1、运城市高中联合体高二12月份调研测试物理考生注意:1.本试卷满分100分，考试时间90分钟。2.答题前，考生务必用直径0.5毫米黑色墨水签字笔将密封线内项目填写清楚。3.考生作答时，请将答案答在答题卡上。选择题每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑；非选择题请用直径0.5毫米黑色墨水签字笔在答题卡上各题的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效，在试题卷、草稿纸上作答无效。4.本卷命题范围:选修3-1，选修3-2第四章第1节第4节。一、选择题（本题共12小题，每小题4分，共48分.在每小题给出的四个选项中，第18题只有一项符合题目要求，第912题有多项符合题目要求，全部
2、选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分）1.我国嫦娥五号已经在月球成功“取土”，为人类研究月球迈出里程碑式一步，假设月球是一个均匀带负电的球体，将一带负电的小球置于该月球表面h处，由静止释放，小球恰静止于该处.现将该小球距月球表面2h处无初速释放，则此小球将A.向月球地心方向下落B.远离月球方向运动C.仍保持静止状态D.无法确定2.在如图所示电路中，闭合开关S，当滑动变阻器的滑动触头P向下滑动时，三个理想电表的示数都发生了变化，电流表A、电压表V1、电压表V2的示数分别用I、U1、U2表示，下列判断正确的是A.I减小，U1增大、U2减小B.I增大，U1增大、U2减小C.I减小、U1减
3、小、U2增大D.I增大，U1减小、U2增大3.把长1.0m的直导线全部放入匀强磁场中，保持导线和磁场方向垂直.当导线中通过的电流为2.0A时，该直导线受到的安培力的大小为410-3N.则该匀强磁场的磁感应强度大小为A.1.010-3TB.2.010-3TC.3.010-3TD.5.010-3T4.关于磁通量的说法，下列说法正确的是A.磁感应强度越大的地方，穿过线圈的磁通量越大B.磁感应强度越大的地方，线圈的面积越大，穿过线圈的磁通量越大C.穿过线圈的磁通量为零，磁感应强度不一定为零D.磁通量有方向，所以是矢量5.如图所示，表面粗糙的斜面固定于地面上，并处于方向垂直纸面向外、磁感应强度为B的匀强
4、磁场中，质量为m、带电量为+q的小滑块从斜面顶端由静止下滑.在滑块下滑的过程中，下列判断正确的是A.滑块受到的摩擦力不变B.滑块滑到斜面底端时的动能与B的大小无关C.滑块受到的洛伦兹力方向垂直斜面向上D.即便磁感应强度B很大时，滑块也不可能静止于斜面上6.长为L的通电直导线放在倾角为的光滑斜面上，并处在磁感应强度为B的匀强磁场中，如图所示，当B方向竖直向上，电流为I1导体处于平衡状态，若B方向改为垂直斜面向上，则电流为I2吋导体处于平衡状态，电流比值应为A.B.cosC.sinD.7.如图所示，两个线圈a、b的半径分别为r和2r，匝数分别为N1和N2，圆形匀强磁场B的边缘恰好与a线圈重合并随时
5、间均匀增加，则a、b两线圈的感应电动势之比为A.N1:N2B.N1:4N2C.1:2D.1:18.如图甲所示，水平面上固定一个粗糙的“U”形金属框架，金属杆ab横跨其上并与之接触良好，整个装置处于竖直向上的磁场中，磁感应强度B随时间t的变化规律如图乙所示，在金属杆ab保持静止的时间段内A.金属杆ab中感应电流方向一定从b到aB.回路中产生的感应电动势一定增加C.金属杆ab所受摩擦力的方向一定水平向右D.金属杆ab所受安培力一定变大9.单匝矩形线圈在匀强磁场中匀速运动，轴垂直于磁场，若线圈所围面积里磁通量随时间变化的规律如图所示，则OD过程中A.线圈中O时刻感应电动势最小B.线圈中D时刻感应电动
6、势为零C.线圈中D时刻感应电动势最大D.线圈中O至D时间内平均感应电动势为0.4V10.如图所示，间距为L、电阻不计的足够长平行光滑金属导轨水平放置，导轨左右两端均有一阻值为R的电阻相连，导轨上横跨一根长为L、质量为m、电阻也为R的金属棒，金属棒与导轨接触良好，整个装置处于竖直向下磁感应强度为B的匀强磁场中，现给金属棒一初速度v0向右运动，则直到金属棒停止的过程中有A.金属棒在导轨上做匀减速运动B.金属棒开始运动的时候，金属棒两端的电压为BLv0C.整个过程中金属棒克服安培力做功为D.整个过程中金属棒上产生的焦耳热为11.如图所示，空间中存在水平方向的匀强电场和匀强磁场，电场方向水平向左，磁场
7、方向垂直纸面向里.一带电小球恰能以速度v0沿与水平方向成30角斜向右下方做匀速直线运动，最后进入一轴线沿小球运动方向且固定摆放的一光滑绝缘管道（管道内径略大于小球直径），下列说法正确的是A.小球带负电B.磁场和电场的大小关系为C.若小球刚进入管道时撤去磁场，小球仍做匀速直线运动D.若小球刚进入管道时撤去电场，小球的机械能守恒12.如图所示，已知一带电小球在光滑绝缘的水平面上从静止开始经电压U加速后，水平进入互相垂直的匀强电场（电场强度为E）和匀强磁场（磁感应强度为B）的复合场中，小球在此空间的竖直面内做匀速圆周运动，则A.小球可能带正电B.小球做匀速圆周运动的半径C.小球做匀速圆周运动的周期D
8、.若电压U增大，则小球做匀速圆周运动的周期增加二、实验题（本题共2小题，共12分）13.（6分）有一额定电压为2.8V额定功率0.56W的小灯泡，现要用伏安法描绘这个小灯泡的伏安特性曲线.有下列器材可供选用A.电压表（量程03V，内阻约6k）B.电压表（量程06V，内阻约20k）C.电流表（量程00.6A，内阻约0.5）D.电流表（量程0200mA，内阻约20）E.滑动变阻器（最大电阻102，允许最大电流2A）F.滑动变阻器（最大电阻200，允许最大电流150mA）G.三节干电池（电动势约为4.5V）H.电键、导线若干（1）为提高实验的精确程度，电压表应选用_；电流表应选用_；滑动变阻器应选用
9、_.（以上均填器材前的序号）（2）通过实验描绘出小灯泡的伏安特性曲线如图所示，某同学将一电源（电动势E=2V，内阻r=5）与此小灯泡直接连接时，小灯泡的实际功率是_W。（保留两位有效数字）14.（6分）（1）如图甲所示为某实验小组探究感应电流方向的规律的实验装置，关于实验过程中应该注意的事项和实验现象，以下说法正确的是_。A.实验前应该先仔细观察，清楚线圈的绕向B.开关闭合后，将滑动变阻器的滑片匀速滑动使接入电路的阻值逐渐减小，会观察到电流计指针不发生偏转C.开关闭合后，线圈A从线圈B中拔出和插入过程中会观察到电流计指针偏转方向相反D.开关闭合与断开瞬间，电流计指针都会偏转，但偏转方向相同（2
10、）当电流从灵敏电流计正接线柱流入时指针向正接线柱一侧偏转.现将其与线圈相连之后，将上端为S极的磁铁插入线圈中，图乙所示电流计指针偏转的方向应为偏向_接线柱（填“正”或“负”）.根据图丙中电流计指针偏转方向可以判断出插入线圈磁铁下端的磁极为_极（填“N”或“S”）.三、计算题（本题共4小题，共40分作答时应写出必要的文字说明方程式和重要的演算步骤.只写出最后答案的不能得分.有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）15.（8分）如图甲所示，螺线管的匝数为n=1000，横截面积为S=10cm2，电阻为r=1，与螺线管串联的外电阻R1=5、R2=4.向右穿过螺线管的磁场的磁感应强度按图乙所示的规
11、律变化.求:（1）01s内，螺线管产生的感应电动势E1，并指出R1的感应电流的方向；（2）12s内，螺线管产生的感应电动势E2，R2上电压U2.16.（9分）如图所示，处于匀强磁场中的两根电阻不计的平行金属导轨相距L=1.0m，导轨平面与水平面成=37角，上端连接阻值为R1=3的电阻，下端连接阻值为R2=6的电阻.匀强磁场大小B=0.4T、方向与导轨平面垂直.质量为m=0.2kg、电阻r=0.5的金属棒ab放在两导轨上，棒与导轨垂直并保持良好接触，它们之间的动摩擦因数为0.25（已知sin37=0.6，cos37=0.8，g=10m/s2）.求:（1）求金属棒沿导轨由静止开始下滑时的加速度大小
12、；（2）求金属棒稳定下滑时的速度大小及此时ab两端的电压Uab为多少；（3）当金属棒下滑速度达到稳定时，机械能转化为电能的效率是多少.17.（10分）如图所示，两平行金属导轨间的距离L=0.40m，金属导轨所在的平面与水平面夹角=37在导轨所在平面内，分布着磁感应强度大小为B=0.50T、方向垂直于导轨所在平面的匀强磁场.金属导轨的一端接有电动势E=3.0V、内阻r=0.50的直流电源.现把一个质量m=0.040kg的导体棒ab放在金属导轨上，导体棒恰好静止.导体棒与金属导轨垂直且接触良好，导体棒与金属导轨接触的两点间的电阻R0=2.5，金属导轨电阻不计，g取10m/s2.已知sin37=0.
13、60，cos37=0.80，求:（1）通过导体棒的电流；（2）导体棒受到的安培力大小和方向；（3）导体棒受到的摩擦力大小和方向.18.（13分）如图所示，在平面直角坐标系xOy的第三象限内有平行于y轴的匀强电场，电场强度大小为E，方向沿y轴正方向.在第一、四象限内有一个半径为R=2m的圆，圆心坐标为（2m，0），圆内有方向垂直于xOy平面向外的匀强磁场.一质量为m=2.010-11kg，q=+1.010-5C的带电的粒子（不计重力），以速度为v0=2104m/s从第三象限的P点，沿平行于x轴正方向射入电场，通过坐标原点O进入第一象限，速度方向与x轴正方向成45，最后从Q点平行于y轴离开磁场，已
14、知P点的纵坐标为一1m（取3，=1.4）.求:（1）匀强电场的电场强度大小E；（2）圆内磁场的磁感应强度B的大小；（3）带电粒子从P点进入电场到从Q点射出磁场的总时间.运城市高中联合体高二12月份调研测试物理参考答案、提示及评分细则1.C当带小球在高度为h处处于平衡.则有，可知平衡和高度没有关系，所以当h变2h时，两力仍然平衡，故C正确.2.CP下滑，R2增加，则总电阻增加，则总电流减小，总电流减小，则内压减小，外压增大，电阻R3两端的电压和电流变大，电流表读数I减小，流过R1的电流减小，由U=IR可知R1两端的电压减小，电压表V1读数减小；由串联电路的特点可知U=U1+U2，由以上的分析可知
15、，U变大，U1减小，U2增大.3.B磁感应强度公式.4.C磁感应强度为变量，磁通量为标量，指的是穿过某面的磁感线条数多少.5.D滑块滑动后受到垂直斜面向下的洛仑兹力，所以滑块对斜面正压力变大，摩擦力变大，而洛仑兹力与磁感应强度大小有关，故本题选D.6.ABI1L=mgtan，而BI2L=mgsin.故，选A.7.A根据，可知选A.8.C根据右手定则可知电流从ab，故A错误；棒所受安培力向右，所以所受摩擦力向右，C正确；F=BIL，B变大，但变小，故D错，磁通量变化率越来越小，故感应电动势减小，B错误.9.BD线圈中O时刻切线斜率最大，即磁通量的变化率为最大，则感应电动势最大，线圈中D时刻磁通量
16、的变化率为零，则感应电动势为零，故B正确，A、C错误.根据法拉第电磁感应定律得:，故D正确.10.CD金属棒在整个运动过程中，受到竖直向下的重力，竖直向上的支持力，这两个力合力为零，还受到水平向左的安培力，金属棒受到的合力等于安培力，随着速度减小，安培力减小，加速度减小，故金属棒做加速度逐渐减小的变减速运动，故A错误；棒刚开始运动时的电势为BLv0，两端电压为路端电压为，故B错误；整个过程中由动能定理可得:-W安=0-，则金属棒克服安培力做功为:W安=，故C正确；整个回路产生的总焦耳热为:Q=W安=，金属棒上生的焦耳热为:Q棒=.故D正确.11.CD经分析，洛伦兹力不做功，重力做正功，而小球动
17、能不变，电场力一定做负功，小球带正电，故A错误；仅当支持力为零，电场力、重力、洛伦兹力三力平衡时，有qE=qv0Bsin30，即，故B错误；因为电场力、重力、洛伦兹力三力平衡时，电场力和重力的合力与洛伦兹力方向相反，说明合力和速度方向垂直，撤去磁场后重力和电场力合力不做功，支持力不做功，则小球仍沿杆做匀速直线运动，故C正确；撤去电场，只有重力对小球做功，小球的机械能不变，故D正确.12.BC因为小球做匀速圆周运动，所以电场力等于重力，故小球带负电，A错误，mg=qE，故，又，又，故B正确；，C正确，D错误.13.（1）A D E（3分）（2）0.17（0.160.20范围均给分）（3分）解析:
18、（1）由题意可知，灯泡的额定电压为2.8V，为了准确性及安全性原则，电压表应选择A；由P=UI可得，灯泡的额定电流为，故电流表应选择D；测量灯泡的伏安特性曲线实验中应采用分压接法，故滑动变阻器应选用小电阻，故滑动变阻器应选择E.（2）由闭合电路欧姆定律可得U=E-Ir，作出电源的伏安特性曲线如图所示；则曲线与小灯泡的伏安特性曲线交点为灯泡的工作点，由图可知，灯泡的电压为1.3V，电流为0.13A，则灯泡的功率P=UI=1.30.13W0.17W（0.160.20范围内均给对）14.（1）AC（3分）（2）正 S（3分）解析:（1）实验是探究感应电流方向的规律的，此实验前要仔细观察，弄清楚线圈绕
19、向，搞清线圈电流方向与电流计指针偏转方向的关系，故A正确开关闭合后将滑动变阻器的滑片匀速滑动使接入电路的阻值逐渐减小，导致穿过线圈B的磁通量变化，从而产生感应电流，会观察到电流计指针发生偏转，故B错误；开关闭合后线圈A从线圈B中拔出和插入过程中，穿过线圈B的磁通量变化不同，者减少，后者增加，依据楞次定律“增反减同”.会观察到电流计指针偏转方向相反，故C正确；开关闭合与断开瞬间，穿过线圈B的磁通量都会变化且变化不同，开关闭合瞬间磁通量增加，断开瞬间磁通量减少，依据楞次定律“增反减同”.会观察到电流计指针偏转，而且偏转方向不同，故D错误.（2）当电流从灵敏电流计正接线柱流入时指针向正接线柱一侧偏转
20、，若将上端为S极的磁铁插入线圈中，原磁场方向向下磁通量增加，根据楞次定律可知，感应电流的磁场方向向上，根据安培定则可知感应电流从电流计正接线柱流入，故指针偏向正接线柱一侧；根据图丙中电流计指针偏向负接线柱一侧，可知感应电流是从负接线柱流入电流计的，根据安培定则可知感应电流的磁场方向向下，因条形磁铁向下运动，磁通量增加，根据楞次定律，可知原磁场方向向上，则插入线圈磁铁下端的磁极为S极.15.解:（1）在01s内，由法拉第电磁感应定律可知螺线管产生的感应电动势为1010-4=4V（2分）根据楞次定律可知，通过电阻R1的电流方向向右（2分）（2）在1s2s内，螺线管产生的感应电动势为1010-4=6
21、V（1分）根据闭合电路的欧姆定律有（1分）R2两端的电压为U2=IR2=0.64=2.4V（2分）16.解:（1）金属棒开始下滑的初速为零，根据牛顿第二定律mgsin-mgcos=ma（1分）式解得a=10（0.6-0.250.8）m/s2=4m/s2故金属棒沿导轨由静止开始下滑时的加速度大小为4m/s2.（1分）（2）设金属棒运动达到稳定时速度为v，棒在沿导轨方向受力平衡mgsin-mgcos-BIL=（1）由欧姆定律有 （1分）Uab=IR联立以上三式并代数据解得v=12.5m/s（1分）Uab=4V故金属棒稳定下滑时的速度大小为v=12.5m/s，此时ab两端的电压Uab=4V（1分）（
22、3）当金属棒下滑速度达到稳定时，装置的电功率P电=I2（R+r）装置的机械功率P机=mgsin（1分）机械能转化为电能的效率 （1分）代入数据解得故机械能转化为电能的效率是66.7%（1分）17.解:（1）根据闭合电路欧姆定律得 （3分）（2）导体棒受到的安培力F安=BIL=0.2N（2分）根据左手定则知安培力方向平行斜面向上（1分）（3）将重力正交分解，得mgsin37=0.24NF安（2分）导体棒受到的摩擦力方向平行斜面向上，根据平衡条件得mgsin37=F安+f（1分）解得f=0.04N（1分）18.解:（1）山到达O点速度方向成45角可知，竖直方向速度为vy=v0 （1分）竖直方向做匀加速直线运动加速度为 （1分）位移为y=1m=2ay（1分）代入数字得E=400v/m（1分）（2）粒子进入磁场的速度为v，有cos45=（1分）粒子运动轨迹如图所示由几何关系得，粒子在磁场中作匀速圆周运动的轨道半径为r=R=2mm（1分）由洛伦兹力提供向心力可知 （1分）解得B=210-2T（1分）（3）粒子在磁场中运动的时间为t2=1.6010-4s（1分）粒子在磁场中运动的周期为T，（1分）粒子在电场中运动的时间为1=10-4s（1分）粒子运动的总时间t=t1+t2（1分）t=2.6010-4s（1分）