1、包头四中20182019学年度第二学期第一次月考高二物理试题一、单选题（本题共10题，每小题3分，共30分。每小题给出的四个选项只有一个选项正确，请将正确的选项填在答题卡中。）1.关于布朗运动的正确说法是（）A. 布朗运动映证了分子的热运动B. 在室内看到的尘埃不停地运动是布朗运动C. 室内尘埃的运动是空气分子碰撞尘埃造成的现象D. 因为布朗运动的激烈程度跟温度有关，所以布朗运动就是热运动【答案】A【解析】【详解】A布朗运动是液体分子对悬浮微粒的无规则撞击的不平衡性引起的；温度越高，分子热运动的平均动能越大，碰撞的不平衡性越明显；颗粒越小，碰撞的不平衡性越明显；布朗运动不是分子的热运动，而是反
2、映了分子的热运动，故A正确；BC在室内看到的尘埃不停地运动不是布朗运动，而是空气的流动造成的宏观现象，布朗运动形成的原因是由于分子对悬浮微粒无规则撞击引起的，肉眼看不见，故BC错误；D布朗运动的激烈程度跟温度有关，但布朗运动也可以不是热运动，热运动是分子运动，而布朗运动是小颗粒的运动，故D错误。故选A。2.如图所示为两分子系统的势能EP与两分子间距离r的关系曲线下列说法正确的是( )A. 当r大于r1时，分子间的作用力表现为引力B. 当r等于r2时，分子间的作用力表现为斥力C. 当r小于r1时，分子间的作用力表现为斥力D. 在r由r1变到r2的过程中，分子间的作用力做负功【答案】C【解析】【详
3、解】由图可知，分子间距离等于r0时分子势能最小，即r0=r2，当r=r2时分子间作用力为零，当r小于r2时分子力表现为斥力；当r大于r2时，表现为引力，故A、B错误，C正确；在r由r1变到r2的过程中，分子间为斥力，分子力做正功分子势能减小，故D错误3.已知铜的摩尔质量为，铜的密度为，阿伏伽德罗常数为，下列说法正确的是（ ）A. 个铜原子的质量为B. 个铜原子的质量为C. 个铜原子所占的体积为D. 个铜原子所占的体积为【答案】B【解析】【详解】一个铜原子的质量为，故A错，B正确；一个铜原子的所占体积为 故CD错；故选B4.如图所示，是一定质量的理想气体状态变化的pV图象，气体由状态A变化到状态
4、B的过程中，气体分子平均速率的变化情况是( )A. 一直保持不变B. 一直增大C. 先减小后增大D. 先增大后减小【答案】D【解析】试题分析：由图象可知，pAVApBVB，所以A、B两状态的温度相等，在同一等温线上，由于离原点越远的等温线温度越高，所以从状态A到状态B温度应先升高后降低，分子平均速率先增大后减小考点：查理定律 盖吕萨克定律点评：灵活运用公式5.如图，各实线分别表示一定质量的理想气体经历的不同状态变化过程，其中气体体积减小的过程为A. B. C. D. 【答案】A【解析】【分析】根据理想气体状态方程列式分析即可【详解】理想气体状态方程其中联立得所以直线bc为等容变化的曲线；同时，
5、过a点做等温线如图由理想气体状态方程可知在相等温度下，压强越大，则体积越小所以a点的体积最大，d点的体积最小ab的过程体积减小，ba的过程体积增大，bc的过程是等容过程，db的过程体积增大，A正确，BCD错误。故选A。【点睛】本题关键在于横坐标为摄氏温度，不是热力学温度；如果横坐标是热力学温度，等容线是过原点的直线6.图甲是小型交流发电机的示意图，两磁极N、S间的磁场可视为水平方向的匀强磁场，A为交流电流表线圈绕垂直于磁场方向的水平轴OO沿逆时针方向匀速转动，从图示位置开始计时，产生的交变电流随时间变化的图象如图乙所示，以下判断不正确的是（）A. 电流表的示数为10AB. 线圈转动的角速度为1
6、00 rad/sC. 0.01s时线圈平面与磁场方向垂直D. 0.02s时电阻R中电流的方向自右向左【答案】CD【解析】【分析】电流的最大值、周期，电流表的示数为有效值，感应电动势最大，则穿过线圈的磁通量变化最快，由楞次定律可判断出0.02s时流过电阻的电流方向【详解】A项：由题图乙可知交流电电流的最大值是，则有效值为：，故A正确；B项：由题图乙可知交流电的角速度为：，故B正确；C项：0.01s时线圈中的感应电流达到最大，感应电动势最大，则穿过线圈的磁通量变化最快，磁通量为0，故线圈平面与磁场方向平行，故C错误；D项：由楞次定律可判断出0.02s时流过电阻的电流方向自左向右，故D错误故应选：C
7、D【点睛】本题考查交变电流的产生及有效值的定义，要注意明确电流表示数、机器铭牌上所标的电流值、电压值等均为有效值7.如图所示，理想变压器原线圈输入电压u=Umsint，副线圈电路中R0为定值电阻，R是半导体材料做成的光敏电阻（光照强度增大，电阻减小）V1和V2是理想交流电压表，示数分别用U1和U2表示；A1和A2是理想交流电流表，示数分别用I1和I2表示下列说法正确的是A. I1和I2表示电流的瞬时值B. U1和U2表示电压的最大值C. 光照强度增大，U2变小、I1变小D. 光照强度增大，U2不变、I1变大【答案】D【解析】【详解】A项：I1和I2表示电流的有效值，A错误；B项：U1和U2表示
8、电压的有效值，B错误；C、D项：光照强度增大，电阻减小，输出端电阻减小，输出端电压不变，输出电流增大，输出功率增大，输入功率增大，输入电压不变，输入电流增大；C错误，D正确【点睛】解决本题关键理解变压器电路中，输入电压决定输出电压，输出功率决定输入功率8.已知某交变电流在一个周期内的波形如图所示，则该电流通过一阻值为10 的电阻时的发热功率是()A. 16 WB. 18 WC. 22.5 WD. 28 W【答案】D【解析】根据电流的热效应，在一个周期内交流电产生的热量Q12100.22 J2210(0.50.2)2 J28J，所以发热功率,D对.故选D【点睛】由交流电图象得出一个周期内的热量，
9、再由交流电的有效值定义可求得该交流电的有效值，根据P=I2R求得电阻的热功率.9.图为模拟远距离交流输电的电路，升压变压器T1的原、副线圈匝数比n1 : n2 = 1 : k，降压变压器T2的原、副线圈匝数比n3 : n4 = k : 1，模拟输电导线的电阻r = 3 ，T2的负载是规格为“15 V，45 W”的灯泡L当T1的输入电压为16 V时L正常发光，两个变压器可视为理想变压器，则k的值为A. B. 3C. 4D. 9【答案】B【解析】根据电压与匝数成正比，有即 得U216k；灯泡的额定电流为， 降压变压器副线圈电流I43A；根据，得U3KU415k根据电流与匝数成反比，得，得；电压关系
10、：；代入数据16k15k+3，解得：k=3，故选B.点睛：理想变压器的输入功率与输出功率相等，且没有漏磁现象远距离输电，由于导线通电发热导致能量损失，所以通过提高输送电压，从而实现降低电损.10.如图所示，虚线两侧有垂直线框平面磁感应强度均为B的匀强磁场，直角扇形导线框半径为L、总电阻为R，绕垂直于线框平面的轴O以角速度匀速转动线框从图中所示位置开始转动一周的过程中，线框内感应电流的有效值是()A. B. C. D. 【答案】B【解析】【详解】线框从图示位置转过90的过程中，即在内，穿过闭合线框的磁通量不变，线框内无感应电流；在转过90至180的过程中，即在内，线框中的感应电动势：，大小恒定不
11、变，感应电流沿逆时针方向；在转过180至270的过程中，即在内，穿过闭合线框的磁通量不变，线框内无感应电流；在转过270至360的过程中，即在内，线框中的感应电动势：，大小恒定不变，感应电流沿顺时针方向根据以上分析，画出一个周期内感应电动势Et图象(图象略)，利用电流的热效应计算感应电动势的有效值：，所以：选项B正确二、双选题（本题共5题，每小题5分，共25分。每小题给出的四个选项只有两个选项正确，全对5分，对而不全3分，有错0分。）11.如图所示，变压器为理想变压器，A1、A2为理想交流电流表，V1、V2为理想交流电压表，R1、R2R3为定值电阻，原线圈两端接电压一定的正弦交流电源。当开关S
12、闭合时，各交流电表的示数变化情况应是 （ ）A. 电流表A1读数变大B. 电压表V1读数变小C. 电流表A2读数变小D. 电压表V2读数变大【答案】AB【解析】【详解】AC由于总的电阻减小，所以电路的总电流要变大，因此A1、A2的示数都要变大，故A正确，C错误；BD当闭合开关S后，电路的总的电阻减小，由于变压器的匝数比和输入的电压都不变，所以输出的电压也不变，即V2示数不变；由于总的电流变大，电阻R1的电压变大，因总的电压保持不变，所以并联部分的电压要减小，即V1示数变小，故B正确，D错误。故选AB。12.如图所示为一理想变压器，原副线圈的匝数比为n：1。原线圈接电压为u=U0sint的正弦交
13、流电，输出端接有一个交流电流表和一个电动机，电动机的线圈电阻为R。当输入端接通电源后，电动机带动一质量为m的重物匀速上升，此时电流表的示数为I，重力加速度为g，下列说法正确的是（）A. 电动机两端电压等于IRB. 原线圈中的电流为C. 重物匀速上升的速度为D. 电动机发热的功率为【答案】BC【解析】【详解】A电压与匝数成正比，电动机两端电压（有效值）为副线圈两端的电压，故A错误；B根据电流与匝数成反比，可知原线圈中的电流为，故B正确；C由功能关系知解得：故C正确；D电动机消耗的电功率为：电动机发热的功率为I2R，故D错误。故选BC。13.下图为某山区小型水电站的输电示意图，发电机的输出电压为2
14、20V，通过升压变压器和降压变压器（均为理想变压器）后电阻两端的电压也为220V。已知输电线的总电阻为r，升压变压器原、副线圈的匝数分别为n1、n2，降压变压器原、副线圈的匝数分别为n3、n4。下列说法正确的是（）A. B. C. 若输电功率加倍，则输电线上损耗的功率也加倍D. 闭合开关S，阻值r越小时R1两端电压的变化越小【答案】AD【解析】【详解】AB由变压器的电压比匝数之比，又因为线路电压损失，即U2U3，所以：故A正确，B错误。C输电线路损失的功率为：可知若输电功率加倍，输电线上损失功率变为4倍，故C错误；D闭合开关S，用户总阻值减小，I4电流变大，根据，可知I3也变大，则r的电压也增
15、大，U3电压将增大，r阻值越小，U3电压变化越小，根据，可知R1两端电压的变化越小，故D正确。故选AD。14.下列说法正确的是（）A. 压缩一定量的气体，气体的温度一定升高B. 气体的温度升高时，分子平均动能增大，每个分子动能都增大C. 气体等压压缩时，单位时间内打到器壁单位面积上的分子数增多D. 一定量的气体，温度降低时，速率大的分子数减小，速率小的分子数增加【答案】CD【解析】详解】A根据热力学第一定律U=W+Q，可知压缩气体，若同时放出热量，气体温度可能降低，故A不符合题意；B温度升高时，分子的平均动能增大，但并不是每个分子的动能都增大，故B不符合题意；C气体等压压缩时，体积减小单位体积
16、内的分子数一定增多，故单位时间内打到器壁单位面积上的分子数增多，故C符合题意；D温度是分子平均动能的标志，是大量分子无规则运动的统计规律，对于一定量的气体，当其温度降低时速率大的分子数目减少，速率小的分子数目增加，故D符合题意。故选CD。15.一定质量的理想气体经历一系列状态变化，其p图线如图所示，变化顺序由abcda，图中ab线段延长线过坐标原点，cd线段与p轴垂直，da线段与轴垂直气体在此状态变化过程中()A. ab，压强减小、温度不变、体积增大B. bc，压强增大、温度降低、体积减小C. cd，压强不变、温度升高、体积减小D da，压强减小、温度升高、体积不变【答案】A【解析】【详解】A
17、. 由图象可知，ab过程，气体压强减小而体积增大，气体的压强与体积倒数成正比，则压强与体积成反比，气体发生的是等温变化，故A正确；B. 由理想气体状态方程可知：由图示可知，连接Ob的直线的斜率小，所以b的温度小，bc过程温度升高，由图还可知，同时压强增大，且体积也增大故B错误；C. 由图象可知，cd过程，气体压强P不变而体积V变小，由理想气体状态方程可知，气体温度降低，故C错误；D. 由图象可知，da过程，气体体积V不变，压强P变小，由由理想气体状态方程可知，气体温度降低，故D错误。故选A三.计算题。本题四小题共45分，解答时应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不得分
18、。16.在磁感应强度为1T的匀强磁场中有一匝数为10匝的矩形线圈ABCD,如图所示,其绕OO轴以线圈的转速n=50/ r/s匀速转动.AB=20cm，BC=25cm，线框总电阻为r=1，定值电阻阻值为R=9，从图示位置开始计时(1)写出t时刻整个线圈中的感应电动势e的表达式.(2)线框转过30，R上流过的电荷量为多少?(3)当转过30时，电流表的示数为多少?【答案】（1）50cos100t（V）(2)0.025C（3）3.54A【解析】分析】根据公式Em=nBS求解电动势的最大值，根据e=Emcost求解瞬时值；转动过程中由平均感应电动势和电流公式代入数据解得；求出电动势的有效值，即可求出电流
19、表的示数【详解】（1）线圈转动的角速度=2n=100rad/s 产生最大感应电动势Em=nBS=1010.20.25100V=50V 故t时刻感应电动势e50cos100t(V) 转动过程中产生的平均感应电动势形成的感应电流：故流过的电荷量q=It=0.025C （3）电动势的有效值为电流表的示数为: 【点睛】本题关键是能够区分交流四值，电表读数为有效值，求解热量用有效值，求解电量用平均值17.某一小型水电站，输电电路如图所示，发电机的输出功率为100kW，发电机的输出电压为500V，输电导线的总电阻为10，导线上损耗的电功率为4kW，该村的用电电压是220V求：（1）输电线上的输电电流、电压
20、损耗分别是多少？（2）升压变压器的原、副线圈的匝数比（3）降压变压器的原、副线圈的匝数比【答案】（1）(2) (3)【解析】【分析】（1）变压器不改变功率，由P=UI求出输电线中电流，由功率公式求解输电线上损耗的电功率；（2）（3）根据输电线路图，由输电线损耗功率求出输电电流I，再由发电机输出功率与输出电流求得升压变压器的原线圈的电压，由得升压变压器的匝数比；求出升压变压器的匝数比后可求出降压变压器的原线圈的电压，再与用户电压结合求出降压变压器的原副线圈的匝数比【详解】（1）根据得，输电线上的电流(2)升压变压器的输出电压则升压变压器的匝数比(3) 降压变压器的输入电压U3=U2-=5000-
21、200V=4800V降压变压器的匝数比为【点睛】本题是关于高压输电的题目，对于理想的变压器来说，输入功率和输出功率的大小是相同的，在计算输电线上消耗的功率的时候，一定要注意要用公式来计算，同时掌握变压器的匝数与电压的关系18.竖直平面内有一直角形内径处处相同的细玻璃管，A端封闭，C端开口，最初AB段处于水平状态，中间有一段水银将气体封闭在A端，各部分尺寸如图所示初始时，封闭气体温度为T1=300K，外界大气压强p0=75cmHg求：(1)若对封闭气体缓慢加热，当水平管内水银全部进入竖直管内时，气体的温度是多少(2)若保持(1)问的温度不变，从C端缓慢注入水银，使水银与C端管口平齐，需要注入水银
22、的长度为多少【答案】（1）450K（2）14cm【解析】【详解】(1)设细管的横截面积为S，以AB内封闭的气体为研究对象初态p1=p0+5cmHg，V1=30S，T1=300K当水平管内水银全部进入竖直管内时，此时：p2=p0+15cmHg，体积V2=40S，设此时温度为T2，由理想气体方程得：=解得T2=450K（2）保持温度不变，初态p2=p0+15cmHg，体积V2=40S，末态p3=p0+25cmHg由玻意耳定律得：p2V2= p3V3解得V3=36S故需要加入的水银长度l=30+20-36cm=14cm19.如图，容积均为V的汽缸A、B下端有细管(容积可忽略)连通，阀门K2位于细管的
23、中部，A、B的顶部各有一阀门K1、K3，B中有一可自由滑动的活塞(质量、体积均可忽略)初始时，三个阀门均打开，活塞在B的底部；关闭K2、K3，通过K1给汽缸充气，使A中气体的压强达到大气压p0的3倍后关闭K1已知室温为27，汽缸导热(1)打开K2，求稳定时活塞上方气体的体积和压强；(2)接着打开K3，求稳定时活塞的位置；(3)再缓慢加热汽缸内气体使其温度升高20 ，求此时活塞下方气体的压强【答案】(1) ，2p0；(2)上升直到B的顶部；（3）1.6p0【解析】【详解】(1)设打开K2后，稳定时活塞上方气体的压强为p1，体积为V1依题意，被活塞分开的两部分气体都经历等温过程由玻意耳定律得联立式得(2)打开K3后，由式知，活塞必定上升设在活塞下方气体与A中气体的体积之和为V2( )时，活塞下气体压强为p2由玻意耳定律得由式得由式知，打开K3后活塞上升直到B的顶部为止，此时(3)设加热后活塞下方气体的压强为p3，气体温度从T1300 K升高到T2320 K的等容过程中，由查理定律得将有关数据代入式得p31.6p0