1、2022-2023第一学期期末测试高一物理一、选择题；本题共10小题，每小题3分，30分在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1质点是一个理想化的物理模型，下列关于把物体或人看做质点的说法正确的是（ ）A体积很小的物体，一定能被看做质点B圆形物体都可以被看做质点，长方形物体都不能被看做质点C人在进行马拉松比赛时，确定其在比赛中的位置时可把人看做质点D只有以地面为参考系时，物体才能被看做质点2我国复兴号高铁如图甲所示，考虑到旅客的舒适程度，高铁出站时，速度能在10分钟内由0增大到；如图乙所示，汽车以的速度行驶，急刹车时能在内停下来。下列说法正确的是（）A内汽车的速度改变量为B复兴号高
2、铁的加速度比汽车的大C汽车的速度变化比复兴号高铁的快D复兴号高铁单位时间内速度变化比汽车的大3关于运动和力的说法中正确的是( )A合外力等于零时，物体的加速度一定等于零B合外力不等于零时，物体的速度一定不等于零C合外力等于零时，物体的速度一定等于零D合外力越大，物体的速度一定越大4关于位移与路程，下列判断正确的是（）A路程就是位移B路程是位移的大小C位移的大小可能比路程小D匀速直线运动中，位移就是路程 公众号高中试卷资料下载5如图所示为跳台跳水运动，运动员在起跳瞬间，对跳台的压力为F，运动员的重力为G，这两个力的大小关系正确的是AFGBFGCF=GD以上情形都有可能6一物体做初速度为零的匀加速
3、直线运动，第2s末的速度为4m/s，它运动的加速度为（）ABCD7光滑的球放在倾角为的斜面上，被一个竖直挡板PQ挡住而静止，挡板PQ可以绕Q轴转动，如图所示。当PQ由竖直位置缓慢地顺时针方向转至水平的过程中，球对斜面的压力F1和对挡板的压力F2的大小变化情况是（）AF1和F2都逐渐减小BF1逐渐减小，F2逐渐增大CF1逐渐增大，F2先减小DF1逐渐减小，F2先减小后增大8在高度 h=45m 处竖直上抛一小球，比与它同时在同一高度自由下落的另一小球迟 t=1s 落到地上,不计空气阻力，则竖直上抛小球的初速度为()A8.75m/sB11.5 m/sC17.5m/sD21.5m/s9如图所示，用网兜
4、把足球挂在竖直墙面上，悬绳对网兜的拉力为，悬墙壁对足球的支持力为，若不计墙面摩擦，缓慢增加悬绳的长度，下列选项正确的是（）A和都增大B和都减小C减小，增大D增大，减小10如图所示，斜面体静置于粗糙水平地面上，物块静止在斜面体上，现对物块施加一水平向右的恒力，物块仍然静止。下列说法正确的是（）A斜面体对物块的支持力不变B斜面体对物块的摩擦力一定变大C地面对斜面体的支持力不变D地面对斜面的摩擦力始终为0二、多选题；本题共5小题，每小题3分，15分11关于图中所示的皮带传动装置，下列说法中正确的是（）AB轮带动A轮时沿顺时针方向转动BC轮带动D轮时沿逆时针方向转动C轮子上M点所受的静摩擦力方向向上D
5、皮带上N点所受的静摩擦力方向向下12一个沿直线运动物体的v-t图象如下图所示，下列说法中正确的是（）A图象OA表示物体做非匀变速运动，AB段表示物体静止B图象AB表示物体做匀速直线运动C在09s内物体的运动方向相同D在69s内物体加速度方向与912s内的加速度方向相反13如题图所示，三个完全相同的小球甲、乙、丙，甲、乙两球用轻绳连接，乙、丙两球用轻弹簧连接，甲球用轻绳与天花板连接，甲、乙、丙三球位于同一竖直线上且均处于静止状态，重力加速度为g，弹簧始终在弹性限度内，将天花板与甲球间轻绳剪断瞬时，三个小球的加速度大小为（）ABCD14如图，一个重为10N的大砝码，用细线悬挂在O点，现在用力F拉砝
6、码，使悬线偏离竖直方向时处于静止状态，此时所用拉力F的值可能为（ ）ABCD15如图所示，一滑块从固定的斜面底端A处冲上粗糙的斜面，到达某一高度后返回A。下列各图分别表示滑块在斜面上运动的速度v、加速度a、势能Ep、机械能E随时间变化的图象，可能正确的是（ ）ABCD三、非选择题：55分16探究“互成角度的两个力的合成”实验情况如图所示，其中A为固定橡皮条的图钉，O为橡皮条与细绳的结点，OB和OC为细绳，第一次用两只弹簧秤同时拉OB和OC，第二次只用一只弹簧秤拉OB。（1）下列说法正确的是_（填字母代号）A必须将弹簧秤都拉伸到相同刻度B只要将橡皮条拉伸相同长度即可C需要及时记录下拉力的大小和方
7、向D必须将橡皮条和绳的结点O拉到相同位置（2）甲、乙两图分别是某两位同学在做以上实验时得到的结果，其中符合实验事实的是_（填“甲”或“乙”，其中力F是用一只弹簧测力计拉时的图示）。17在用如图所示的装置“验证牛顿第二定律”的实验中，保持小车质量一定时，验证小车加速度与合力F的关系。（1）为了使细线对小车的拉力等于小车所受的合外力，以下操作正确的是_。A调整长木板上滑轮的高度使细线与长木板平行B在调整长木板的倾斜度平衡摩擦力时，应当将砝码和砝码盘通过细线挂在小车上（2）某同学得到了如图所示的一条纸带，已知打点计时器的工作频率为50Hz，由此得到小车加速度的大小a=_m/s2（结果保留三位有效数字
8、）（3）在本实验中认为细线的拉力F等于砝码和砝码盘的总重力mg，由此造成系统误差。设拉力的真实值为，小华的质重为M，为了使，应当满足的条件是_。18某物体以的初速度竖直上抛，不计空气阻力，g取，求前内物体的（1）路程；（2）位移大小；（3）平均速度大小。19如图所示，物体质量为m，从斜面顶端沿斜面匀速下滑，已知斜面倾角为，求斜面与物体间的动摩擦因数。20如图甲所示，一固定在地面上的足够长斜面，倾角为37，物体A放在斜面底端挡板处，通过不可伸长的轻质绳跨过光滑轻质滑轮与物体B相连接，B的质量M1 kg，绳绷直时B离地面有一定高度在t0时刻，无初速度释放B，由固定在A上的速度传感器得到的数据绘出的
9、A沿斜面向上运动的vt图象如图乙所示，若B落地后不反弹，g取10 m/s2，sin 370.6，cos 370.8.求：(1)物体A与斜面间的动摩擦因数；(2)物体A开始下滑的加速度大小21如图所示，两个完全相同的物块A、B用轻绳连接放在水平地面上，轻绳的长度，在水平恒定拉力F作用下，由静止开始一起向右做匀加速直线运动，经过t1=2s物体A的位移为L1=1m，已知A、B质量均为，两物块与地面之间的动摩擦因数均为（），求：(1)拉力F的大小；(2)当整体运动t2=4s时剪断轻绳，从剪断轻绳到物块A刚好静止时两物块A、B间的距离。参考答案1CAB物体能看作质点的条件是：物体的形状和大小对所研究的问
10、题属于无关或次要因素时，可把物体看做质点，故体积很小的物体，或者是圆形的长方形的物体都不一定能看做质点，故AB错误；C人在进行马拉松比赛时，确定其在比赛中的位置时，人的大小可以忽略不计，故可把人看做质点，故C正确；D能否被看做质点与所选择的参考系无关，故D错误。故选C。【名师点睛】考查学生对质点这个概念的理解，关键是知道物体能看成质点时的条件，看物体的大小体积对所研究的问题是否产生影响，物体的大小体积能否忽略2C已知：；。A内汽车的速度改变量为故A错误；BCD复兴号高铁的加速度大小汽车的加速度大小可知，复兴号高铁的加速度比汽车的小，汽车的速度变化比复兴号高铁的快，复兴号高铁单位时间内速度变化比
11、汽车的小，故C正确，BD错误。故选C。3A试题分析：根据牛顿第二定律得出加速度与合力的关系，加速度为零，速度不一定为零解：A、根据牛顿第二定律知，a=，合外力等于零，则物体的加速度等于零，故A正确B、合外力不为零，加速度不为零，但是速度仍然可以为零故B错误C、合外力等于零，加速度为零，速度不一定为零故C错误D、合外力越大，加速度越大，速度变化快，但是速度不一定大故D错误故选A【点评】解决本题的关键知道加速度随着合力的变化而变化，大小由合力大小决定，加速度大小与速度之间无必然联系4C位移是矢量，路程是标量，两者不能相等，故AD错误；位移的大小等于初位置与末位置之间有向线段的长度，路程是物体运动路
12、线的长度，位移的大小小于或等于路程，当物体做单向直线运动时位移的大小等于路程，路程也不是位移的大小故B错误，C正确；选C.位移是矢量，位移的方向由初位置指向末位置位移的大小不大于路程路程是标量，是运动路径的长度当质点做单向直线运动时，位移的大小一定等于路程5A运动员在起跳瞬间受重力，跳台对运动员的支持力，由于运动员向上加速运动，所以支持力大于重力，由牛顿第三定律可知，跳台对运动员的支持力与运动员对跳台的压力大小相等，所以运动员对跳台的压力大于运动员的重力AFG与分析相符，故A正确；BFG与分析不符，故B错误；CF=G与分析不符，故C错误；D以上情形都有可能与分析不符，故D错误6A根据加速度的定
13、义，解得：，故选A7D斜面对球的压力F1与F1大小相等，而挡板对球的压力F2与F2大小相等。对球根据平衡条件可知，F1和F2的合力始终与球的重力G等大反向，且F1的方向始终不变，当PQ由竖直位置缓慢地顺时针方向转至水平的过程中，作出一系列力的平行四边形如图所示，可知F1逐渐减小，F2先减小后增大，所以F1逐渐减小，F2先减小后增大。故选D。8A对高度h=45m自由落体的小球分析有:代入数据计算得出：故竖直上抛运动的时间为：规定向上为正方向有：代入数据有计算得出：A描述与分析相符，故A正确.B描述与分析不符，故B错误C描述与分析不符，故C错误.D描述与分析不符，故D错误.9B分析足球的受力情况：
14、重力G、悬线的拉力和墙的支持力，作出力图由平衡条件得，、的合力F与G大小相等、方向相反，即有由平衡条件得当缓慢增加悬绳的长度，减小，增大，减小，则和都减小，ACD错误，B正确。故选B。10CA外力F有两个效果，一个是使物块压紧斜面，另一个是使物块产生沿斜面向上运动的趋势。故施加F后，斜面体对物块的支持力增大。故A错误；B由A项分析可知，外力F与物块自身重力的作用效果，恰好相反，故斜面体对物块的摩擦力的变化分几种不同的情况，此时摩擦力减小。此时摩擦力减小。此时摩擦力可能变大，可能变小，可能不变。故B错误；C对整体进行受力分析，可知竖直方向，二力平衡。地面对斜面体的支持力始终等于整体的重力。故C正
15、确；D对整体进行受力分析，可知水平方向，施加外力后，二力平衡，地面对斜面的摩擦力不为零。故D错误。故选C。11BDAB在题图甲、乙中，若左侧轮为主动轮，当左侧轮顺时针转动时，下面皮带会绷紧，则A带动B；当左侧轮逆时针转动时，上面皮带会绷紧，则C带动D，若右侧轮为主动轮，当右侧轮顺时针转动时，上面皮带会绷紧，则D带动C；当右侧轮逆时针转动时，下面皮带会绷紧，则B带动A，A错误，B正确；C对于题图甲中轮子上M点的静摩擦力方向的判断也分两种情况讨论，若A带动B，则A带动皮带一起沿顺时针方向转动，M点相对皮带有向上的运动趋势，所以M点受到向下的静摩擦力；若B带动A，B逆时针转动，则M点相对轮子有向上的
16、运动趋势，所以M点受到向下的静摩擦力，C错误；D对于题图乙中的N点，若C轮带动D轮时沿逆时针方向转动，N点相对轮子有向上的运动趋势，可知N点所受静摩擦力方向向下，同理可得，若D轮带动C轮时沿顺时针方向转动，可知N点所受静摩擦力方向也向下，D正确。故选BD。12BCAB图象OA表示物体做非匀变速运动，（加速度逐渐减小），AB段表示物体做匀速直线运动，A错误，B正确；C在09s内物体的运动方向相同，均为正方向，C正确；D在69s内物体加速度方向与912s内的加速度方向相同，速度方向相反，D错误。故选BC。13BD甲、乙、丙三球位于同一竖直线上且均处于静止状态，甲球间轻绳剪断瞬时，由于弹簧不能产生突
17、变，所以甲、乙两球为一整体，可有3mg=2maa=1.5g即甲、乙两球加速度大小相等为1.5g，丙球受力平衡，加速度是零，AC错误，BD正确。故选BD。14BCD以物体为研究对象，根据图解法可知，当拉力与细线垂直时最小，根据平衡条件得的最小值为当拉力水平向右时，拉力最大故选BCD。以物体为研究对象，采用图解法分析什么条件下拉力F最小再根据平衡条件求解F的最小值和最大值；本题是物体平衡中极值问题，难点在于分析F取得最小值的条件，采用作图法，也可以采用函数法分析确定。15BCA滑块在斜面上运动过程中，由于存在摩擦力，机械能不断减小，经过同一点时下滑的速度小于上滑的速度，回到出发点时的速度比出发时的
18、初速度小故A错误B设斜面的倾角为物体在上滑与下滑两个过程中，所受的合力方向均沿斜面向下，加速度方向相同设上滑与下滑两个过程加速度大小分别为a1和a2根据牛顿第二定律得：mgsin+mgcos=ma1；mgsinmgcos=ma2；则得：a1=gsin+gcosa2=gsingcos则有：a1a2故B正确C在上滑过程中：上滑的位移大小为： 重力势能为： 为抛物线方程下滑过程：重力势能为 H为斜面的最大高度，t0是上滑的时间，此为开口向下的抛物线方程所以C是可能的故C正确D由于物体克服摩擦力做功，其机械能不断减小，根据功能关系得：E=E0f1x=E0f1（v0ta1t2）可知Et图象应为抛物线故D
19、错误故选BC16 CD#DC 甲（1）1ABD本实验的目的是为了验证力的平行四边形定则，即研究合力与分力的关系根据合力与分力是等效的，本实验没必要必须将弹簧秤都拉伸到相同刻度，但是橡皮条两次沿相同方向拉伸的长度要相同，即必须将橡皮条和绳的结点O拉到相同位置，故AB错误，D正确；C本实验要作出力的图示，所以要记录力的大小和方向，故C正确。故选CD。（2）2用平行四边形定则求出的合力可以与橡皮条拉力的方向有偏差，但用一只弹簧测力计拉结点的拉力与橡皮条拉力一定在同一直线上，故甲图符合实验事实。17 A 1.50m/s2 (1)1AB为了使细线对小车的拉力等于小车所受的合外力，需要平衡摩擦力，平衡摩擦
20、力时应当将穿过打点计时器的纸带连在小车上，调整长木板的倾斜度，让小车拖着纸带做匀速直线运动，同时要调整长木板上滑轮的高度使细线与长木板平行，A正确，B错误，故选A。(2)2由于两计数点间还有1个点，故打点周期为0.04s，纸带可知，由得(3)3在本实验中认为细线的拉力F等于砝码和砝码盘的总重力mg，由此造成的误差是系统误差，对小车，根据牛顿第二定律得对整体，根据牛顿第二定律得且解得18（1）65m；（2）25m；（3）5m/s（1）由可得，物体的速度减为零需要的时间故时物体正在下落；路程应等于向上的高度与后内下落的高度之和，由可得后下落的高度故总路程（2）位移位移方向向上；（3）平均速度19=
21、tan【分析】对物体受力分析，根据平衡条件和滑动摩擦力公式求解动摩擦因数分析物体受力如图所示根据平衡条件，在沿斜面方向在垂直斜面方向摩擦力为联立可得动摩擦因数为本题主要考查了物体的平衡和滑动摩擦力公式的结合，属于基础题。20(1)0.25(2) 4m/s2【分析】由牛顿第二定律可得A受到的摩擦力，进而可得A与斜面的摩擦因数；AB具有相同的加速度，由此可得加速度(1)由图乙可知物体A先加速运动0.5 s，然后再匀减速运动0.25 s减速到零，加速度：B落地后，由牛顿第二定律知：mAgsinmAgcosmAa2解得：0.25(2)A下滑过程，由牛顿第二定律：mAgsinmAgcosmAa代入数据得：a4 m/s2.本题是需要熟练掌握运动学、牛顿第二定律的基本应用21(1)3N；(2)7m(1)物体运动的加速度为将两物块A、B作为一个整体，根据牛顿第二定律代入数据解得(2) 当整体运动t2=4s时的速度剪断轻绳后物块A做匀减速运动A的运动时间解得A的运动距离剪断轻绳后物块B做匀加速运动B继续运动的距离所以物块A静止时物块A、B之间的距离为