻R的电荷量 q=n=n=n=，故C正确D、线圈转动一周的过程中，电阻R产生的热量 Q=（I）2R=，故D正确故选：BCD7乘坐如图所示游乐园的过山车时，质量为m的人随车在竖直平面内沿圆周轨道运动，下列说法中正确的是（）A人在最低点时对座位的压力可能小于mgB人在最高点和最低点时的向心加速度大小一定相等C人在最高点时对座位可能产生压力，且压力有可能大于mgD车在最高点时人处于倒坐状态，若没有保险带，人一定会掉下去【考点】向
24、心力；牛顿第二定律【分析】车在最高点时，若恰好由重力提供向心力时，人与保险带间恰好没有作用力，没有保险带，人也不会掉下来当速度更大时，人更不会掉下来当速度大于临界速度时，人在最高点时对座位就产生压力人在最低点时，加速度方向竖直向上，根据牛顿第二定律分析压力与重力的关系【解答】解：A、人在最低点时，加速度竖直向上，处于超重状态，由牛顿运动定律可知人对座位的压力一定大于mg，故A错误B、人在最高点和最低点时速度大小不等，由向心加速度公式an=，知向心加速度大小一定不相等故B错误C、当人在最高点的速度v时人对座位就产生向上的压力，由mg+N=m，N=mmg，当v时，Nmg，人对座位的压力也大于mg，
25、故C正确D、人与保险带间恰好没有作用力，由重力提供向心力时，临界速度为v0=当速度v时，没有保险带，人也不会掉下来故D错误故选：C8如图所示，在粗糙水平面上甲、乙两木块，与水平面间的动摩擦因数均为，质量均为m，中间用一原长为L、劲度系数为k的轻质弹簧连接起来，开始时两木块均静止且弹簧无形变现用以水平恒力F（F2mg）向左推木块乙，直到两木块第一次达到加速度相同时，下列说法正确的是（设物体与水平面间的最大摩擦力等于滑动摩擦力）（）A此时甲的速度可能等于乙的速度B此时两木块之间的距离为LC此阶段水平恒力F做的功大于甲乙两物块动能增加量与弹性势能增加量的总和D此阶段甲乙两物块各自克服摩擦力所做的功相
26、等【考点】功能关系；功的计算【分析】对系统根据牛顿第二定律求出加速度的大小，再隔离分析求出弹簧的弹力，从而根据胡克定律求出弹簧的形变量，从而得知两木块间的距离；分析系统能量的转化，根据能量守恒判断求解；根据冲量的定义判断甲乙两物块各自所受摩擦力的冲量大小关系【解答】解：A、现用一水平恒力F（F2mg），向左推木块乙，直到两木块第一次达到加速度相同时，在此过程中，乙的加速度减小，甲的加速度增大，所以此时甲的速度小于乙的速度，故A错误；B、对系统运用牛顿第二定律得：a=，隔离对甲分析，有：Tmg=ma，解得：T=根据胡克定律得：x=，则两铁块的距离为：s=Lx=L，故B正确；C、根据能量守恒得此阶
27、段水平力F做的功等于甲乙两物块动能增加量与弹性势能增加量和与水平面摩擦产生的热量的总和，故C正确；D、由于甲乙两物块各自的位移不等，所受摩擦力大小相等，此阶段甲乙两物块各自所受摩擦力做的功不相等，故D错误；故选：BC二、非选择题：包括必考题和选考题两部分。第9-12题为必考题，每个试题考生都必须做答。第13-18题为选考题，考生根据要求做答。9如图所示，是验证机械能守恒定律的实验装置，物体A和B系在轻质细绳两端跨过光滑定滑轮（且mAmB），现让A、B由静止释放（忽略滑轮质量，已知重力加速度为g）（1）实验研究的对象是AB（选填“A”、“B”或“AB”）（2）实物中除了已知重力加速度g，还需测量
28、的物理量有ABCEA物体A和B的质量B遮光片的宽度dC光电门1、2间的距离hD细绳的总长LE遮光片通过光电门1、2的时间分别为t1、t2（3）若实验满足表达式（mAmB）gh=（mA+mB）（），则可验证机械能守恒【考点】验证机械能守恒定律【分析】（1、2）这个实验的原理是要验证mA、mB的增加的动能和mA、mB减少重力势能是不是相等，所以我们要测量的物理量有：物块的质量mA、mB； 物块A下落的距离h（或物块B上升的距离h），及遮光片的宽度d、，光电门1、2间的距离h，与遮光片通过光电门1、2的时间t1、t2（3）写出A与B重力势能变化的表达式与它们动能变化的表达式，需要验证的是两者相等【解
29、答】解：（1、2）通过连接在一起的A、B两物体验证机械能守恒定律，即验证系统的势能变化与动能变化是否相等，A、B连接在一起，A下降的距离一定等于B上升的距离；A、B的速度大小总是相等的因此需要测量A、B两物块的质量mA和mB，且需要知道两光电门之间的距离h，遮光片的宽度d，及遮光片通过光电门1、2的时间t1、t2（3）A下降h的同时，B上升h，它们的重力势能的变化：EP=（mAmB）gh；A与B动能的变化：Ek=（mA+mB）（）需要验证的是：（mAmB）gh=（mA+mB）（）故答案为：（1）AB；（2）ABCE；（3）（mAmB）gh=（mA+mB）（）10某学习小组拟研究一个标有“3.6
30、V 1.8W”的小电珠的伏安特性曲线，可供选用的器材如下：电流表A，量程00.6A，内阻约为0.2；电压表V，量程015V，内阻约为15k；滑动变阻器R，阻值范围010；学生电源E，电动势为4V，内阻不计开关S及导线若干（1）该学习小组的某同学设计了如图甲所示的电路进行测量，请按照图甲所示的实物图帮该同学将图乙中的电路图补充完整（2）该同学在实验中发现，由于电压表的量程较大而造成读数误差很大，因而影响了测量结果于是从实验室找来一只量程为Ig=100A、内阻Rg=1000的灵敏电流计，想把该灵敏电流计改装成量程为5V的电压表，则需串联一个阻值为49000的电阻（3）该同学用改装后的电压表进行实验
31、，得到电流表读数I1和灵敏电流计读数I2如下表所示请在图丙中的坐标纸上画出I1I2图线I1（A） 0 0.19 0.300.370.43 0.460.48 0.49 I2（A） 010 2030 40 5060 70（4）若将该小电珠接在如图丁所示的电路中，则该小电珠消耗的电功率约为0.35W（已知电源的电动势为E=3.0V，内阻r=1.5，定值电阻R0=4.5，结果保留两位有效数字提示：可作出该小电珠在此电路中的IU图象帮助求解）【考点】描绘小电珠的伏安特性曲线【分析】（1）分析实物图，根据实物图可得出对应的原理图；（2）根据改装原理可明确要扩大量程应串联大电阻；根据串联电路的规律可求得串联
32、电阻；（3）根据描点法可得出对应的伏安特性曲线；（4）将定值电阻等效为电源内阻，作出等效电源的伏安特性曲线，两图象的交点即为电源的工作点，读出交点坐标即可求出灯泡的功率【解答】解：（1）根据实物图可得出对应的原理图，如图所示；（2）要改装成电压表应串联一个大电阻；设改装后的电压表为R总，则R总=50000，故R串=R总Rg=49000（3）根据表中数据利用描点法可得出对应的伏安特性曲线，如图所示；（4）将定值电阻R0看做该电源的电阻，则内阻r=6，由此可得路端电压U=EIr，在I1I2图线所在坐标纸上作出该IU图象如右图所示，可知其交点坐标表示的电流约为0.32 A，电压约为1.1 V，所以该
33、灯泡消耗的功率约为P=0.321.1 W0.35 W）故答案为：（1）如图所示；（2）49000；（3）如图所示；（4）0.3511如图所示，水平面上固定一倾斜角为37的粗糙斜面，紧靠斜面底端有一质量为M=4kg的木板，木板与斜面底端之间通过微小弧形轨道相接，以保证滑块从斜面滑到木板的速度大小不变质量为m=2kg的滑块从斜面上高h=5m处由静止滑下，到达斜面底端的速度为v0=6m/s，并以此速度滑上木板左端，最终滑块没有从木板上滑下已知滑块与木板间的动摩擦因数1=0.25，木板与地面间的动摩擦因数2=0.1，取g=10m/s2，sin37=0.6，cos37=0.8求：（1）斜面与滑块间的动摩
34、擦因数；（2）木板的最短长度l【考点】动能定理的应用【分析】（1）滑块从斜面下滑的过程，根据动能定理列式求解动摩擦因素；（2）先判断木板的运动情况，再由动能定理计算木板的最短长度l【解答】解：（1）物体沿斜面下滑，由动能定理得：mghmgcos37=mv02代入数据解得：=0.48（2）滑块在木板上滑动过程中，木板水平方向共受两个力作用，代入数据可知1mg2（m+M）g所以木板始终静止，由动能定理可得：1mgl=0mv02解得木板的最小长度为：l=7.2m答：（1）斜面与滑块间的动摩擦因数1为0.48；（2）木板的最短长度l为7.2m12如图所示，A、B为水平放置的间距d=0.2m的两块足够大
35、的平行金属板，两板间有场强大小E=0.1V/m、方向竖直向上的匀强电场一喷枪从两板之间的中央点P沿纸面向各个方向均匀地喷出初速度大小均为v0=10m/s的带电微粒已知微粒的质量均为m=1.0105kg、电荷量均为q=1.0103c，不计微粒间的相互作用及空气阻力的影响，取g=10m/s2求：（1）求从P点水平喷出的微粒打在极板时的水平位移x；（2）要使所有微粒从P点喷出后均做直线运动，应将板间的电场调节为E1，求E1的大小和方向；在此情况下，从喷枪刚喷出微粒开始计时，求经t0=0.02s时，A板上有微粒击中区域的长度lA；（3）在满足第（2）问中的所有微粒从P点喷出后均做直线运动情况下，在两板
36、间加垂直于纸面向里的匀强磁场，磁感应强度B=1T求B板被微粒打中的区域长度lB【考点】带电粒子在匀强磁场中的运动；带电粒子在匀强电场中的运动【分析】（1）微粒的初速度水平时，做类平抛运动，根据类平抛运动的规律解答（2）要使微粒不落在金属板上，重力与电场力相平衡，微粒在水平面内做匀速直线运动由平衡条件解答（3）再加垂直于纸面向里的均匀磁场，重力与电场力相平衡，由洛伦兹力提供向心力做匀速圆周运动，求出微粒的轨迹半径，由几何知识即可求解【解答】解：（1）微粒在匀强电场做类平抛运动，微粒的加速度为a，有：qE+mg=ma解得： =20m/s2根据运动学公式有： =at2代入数据解得：t=0.1s又x=
37、v0t代入数据解得：x=1m（2）要使微粒做直线，电场应反向，且有：qE1=mg代入数据解得：E1=0.1V/m电场应该调节为方向向下，经t0=0.02s时，微粒运动的位移为：s=v0t又（）2=S2（）2代入数据解得：lA=m（3）微粒做匀速圆周运动，洛伦兹力充当向心力：qv0B=m解得：竖直向下射出的微粒打在B板的最左端恰好与B板相切，如图甲所示：由几何关系可知：l1=0.1m当粒子源和B板右边击中点距离为直径时达最远：如图乙所示：由几何关系可知：l22=（2R）2（）2解得 l2=m故B板被微粒打中的区域的长度为lB=l1+l2=m答：（1）从P点水平喷出的微粒打在极板时的水平位移x（2
38、）E1的大小是0.1V/m，方向竖直向下；A板上有微粒击中区域的长度lA是m；（3）B板被微粒打中的区域长度lB是【物理-选修3-3】13关于晶体和非晶体，下列说法正确的是（）A金刚石、食盐、玻璃和水晶都是晶体B晶体的分子（或原子、离子）排列是有规则的C单晶体和多晶体有固定的熔点，非晶体没有固定的熔点D单晶体和多晶体的物理性质是各向异性的，非晶体是各向同性的【考点】* 晶体和非晶体【分析】晶体分为单晶体和多晶体：其中单晶体具有各向异性，多晶体和非晶体一样具有各向同性晶体由固定的熔点，非晶体没有固定的熔点，单晶体有规则的几何外形，而非晶体则没有【解答】解：A、金刚石、食盐、水晶都是常见的晶体，玻
39、璃是非晶体，故A错误B、晶体内部的分子（或原子、离子）排列是有规则的，故B正确C、晶体有固定的熔点，而非晶体没有确定的熔点，故C正确；D、单晶体具有各向异性，多晶体和非晶体一样具有各向同性，故D错误故选：BC14如图所示，一开口气缸内盛有密度为的某种液体；一长为l的粗细均匀的小平底朝上漂浮在液体中，平衡时小瓶露出液面的部分和进入小瓶中液柱的长度均为现用活塞将气缸封闭（图中未画出），使活塞缓慢向下运动，各部分气体的温度均保持不变当小瓶的底部恰好与液面相平时，进入小瓶中的液柱长度为，求此时气缸内气体的压强大气压强为0，重力加速度为g【考点】理想气体的状态方程【分析】要求气缸内气体的压强p3，根据p
40、2=p3+gh需求瓶内气体的压强p2，就必需以瓶内气体为研究对象，根据玻意耳定律P1V1=P2V2，需求P1，V1，V2，而根据题意P1，V1，V2不难求出【解答】解：设当小瓶内气体的长度为时，压强为p1；当小瓶的底部恰好与液面相平时，瓶内气体的压强为p2，气缸内气体的压强为p3依题意有：p1=p0+gl由玻意耳定律有：p1ls=p2（l）s式中S为小瓶的横截面积联立两式，得：p2=（p0+gl）又有：p2=p3+gl联立式，得：p3=p0+答：此时气缸内气体的压强为p0+【物理-选修3-4】15如图，一个三棱镜的截面为等腰直角ABC，A为直角此截面所在平面内的光线沿平行于BC边的方向射到AB
41、边，进入棱镜后直接射到AC边上，并刚好能发生全反射该棱镜材料的折射率为（）ABCD【考点】全反射；折射率及其测定【分析】由于光是从玻璃射向空气，所以折射定律公式中，折射率应该是折射角的正弦与入射角的正弦相比，若是光是从空气射向玻璃则折射率应该是入射角的正弦与折射角的正弦相比光的全反射必须从光密介质进入光疏介质，同时入射角大于临界角；当恰好发生全反射时的入射角叫临界角【解答】解：三棱镜的截面为等腰直角ABC，光线沿平行于BC边的方向射到AB边，则第一次折射时的入射角等于45，射到AC边上，并刚好能发生全反射则有sinC=由折射定律可得： 所以由上两式可得：n=故选：A16波源S1和S2振动方向相
42、同，频率均为4Hz，分别置于均匀介质中x轴上的O、A两点处，OA=2m，如图所示两波源产生的简谐横波沿x轴相向传播，波速为4m/s己知两波源振动的初始相位相同求：（1）简谐横波的波长：（2）OA间合振动振幅最小的点的位置【考点】横波的图象；波长、频率和波速的关系【分析】（1）已知波速v和频率为f，由波速公式v=f求解波长（2）要使振动振幅最小，则该点到两波源的波程差应为半波长的奇数倍，设距O点为x，则可得出波程差的表达式，联立可解得位置【解答】解：（1）设波长为，频率为f，则v=f，代入数据得：=1m（2）以O为坐标原点，设P为OA间的任意一点，其坐标为x，则两波源到P点的波程差l=x（2x）
43、，0x2其中x、l以m为单位合振动振幅最小的点的位置满足，k为整数解得：x=0.25m，0.75m，1.25m，1.75m答：（1）简谐横波的波长为1m：（2）OA间合振动振幅最小的点的位置为0.25m，0.75m，1.25m，1.75m【物理-选修3-5】17下列说法正确的是（）A当用蓝色光照射某金属表面时有光电子逸出，则改用红光照射也一定会有光电子逸出B粒子散射实验时卢瑟福建立原子核式结构模型的重要依据C Th经过6次衰变和4次衰变后成为原子核PbD将由放射性元素组成的化合物进行高温分解，会改变该反射性元素的半衰期E氢原子由n=1的状态激发到n=4的状态，在它回到n=1的状态的过程中，可能
44、发出6种不同频率的光子【考点】光电效应；原子核衰变及半衰期、衰变速度【分析】根据发生光电效应的条件是入射光的频率等于金属的极限频率，结合红光与蓝光的频率高低，即可判定；粒子散射实验提出卢瑟福建立原子核式结构模型；发生衰变是放出42He，发生衰变是放出电子01e，根据质量数和电荷数守恒判断衰变次数；半衰期与外界因素无关；根据数学组合公式C，即可求解【解答】解：A、当用蓝色光照射某金属表面时有电子逸出，若改用红光照射，其频率小于蓝光，则不一定能发生光电效应，故A错误；B、粒子散射实验是卢瑟福建立原子核式结构模型的重要依据，故B正确；C、发生衰变是放出42He，发生衰变是放出电子01e，设发生了x次
45、衰变和y次衰变，则根据质量数和电荷数守恒有：2xy+82=90，4x+208=232，解得x=6，y=4，故衰变过程中共有6次衰变和4次衰变故C正确；D、半衰期的大小由原子核内部因素决定，与所处的物理环境和化学状态无关，故D错误；E、根据组合公式C=6，从激发n=4的状态，回到n=1的状态的过程中，可能发出6种不同频率的光子，故E正确；故选：BCE18如图所示，一质量为m、长为L的木板A静止在光滑水平面上，其左侧固定一劲度系数为k的水平轻质弹簧，弹簧原长为l0，右侧用一不可伸长的轻质细绳连接与竖直墙上现使一可视为质点的小物块B以初速度v0从木板的右端无摩擦地向左滑动，而后压缩弹簧当B的质量为m
46、时，细绳恰好被拉断已知弹簧弹性势能的表达式E=kx2，其中k为劲度系数，x为弹簧的压缩量求：（1）细绳所能承受的最大拉力的大小Fm；（2）小物块B滑离木板A时，木板运动位移的大小SA【考点】动量守恒定律；功能关系【分析】（1）细绳恰好被拉断时，B的速度为0，细绳拉力最大，根据胡克定律及能量关系求解；（2）细绳拉断后小物块和长木板组成的系统动量守恒，根据动量守恒定律结合小物块滑离木板时木板二者的位移关系列式求解【解答】解：（1）细绳恰好被拉断时，B的速度为0，细绳拉力为Fm，设此时弹簧的压缩量为x0，则有：kx0=Fm由能量关系，有： mv02=kx02解得：Fm=v0（2）细绳拉断后小物块和长木板组成的系统动量守恒，有：0=mvAmvB小物块滑离木板时，设小物块的位移为SB：SA=SB又 SA+SB=LL0+x0解得：SA=（LL0+v0）答：（1）细绳所能承受的最大拉力的大小Fm是v0（2）小物块B滑离木板A时，木板运动位移的大小SA是（LL0+v0）2016年9月15日